山東省濰坊市安丘二中高三物理上學(xué)期期末試題（含解析）新人教版.doc

2013-2014學(xué)年山東省濰坊市安丘二中高三（上）期末物理試卷一、選擇題：本題10個(gè)小題，每小題4分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有一個(gè)或多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，選錯(cuò)或不選均得0分1（4分）（2012秋臨沂期末）物理學(xué)在研究實(shí)際問題時(shí)，常常進(jìn)行科學(xué)抽象，即抓住研究問題的主要特征，不考慮與當(dāng)前研究問題無關(guān)或影響較小的因素，建立理想化模型以下屬于物理學(xué)中的理想化模型的是（）a加速度b點(diǎn)電荷c質(zhì)點(diǎn)d力的合成2（4分）（2010上海）如圖為質(zhì)量相等的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)a、b在同一直線上運(yùn)動(dòng)的vt圖象由圖可知（）a在t時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)在同一位置b在t時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)速度相等c在0t時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)b比質(zhì)點(diǎn)a位移大d在0t時(shí)間內(nèi)合外力對(duì)兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)做功相等3（4分）（2013秋安丘市校級(jí)期末）如圖所示，固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓環(huán)的最高點(diǎn)有一個(gè)光滑的小孔，質(zhì)量為m的小球套在圓環(huán)上，一根細(xì)線的下端系著小球，上端穿過小孔用力f拉住，繩與豎直方向夾角為，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)設(shè)小球受支持力為fn，則下列關(guān)系正確的是（）af=2mgcos bf=mgcoscfn=2mgdfn=mg4（4分）（2008秋濟(jì)寧期末）如圖所示的電路，水平放置的平行板電容器中有一個(gè)帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑片p向左移動(dòng)，則（）a電容器中的電場強(qiáng)度將增大b電容器上的電荷量將減少c電容器的電容將減小d液滴將向上運(yùn)動(dòng)5（4分）（2009廣東）某人在地面上用彈簧秤稱得體重為490n他將彈簧秤移至電梯內(nèi)稱其體重，t0至t3時(shí)間段內(nèi)，彈簧秤的示數(shù)如圖所示，電梯運(yùn)行的vt圖可能是（取電梯向上運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎ǎ゛bcd6（4分）（2013甘肅一模）如圖所示，a為靜止于地球赤道上的物體，b為繞地球沿橢圓軌道運(yùn)行的衛(wèi)星，c為繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，p為b、c兩衛(wèi)星軌道的交點(diǎn)已知a、b、c繞地心運(yùn)動(dòng)的周期相同，相對(duì)于地心，下列說法中正確的是（）a物體a和衛(wèi)星c具有相同大小的線速度b物體a和衛(wèi)星c具有相同大小的加速度c衛(wèi)星b在p點(diǎn)的加速度與衛(wèi)星c在該點(diǎn)的加速度一定相同d衛(wèi)星b在p點(diǎn)的線速度與衛(wèi)星c在該點(diǎn)的線速度一定相同7（4分）（2015青羊區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，一帶電荷量為q的帶電粒子以一定的初速度由p點(diǎn)射入勻強(qiáng)電場，入射方向與電場線垂直粒子從q點(diǎn)射出電場時(shí)，其速度方向與電場線成30角已知?jiǎng)驈?qiáng)電場的寬度為d，p、q兩點(diǎn)的電勢(shì)差為u，不計(jì)重力作用，設(shè)p點(diǎn)的電勢(shì)為零則下列說法正確的是（）a帶電粒子在q點(diǎn)的電勢(shì)能為uqb帶電粒子帶負(fù)電c此勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為e=d此勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為e=8（4分）（2012德州一模）如圖甲所示，理想變壓器原線圈輸入端接如圖乙所示的交變電壓，移動(dòng)滑動(dòng)觸頭p，可以改變?cè)€圈的匝數(shù)變壓器的副線圈與一個(gè)滑動(dòng)變阻器相連，q為變阻器的滑