2019年高考物理二輪復(fù)習(xí)仿真模擬五.docx

仿真模擬五第卷(選擇題，共48分)一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分14來自太陽的帶電粒子會在地球的兩極引起極光帶電粒子與地球大氣層中的原子相遇，原子吸收帶電粒子的一部分能量后，立即將能量釋放出來就會產(chǎn)生奇異的光芒，形成極光極光的光譜線波長范圍約為3100 6700 (1 1010m)據(jù)此推斷以下說法不正確的是()A極光光譜頻率的數(shù)量級約為1014HzB極光出現(xiàn)在極地附近與帶電粒子受到洛倫茲力有關(guān)C原子在從高能級向低能級躍遷時輻射出極光D對極光進行光譜分析可以鑒別太陽物質(zhì)的組成成分15本組照片記錄了一名騎車人因自行車前輪突然陷入一較深的水坑而倒地的過程下面是從物理的角度去解釋此情境的，其中正確的是()A. 這是因為水坑里的水對自行車前輪的阻力太大，而使人和車一起倒地的B. 騎車人與自行車原來處于運動狀態(tài)，車前輪陷入水坑后前輪立刻靜止，但人與車的后半部分由于慣性仍保持原有的運動狀態(tài)，因此摔倒C. 因為自行車的前輪陷入水坑后，自行車還能加速運動，所以人和車一起倒地了D. 因為自行車的前輪陷入水坑后，自行車的慣性立即消失，而人由于慣性將保持原有的運動狀態(tài)，故人向原來的運動方向倒下了16. 一質(zhì)點做勻變速直線運動，已知初速度大小為v，經(jīng)過一段時間速度大小變?yōu)?v，加速度大小為a，這段時間內(nèi)的路程與位移大小之比為53，則下列敘述正確的是()A. 這段時間內(nèi)質(zhì)點運動方向不變B. 這段時間為C. 這段時間的路程為D. 再經(jīng)過相同時間質(zhì)點速度大小為3v17如圖所示，小球從斜面的頂端以不同的初速度沿水平方向拋出，落在傾角一定、足夠長的斜面上不計空氣阻力，下列說法正確的是()A. 初速度越大，小球落到斜面上時的速度方向與水平方向的夾角越大B. 小球落到斜面上時的速度大小與初速度的大小成正比C. 小球運動到距離斜面最遠處所用的時間與初速度的大小無關(guān)D. 當(dāng)用一束平行光垂直照射斜面，小球在斜面上的投影做勻速運動18近期，科學(xué)家在英國自然科學(xué)期刊上宣布重大發(fā)現(xiàn)，在太陽系之外，一顆被稱為Trappist1的超冷矮星周圍的所有7顆行星的表面都可能有液態(tài)水，其中有3顆行星還位于適宜生命存在的宜居帶，這7顆類似地球大小、溫度相似，可能由巖石構(gòu)成的行星圍繞一顆恒星公轉(zhuǎn)，如圖為新發(fā)現(xiàn)的Trappist1星系(圖上方)和太陽系內(nèi)行星及地球(圖下方)實際大小和位置對比，則下列說法正確的是()A這7顆行星運行的軌道一定都是圓軌道B這7顆行星運行的線速度大小都不同，最外側(cè)的行星線速度最大C這7顆行星運行的周期都不同，最外側(cè)的行星周期最大D在地球上發(fā)射航天器到達該星系，航天器的發(fā)射速度至少要達到第二宇宙速度19如圖，直角三角形OAC的C30，B點為AC邊的中點，直角頂點O處有一點電荷，下列說法正確的是()AAC邊上所有的點中，B點的電場強度最大BA、B兩點電場強度大小相等CA、B兩點電勢相等DA、B兩點間的電勢差與B、C兩點間電勢差相等20如圖所示直角坐標(biāo)系xOy，P(a，b)為第四象限內(nèi)的一點，一質(zhì)量為m、電荷量為q的負電荷(電荷重力不計)從原點O以初速度v0沿y軸正方向射入第一次在整個坐標(biāo)系內(nèi)加垂直紙面向里的勻強磁場，該電荷恰好能通過P點；第二次保持y0區(qū)域磁場不變，而將y0區(qū)域磁場不變，而將yt2，即第二次所用時間一定短些，故C正確；電荷通過P點時的速度，第一次與x軸負方向的夾角為，則有tan；第二次與x軸負方向的夾角，則有tan，所以有tantan，電荷第二次通過P點時的速度與x軸負方向的夾角一定大些，故D錯誤21BD電路中的變壓器不改變交流電的頻率即f50 Hz，故A錯誤；原線圈的電壓有效值為：U1V220 V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，副線圈的有效值為U2440 V，故B正確；在滑動變阻器滑片Q向上移動的過程中，電路的總電阻減小，由于輸入電壓不變，則輸出的電壓不變，所以副線圈電流變大，則原線圈中的電流也變大，由此可知電壓表讀數(shù)不變，電流表讀數(shù)變大，故C錯誤，D正確22(1) 