動(dòng)觸頭，電壓表為理想交流電壓表下列說法正確的是（）a向上移動(dòng)p，輸入電壓的頻率不變b向上移動(dòng)p，輸入電流減小c保持p不動(dòng)，向下移動(dòng)q，變壓器的輸入功率減小d保持q不動(dòng)，向下移動(dòng)p，電壓表的示數(shù)增大9（4分）（2013秋安丘市校級(jí)期末）如圖所示，光滑水平面ob與足夠長粗糙斜面bc交于b點(diǎn)輕彈簧左端固定于豎直墻面，現(xiàn)將質(zhì)量為m1的滑塊壓縮彈簧至d點(diǎn)，然后由靜止釋放，滑塊脫離彈簧后經(jīng)b點(diǎn)滑上斜面，上升到最大高度，并靜止在斜面上不計(jì)滑塊在b點(diǎn)的機(jī)械能損失；換用相同材料質(zhì)量為m2的滑塊（m2m1）壓縮彈簧到相同位置，然后由靜止釋放，下列對(duì)兩滑塊說法正確的是（）a兩滑塊到達(dá)b點(diǎn)的速度相同b兩滑塊沿斜面上升的最大高度相同c兩滑塊上升到最高點(diǎn)過程克服重力做的功相同d兩滑塊上升到最高點(diǎn)過程機(jī)械能損失相同10（4分）（2012德州二模）如圖所示，相距為d的兩水平虛線l1、l2之間有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為b，正方形線圈abcd的邊長為l（ld）、質(zhì)量為m、電阻為r現(xiàn)將線圈在磁場上方高 h處由靜止釋放，ab邊剛進(jìn)入磁場時(shí)的速度和cd邊剛離開磁場時(shí)的速度相同下列說法正確的是（）a進(jìn)入磁場和離開磁場的過程電流方向相同b進(jìn)入磁場和離開磁場的過程通過線圈橫截面的電荷量相同c在線圈全部穿過磁場過程中一定存在減速運(yùn)動(dòng)的過程d在線囤全部穿過磁場過程中線圈克服安培力所做的功為2mgd二、實(shí)驗(yàn)題11（8分）（2013秋安丘市校級(jí)期末）實(shí)驗(yàn)室利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究小滑塊的運(yùn)動(dòng)情況，打出如圖所示的紙帶，其中紙帶b端與滑塊相連接，計(jì)時(shí)器接在頻率為50hz的交流電源上請(qǐng)回答下列問題：紙帶中ab段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為根據(jù)紙帶請(qǐng)判斷該滑塊的運(yùn)動(dòng)屬于（填“勻速”、“勻加速”、“勻減速”）直線運(yùn)動(dòng)從紙帶可以測出ab兩點(diǎn)間的距離為，滑塊的加速度大小為（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）12（10分）（2013秋安丘市校級(jí)期末）為了測量某一未知阻值的電阻rx，某實(shí)驗(yàn)小組找來以下器材：電壓表（03v，內(nèi)阻約3k）、電流表（00.6a，內(nèi)阻約1）、滑動(dòng)變阻器（015，2a）、電源（e=3v，內(nèi)阻很?。㈤_關(guān)與導(dǎo)線，該小組同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作如下，請(qǐng)你按要求填寫：斷開開關(guān)，請(qǐng)按圖甲所示的電路圖在圖乙中連接實(shí)物圖；如圖乙，閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片置于端閉合開關(guān)，緩慢調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，得到多組電壓表與電流表的讀數(shù)，建立合適的坐標(biāo)系作出iu圖如下；整理儀器根據(jù)iu圖可得，該未知電阻的阻值為rx=（保留兩位有效數(shù)字）由于實(shí)驗(yàn)中使用的電表不是理想電表，會(huì)對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果造成一定的影響，則該小組同學(xué)實(shí)驗(yàn)測出的電阻值 rx的真實(shí)值（填“”、“”或“=”）利用現(xiàn)有的儀器，為了更加精確地測量這個(gè)電阻的阻值，你給該實(shí)驗(yàn)小組的建議是：三、計(jì)算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要計(jì)算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13（10分）（2011秋中山期末）如圖所示，光滑水平面上靜止放著長l=1.6m，質(zhì)量為m=3kg的木塊（厚度不計(jì)），一個(gè)質(zhì)量為m=1kg的小物體放在木板的最右端，m和m之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.1，今對(duì)木板施加一水平向右的拉力f，（g取10m/s2）（1）如果拉力f=10n恒定不變，求小物體離開木板時(shí)的動(dòng)能大??？（2）為使物體與木板不發(fā)生滑動(dòng)，f不能超過多少？