7.15(2)2gH0td2(3)增加解析：(1)根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則得讀數(shù)為：7 mm30.05 mm7.15 mm；(2)若要滿足機械能守恒，則金屬球減小的重力勢能等于金屬球增加的動能：mgH0m()2，整理可以得到：2gH0td2；(3)由于該過程中有阻力做功，而高度越高，阻力做功越多，故增加下落高度后，則EpEk將增加23(1)0.6電動機線圈電阻遠小于電壓表內(nèi)阻(電動機線圈電阻與電流表內(nèi)阻相當(dāng))(3)如下圖(6)80%解析：(1)電動機的額定電流約為I0.5 A，所以電流表選用0.6 A量程即可，電流表采用外接法的原因是電動機線圈電阻遠小于電壓表內(nèi)阻(3)為了增大電壓表的調(diào)節(jié)范圍，滑動變阻器采用分壓式接法(6)風(fēng)扇不轉(zhuǎn)動時，可測量電動機的內(nèi)阻R2 ，風(fēng)扇正常運轉(zhuǎn)時電動機的效率80%.24(1)，(2)(v1tv1tv2t)解析：(1)開關(guān)斷開時，金屬棒在導(dǎo)軌上勻加速下滑，由牛頓第二定律有mgsinma由勻變速運動的規(guī)律有：v1at解得sin開關(guān)閉合后，金屬棒在導(dǎo)軌上做變加速運動，最終以v2勻速運動，勻速時mgsinBIL又有：I解得 B.(2)在金屬棒變加速運動階段，根據(jù)動量定理可得mgsintBLtmv2mv1其中tq聯(lián)立上式可得q(v1tv1tv2t).25(1)1 m/s (2)46 N，方向豎直向下 (3)EKD0.25 J或EKD1.25 5s (J)解析：(1)從A到B，物塊做平拋運動，由幾何關(guān)系得： sin37vB1 m/s.(2)從B到C，物塊機械能守恒mvmg(RRsin37)mv解得：vC3 m/sFNmgm聯(lián)立解得FN46 N根據(jù)牛頓第三定律FNFN，物塊在C點對軌道的壓力大小為46 N，方向豎直向下(3) 物塊從C點滑上滑板后開始做勻減速運動，此時滑板開始作勻加速直線運動，當(dāng)物塊與滑板達到共同速度時，二者開始做勻速直線運動設(shè)它們的共同速度為v，根據(jù)動量守恒mvC(mM)v解得 v1 m/s，對物塊，用動能定理列方程：mgs1mv2mv，解得：s10.8 m，對滑板，用動能定理列方程：mgs2Mv2，解得：s20.2 m，由此可知物塊在滑板上相對滑過ss1s20.6 m時，小于0.65 m，并沒有滑下去，二者就具有共同速度了(同速時物塊離滑板右側(cè)還有Ls0.05 m距離)當(dāng)0.2 ms0.5 m時，物塊的運動是勻減速運動s10.8 m，勻速運動ss2，勻減速運動Ls0.05 m，滑上平臺D，根據(jù)動能定理得mgEKDmv，解得：EKD0.25 J.當(dāng)0.1 ms0.2 m時，物塊的運動是勻減速運動Ls，滑上平臺D.根據(jù)動能定理：mg(Ls)EKDmv解得：EKD 1.255 s (J)33(1)BDE(2)270 K 250 K解析：(2)設(shè)重物剛好離開地面時，壓強為p2，活塞受力平衡，故封閉氣體壓強p2p00.9105 Pa等容變化，根據(jù)查理定律有解得T2270 K.設(shè)活塞被銷子K銷定時，氣體體積V1 L1S設(shè)重物緩慢上升h2 cm時，氣體體積V2( L1h)S等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律有 解得T2 250 K.34(1)ACE (2) l 解析：(1)圖示時刻，實線波x3 m處的質(zhì)點正處在平衡位置向上振動，可推知實線波沿x軸正方向傳播，虛線波沿x軸負方向傳播，故A正確；兩列波在同一均勻介質(zhì)傳播，所以兩列波的波速相同，由波形圖可知波長不同，根據(jù)vf，所以兩列波的頻率不同，不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，故B錯誤；根據(jù)vf，由實線波可知vf62.50 m/s15 m/s，故C正確；因為xvt150.025 m0.375 m，所以x1.5 m處的實線波峰將傳到x(1.50.375)m1.875 m處，x2.25 m處的虛線波峰也將傳到x(2.250.375) m1.875 m處，所以平衡位置x1.875 m的質(zhì)點將位于y30 cm處，故D錯誤；圖示時刻平衡