14（10分）（2012德州二模）如圖所示，一質(zhì)量為m=2kg的滑塊從半徑為r=0.2m的光滑四分之一圓弧軌道的頂端a處由靜止滑下，a點(diǎn)和圓弧對(duì)應(yīng)的圓心o點(diǎn)等高，圓弧的底端b與水平傳送帶平滑相接已知傳送帶勻速運(yùn)行速度為v0=4m/s，b點(diǎn)到傳送帶右端c點(diǎn)的距離為l=2m當(dāng)滑塊滑到傳送帶的右端c時(shí)，其速度恰好與傳送帶的速度相同（g=10m/s2）求：（1）滑塊到達(dá)底端b時(shí)對(duì)軌道的壓力；（2）滑塊與傳送帶問的動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）此過程中，由于滑塊與傳送帶之間的摩擦而產(chǎn)生的熱量q5（10分）（2005上海）如圖所示，處于勻強(qiáng)磁場中的兩根足夠長、電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌相距l(xiāng)m，導(dǎo)軌平面與水平面成=37角，下端連接阻值為r的電阻勻強(qiáng)磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直質(zhì)量為0.2kg、電阻不計(jì)的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，它們之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25求：（1）求金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑時(shí)的加速度大??；（2）當(dāng)金屬棒下滑速度達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，電阻r消耗的功率為8w，求該速度的大小；（3）在上問中，若r=2，金屬棒中的電流方向由a到b，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與方向（g=10rn/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）16（12分）（2015肇慶二模）如圖所示，相距為d、板間電壓為u的平行金屬板m、n間有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為b0的勻強(qiáng)磁場；在poy區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場；pox區(qū)域?yàn)闊o場區(qū)一正離子沿平行于金屬板、垂直磁場射入兩板間并做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從h（0，a）點(diǎn)垂直y軸進(jìn)入第象限（1）求離子在平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)速度；（2）若離子經(jīng)op上某點(diǎn)離開磁場，最后垂直x軸離開第象限，求離子在第象限磁場區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（3）要使離子一定能打在x軸上，則離子的荷質(zhì)比應(yīng)滿足什么條件？2013-2014學(xué)年山東省濰坊市安丘二中高三（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題10個(gè)小題，每小題4分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有一個(gè)或多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，選錯(cuò)或不選均得0分1（4分）（2012秋臨沂期末）物理學(xué)在研究實(shí)際問題時(shí)，常常進(jìn)行科學(xué)抽象，即抓住研究問題的主要特征，不考慮與當(dāng)前研究問題無關(guān)或影響較小的因素，建立理想化模型以下屬于物理學(xué)中的理想化模型的是（）a加速度b點(diǎn)電荷c質(zhì)點(diǎn)d力的合成考點(diǎn)：質(zhì)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)；元電荷、點(diǎn)電荷分析：理想化模型是對(duì)事物的各個(gè)物理因素加以分析、忽略與問題無關(guān)或影響較小的因素，突出對(duì)問題起作用較大的主要因素，從而把問題簡化解答：解：a、加速度是描述速度變化快慢的物理，不屬于理想化模型，故a錯(cuò)誤；b、點(diǎn)電荷忽略了電荷的大小等次要因素，是一種理想化物理模型，故b正確；c、質(zhì)點(diǎn)是用來表示物體的有質(zhì)量的點(diǎn)，忽略了物體的大小、形狀等次要因數(shù)，是一種理想化模型，故c正確；d、力的合成是一種等效替代思維，故d錯(cuò)誤；故選bc點(diǎn)評(píng)：理想化模型是抓住問題的主要方面，忽略問題的次要方面，是物理學(xué)中一種常見的研究方法2（4分）（2010上海）如圖為質(zhì)量相等的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)a、b在同一直線上運(yùn)動(dòng)的vt圖象由圖可知（）a在t時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)在同一位置b在t時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)速度相等c在0t時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)b比質(zhì)點(diǎn)a位移大d在0t時(shí)間內(nèi)合外力對(duì)兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)做功相等考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像專題：計(jì)算題分析：由圖象可以看出a物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，b物體先做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)圖象的交點(diǎn)表明該時(shí)刻速度相等，位移可以通過圖線與時(shí)間軸包圍的面積來求解，合力做的功等于動(dòng)能的增加量解答：解：a、兩質(zhì)點(diǎn)位移等于圖線與時(shí)間軸包圍的面積，顯然b的位移較大，因而a錯(cuò)誤；b、速度時(shí)間圖象反映的是質(zhì)點(diǎn)任意時(shí)刻的速度情況，兩個(gè)圖象的交點(diǎn)表明該時(shí)刻速度相等，故b正確；c、兩質(zhì)點(diǎn)位移等于圖線與時(shí)間軸包圍的面積，顯然b的位移較大，因而c正確；d、兩質(zhì)點(diǎn)質(zhì)量相等，t=0時(shí)刻動(dòng)能均為0，t時(shí)刻速度相等，因而動(dòng)能也相等，根據(jù)動(dòng)能定理，可以知道，合外力做的功相等；故選bcd點(diǎn)評(píng)：在物理學(xué)中圖象是描述物理規(guī)律的重要方法之一，不僅在力學(xué)中，在電磁學(xué)、熱學(xué)中也經(jīng)常使用其中在力學(xué)中我們經(jīng)常要用到 圖象，圖象的優(yōu)點(diǎn)是不僅能夠形象、直觀地反映出物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，圖線的斜率，圖線與時(shí)間軸所圍的“面積”等還有特殊的物理意義3（4分）（2013秋安丘市校級(jí)期末）如圖所示，固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓環(huán)的最高點(diǎn)有一個(gè)光滑的小孔，質(zhì)量為m的小球套在圓環(huán)上，一根細(xì)線的下端系著小球，上端穿過小孔用力f拉住，繩與豎直方向夾角為，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)設(shè)小球受支持力為fn，則下列關(guān)系正確的是（）af=2mgcos bf=mgcoscfn=2mgdfn=mg考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：對(duì)小球受力分析，作出力的平行四邊形，同時(shí)作出ab與半徑組成的圖象；則可知兩三角形相似，故由相似三角形知識(shí)可求得拉力及支持力解答：解：小球沿圓環(huán)緩慢上移可看做勻速運(yùn)動(dòng)，對(duì)小球進(jìn)行受力分析，小球受重力g，f，fn，三個(gè)力，滿足受力平衡作出受力分析圖如下：由圖可知oabgfa即：=；解得：f=2cosg=2mgcosfn=g=mg故ad正確，bc錯(cuò)誤；故選：ad點(diǎn)評(píng)：相似三角形法在處理共點(diǎn)力的動(dòng)態(tài)平衡時(shí)較為常見，當(dāng)無法找到直角時(shí)，應(yīng)考慮應(yīng)用此法4（4分）（2008秋濟(jì)寧期末）如圖所示的電路，水平放置的平行板電容器中有一個(gè)帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑片p向左移動(dòng)，則（）a電容器中的電場強(qiáng)度將增大b電容器上的電荷量將減少c電容器的電容將減小d液滴將向上運(yùn)動(dòng)考點(diǎn)：電容；閉合電路的歐姆定律專題：電容器專題分析：由題意可知，電容器與r2并聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可確定隨著滑片左移，電阻的變化，導(dǎo)致電壓的變化，從而判定電阻r2的電壓變化，再根據(jù)可得，電容器的電量及由e=知兩極間的電場強(qiáng)度如何變化解答：解：a、電容器兩板間電壓等于r2兩端電壓當(dāng)滑片p向左移動(dòng)時(shí)，總電阻增大，則總電流減小，外電阻增大，由于r1電壓減小，則r2兩端電壓u增大，由e=知電容器中場強(qiáng)變大，a正確；b、根據(jù)可得，電容器充電，電荷量增大，b錯(cuò)誤；c、電容器的電容與u的變化無關(guān)，保持不變，c項(xiàng)錯(cuò)誤d、當(dāng)滑片p向左移動(dòng)時(shí)，r2兩端電壓u增大，由e=知電容器中場強(qiáng)變大，則帶電液滴所受電場力變大，使液滴向上運(yùn)動(dòng)，d項(xiàng)正確；故選：bd點(diǎn)評(píng)：考查電容器的動(dòng)態(tài)分析，涉及到閉合電路的歐姆定律，同時(shí)與e=公式的理解5（4分）（2009廣東）某人在地面上用彈簧秤稱得體重為490n他將彈簧秤移至電梯內(nèi)稱其體重，t0至t3時(shí)間段內(nèi)，彈簧秤的示數(shù)如圖所示，電梯運(yùn)行的vt圖可能是（取電梯向上運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎ǎ゛bcd考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；牛頓第二定律分析：由圖可知各段上物體的受力情況，則由牛頓第二定律可求得物體的加速度，即可確定其運(yùn)動(dòng)情況，畫出vt圖象解答：解：由圖可知，t0至t1時(shí)間段彈簧秤的示數(shù)小于g，故合力為gf=50n，物體可能向下加速，也可能向上減速；t1至t2時(shí)間段彈力等于重力，故合力為零，物體可能為勻速也可能靜止；而t2至t3時(shí)間段內(nèi)合力向上，故物體加速度向上，電梯可能向上加速也可能向下減速；ad均符合題意；故選ad點(diǎn)評(píng)：本題考查圖象與牛頓第二定律的綜合，關(guān)鍵在于明確加速度的方向，本題易錯(cuò)在考慮不全面上，應(yīng)找出所有的可能性再確定答案6（4分）（2013甘肅一模）如圖所示，a為靜止于地球赤道上的物體，b為繞地球沿橢圓軌道運(yùn)行的衛(wèi)星，c為繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，p為b、c兩衛(wèi)星軌道的交點(diǎn)已知a、b、c繞地心運(yùn)動(dòng)的周期相同，相對(duì)于地心，下列說法中正確的是（）a物體a和衛(wèi)星c具有相同大小的線速度b物體a和衛(wèi)星c具有相同大小的加速度c衛(wèi)星b在p點(diǎn)的加速度與衛(wèi)星c在該點(diǎn)的加速度一定相同d衛(wèi)星b在p點(diǎn)的線速度與衛(wèi)星c在該點(diǎn)的線速度一定相同考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用專題：人造衛(wèi)星問題分析：根據(jù)a、c的周期相等，知角速度相等，通過v=r比較a、c速度的大小因?yàn)樾l(wèi)星的周期一定，根據(jù)萬有引力提供向心力確定其軌道半徑一定根據(jù)衛(wèi)星所受的萬有引力，通過牛頓第二定律比較加速度的大小解答：解：a、物體a和衛(wèi)星c的周期相等，則角速度相等，根據(jù)v=r知，半徑越大，線速度越大所以衛(wèi)星c的運(yùn)行速度大于物體a的速度故a錯(cuò)誤b、物體a和衛(wèi)星c的周期相等，則角速度相等，根據(jù)a=r2知，半徑越大，加速度越大，所以衛(wèi)星c的運(yùn)行加速度大于物體a的加速度故b錯(cuò)誤c、根據(jù)a=，兩衛(wèi)星距離地心的距離相等，則加速度相等故c正確d、衛(wèi)星b做橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星c做圓周運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星b在p點(diǎn)的線速度與衛(wèi)星c在該點(diǎn)的線速度不一定相同，故d錯(cuò)誤故選：c點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道a和c的角速度相等，通過v=r 比較線速度大小，注意物體a隨地球做圓周運(yùn)動(dòng)不是靠萬有引力提供向心力7（4分）（2015青羊區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，一帶電荷量為q的帶電粒子以一定的初速度由p點(diǎn)射入勻強(qiáng)電場，入射方向與電場線垂直粒子從q點(diǎn)射出電場時(shí)，其速度方向與電場線成30角已知?jiǎng)驈?qiáng)電場的寬度為d，p、q兩點(diǎn)的電勢(shì)差為u，不計(jì)重力作用，設(shè)p點(diǎn)的電勢(shì)為零則下列說法正確的是（）a帶電粒子在q點(diǎn)的電勢(shì)能為uqb帶電粒子帶負(fù)電c此勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為e=d此勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為e=考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)；電勢(shì)能專題：電磁學(xué)分析：根據(jù)公式w=qu求出電場力做功，確定出p、q間電勢(shì)能的差，即可求得q點(diǎn)的電勢(shì)能根據(jù)粒子軌跡彎曲方向，判斷出粒子所受的電場力方向，即可判斷其電性；帶電粒子垂直進(jìn)入勻強(qiáng)電場中，做類平拋運(yùn)動(dòng)，在q點(diǎn)建立直角坐標(biāo)系，垂直于電場線為x軸，平行于電場線為y軸，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出粒子到達(dá)q點(diǎn)時(shí)的速度根據(jù)位移公式和兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的等時(shí)性，列出x方向和y方向兩個(gè)方向的分位移與時(shí)間的關(guān)系式，即可求出豎直方向的位移大小y0，由e=求解場強(qiáng)的大小解答：解：a、b、由圖看出粒子的軌跡向上，則所受的電場力向上，與電場方向相同，所以該粒子帶正電粒子從p到q，電場力做正功，為w=qu，則粒子的電勢(shì)能減少了qu，p點(diǎn)的電勢(shì)為零，則知帶電粒子在q點(diǎn)的電勢(shì)能為uq，故a正確、b錯(cuò)誤c、d、設(shè)帶電粒子在p點(diǎn)時(shí)的速度為v0，在q點(diǎn)建立直角坐標(biāo)系，垂直于電場線為x軸，平行于電場線為y軸，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和幾何知識(shí)求得粒子在y軸方向的分速度為：vy=v0 粒子在y方向上的平均速度為：=粒子在y方向上的位移為y0，粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則：豎直方向有：y0=t=水平方向有：d=v0t可得：y0=所以場強(qiáng)為：e=聯(lián)立得：e=，故c正確，d錯(cuò)誤故選：ac點(diǎn)評(píng)：本題根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)結(jié)合求解8（4分）（2012德州一模）如圖甲所示，理想變壓器原線圈輸入端接如圖乙所示的交變電壓，移動(dòng)滑動(dòng)觸頭p，可以改變?cè)€圈的匝數(shù)變壓器的副線圈與一個(gè)滑動(dòng)變阻器相連，q為變阻器的滑動(dòng)觸頭，電壓表為理想交流電壓表下列說法正確的是（）a向上移動(dòng)p，輸入電壓的頻率不變b向上移動(dòng)p，輸入電流減小c保持p不動(dòng)，向下移動(dòng)q，變壓器的輸入功率減小d保持q不動(dòng)，向下移動(dòng)p，電壓表的示數(shù)增大考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率專題：交流電專題分析：變壓器不改變交流電的頻率，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率解答：解：a、變壓器不改變交流電的頻率，a正確；b、向上移動(dòng)p，原線圈匝數(shù)增大，副線圈電壓減小，電流減小，所以輸入電流減小，b正確；c、保持p不動(dòng)，副線圈電壓不變，向下移動(dòng)q，電壓表的示數(shù)減小，變壓器的輸入功率等于輸出功率不變，c錯(cuò)誤；d、保持q不動(dòng)，向下移動(dòng)p，原線圈匝數(shù)減小，副線圈電壓增大，電壓表示數(shù)增大，故d正確故選：abd點(diǎn)評(píng)：本題考查了變壓器的特點(diǎn)，結(jié)合閉合電路歐姆定律考查了電路的動(dòng)態(tài)分析9（4分）（2013秋安丘市校級(jí)期末）如圖所示，光滑水平面ob與足夠長粗糙斜面bc交于b點(diǎn)輕彈簧左端固定于豎直墻面，現(xiàn)將質(zhì)量為m1的滑塊壓縮彈簧至d點(diǎn)，然后由靜止釋放，滑塊脫離彈簧后經(jīng)b點(diǎn)滑上斜面，上升到最大高度，并靜止在斜面上不計(jì)滑塊在b點(diǎn)的機(jī)械能損失；換用相同材料質(zhì)量為m2的滑塊（m2m1）壓縮彈簧到相同位置，然后由靜止釋放，下列對(duì)兩滑塊說法正確的是（）a兩滑塊到達(dá)b點(diǎn)的速度相同b兩滑塊沿斜面上升的最大高度相同c兩滑塊上升到最高點(diǎn)過程克服重力做的功相同d兩滑塊上升到最高點(diǎn)過程機(jī)械能損失相同考點(diǎn)：功能關(guān)系；動(dòng)能定理的應(yīng)用分析：先是彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，沖上斜面運(yùn)動(dòng)過程機(jī)械能損失變?yōu)槟Σ辽鸁?，由能量守恒定律可得，?dòng)能的減少等于重力勢(shì)能的增加量與摩擦產(chǎn)生的熱量之和解答：解：a、兩滑塊到b點(diǎn)的動(dòng)能相同，但速度不同，故a錯(cuò)誤；b、兩滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度相同，由于速度不同，故上升高度不同故b錯(cuò)誤；c、兩滑塊上升到最高點(diǎn)過程克服重力做的功為mgh，由能量守恒定律得：ep=mgh+mgcos，所以，mgh=，故兩滑塊上升到最高點(diǎn)過程克服重力做的功相同，故c正確；d、由能量守恒定律得：ep=mgh+mgcos，其中，e損=mghcot，結(jié)合c分析得，d正確故選：cd點(diǎn)評(píng)：關(guān)鍵是會(huì)應(yīng)用能量守恒定律解決問題，同時(shí)要注意數(shù)學(xué)推理能力訓(xùn)練10（4分）（2012德州二模）如圖所示，相距為d的兩水平虛線l1、l2之間有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為b，正方形線圈abcd的邊長為l（ld）、質(zhì)量為m、電阻為r現(xiàn)將線圈在磁場上方高 h處由靜止釋放，ab邊剛進(jìn)入磁場時(shí)的速度和cd邊剛離開磁場時(shí)的速度相同下列說法正確的是（）a進(jìn)入磁場和離開磁場的過程電流方向相同b進(jìn)入磁場和離開磁場的過程通過線圈橫截面的電荷量相同c在線圈全部穿過磁場過程中一定存在減速運(yùn)動(dòng)的過程d在線囤全部穿過磁場過程中線圈克服安培力所做的功為2mgd考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化專題：電磁感應(yīng)功能問題分析：線圈由靜止釋放，其下邊緣剛進(jìn)入磁場和剛穿出磁場時(shí)刻的速度是相同的，又因?yàn)榫€圈全部進(jìn)入磁場不受安培力，要做勻加速運(yùn)動(dòng)可知線圈進(jìn)入磁場先要做減速運(yùn)動(dòng)解答：解：a、進(jìn)入磁場時(shí)向里的磁通量增加，離開磁場時(shí)向里的磁通量減少，根據(jù)楞次定律知進(jìn)入磁場和離開磁場的過程電流方向相反，故a錯(cuò)誤；b、根據(jù)電荷量q=知，進(jìn)入磁場和離開磁場的過程通過線圈橫截面的電荷量相同，b正確；c、線圈完全進(jìn)入磁場后磁通量不再變化，沒有感應(yīng)電流，不再受安培力，則線圈會(huì)以加速度g加速一段時(shí)間，而cd邊剛離開磁場時(shí)和ab邊剛進(jìn)入磁場時(shí)的速度相同，則線圈離開磁場的過程一定有一段減速過程，c正確；d、根據(jù)能量守恒研究從cd邊剛進(jìn)入磁場到cd邊剛穿出磁場的過程：動(dòng)能變化為0，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為線框產(chǎn)生的熱量，q=mg（d+l）即克服安培力做的功為mg（l+d），故d錯(cuò)誤；故選：bc點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵根據(jù)根據(jù)線圈下邊緣剛進(jìn)入磁場和剛穿出磁場時(shí)刻的速度都是v0，且全部進(jìn)入磁場將做加速運(yùn)動(dòng)，判斷出線圈進(jìn)磁場后先做變減速運(yùn)動(dòng)，也得出全部進(jìn)磁場時(shí)的速度是穿越磁場過程中的最小速度二、實(shí)驗(yàn)題11（8分）（2013秋安丘市校級(jí)期末）實(shí)驗(yàn)室利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究小滑塊的運(yùn)動(dòng)情況，打出如圖所示的紙帶，其中紙帶b端與滑塊相連接，計(jì)時(shí)器接在頻率為50hz的交流電源上請(qǐng)回答下列問題：紙帶中ab段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.08s根據(jù)紙帶請(qǐng)判斷該滑塊的運(yùn)動(dòng)屬于勻減速（填“勻速”、“勻加速”、“勻減速”）直線運(yùn)動(dòng)從紙帶可以測出ab兩點(diǎn)間的距離為9.20cm，滑塊的加速度大小為5.00m/s2（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）考點(diǎn)：探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律專題：實(shí)驗(yàn)題；直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題分析：根據(jù)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離的變化判斷速度的變化利用毫米刻度尺測出ab間的距離應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式推論x=at2求出加速度解答：解：（1）由于相鄰計(jì)時(shí)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.02s，紙帶中ab段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.08s（2）紙帶b端與滑塊相連接，在圖中發(fā)現(xiàn)從打b點(diǎn)到打a點(diǎn)的過程中，由于相鄰的時(shí)間間隔位移之差相等，相鄰計(jì)時(shí)點(diǎn)的位移間隔越來越小，所以紙帶的速度越來越小，所以這段時(shí)間內(nèi)小車做勻減速運(yùn)動(dòng)（3）從紙帶可以測出a、b兩點(diǎn)間的距離為9.20cm由于相鄰的時(shí)間間隔位移之差相等，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式推論x=at2得出：a=5.00m/s2故答案為：（1）0.08s（2）勻減速（3）9.20cm，5.00m/s2點(diǎn)評(píng)：相同的時(shí)間看距離的變化，從而來判斷紙帶的運(yùn)動(dòng)情況，要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用知道毫米刻度尺讀數(shù)時(shí)要進(jìn)行估讀12（10分）（2013秋安丘市校級(jí)期末）為了測量某一未知阻值的電阻rx，某實(shí)驗(yàn)小組找來以下器材：電壓表（03v，內(nèi)阻約3k）、電流表（00.6a，內(nèi)阻約1）、滑動(dòng)變阻器（015，2a）、電源（e=3v，內(nèi)阻很?。?、開關(guān)與導(dǎo)線，該小組同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作如下，請(qǐng)你按要求填寫：斷開開關(guān)，請(qǐng)按圖甲所示的電路圖在圖乙中連接實(shí)物圖；如圖乙，閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片置于a端閉合開關(guān)，緩慢調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，得到多組電壓表與電流表的讀數(shù)，建立合適的坐標(biāo)系作出iu圖如下；整理儀器根據(jù)iu圖可得，該未知電阻的阻值為rx=5.0（保留兩位有效數(shù)字）由于實(shí)驗(yàn)中使用的電表不是理想電表，會(huì)對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果造成一定的影響，則該小組同學(xué)實(shí)驗(yàn)測出的電阻值 rx的真實(shí)值（填“”、“”或“=”）利用現(xiàn)有的儀器，為了更加精確地測量這個(gè)電阻的阻值，你給該實(shí)驗(yàn)小組的建議是：電流表外接考點(diǎn)：伏安法測電阻專題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題分析：根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖；閉合開關(guān)前，滑片應(yīng)置于最大阻值處，根據(jù)電路圖確定滑片的位置；將描出點(diǎn)連接起來；根據(jù)圖象由歐姆定律求出電阻阻值；根據(jù)電路圖與歐姆定律分析實(shí)驗(yàn)誤差；根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法，從而改進(jìn)實(shí)驗(yàn)解答：解：根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示；由圖示電路圖可知，閉合開關(guān)前，滑片應(yīng)置于a端，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大；由圖示ui圖象可知，待測電阻阻值rx=k5.0；由電路圖可知，電流表采用內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，所測電壓偏大，由歐姆定律可知，電阻測量值大于真實(shí)值由于=5，=600，電流表應(yīng)采用外接法，電流表采用外接法可以減小實(shí)驗(yàn)誤差故答案為：實(shí)物圖連線； a；5.0；電流表外接點(diǎn)評(píng)：本題考查了連接實(shí)物電路圖、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、作圖象、求電阻阻值、實(shí)驗(yàn)誤差分析，根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表接法是正確連接實(shí)物電路圖的關(guān)鍵；要掌握描點(diǎn)法作圖的方法三、計(jì)算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要計(jì)算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13（10分）（2011秋中山期末）如圖所示，光滑水平面上靜止放著長l=1.6m，質(zhì)量為m=3kg的木塊（厚度不計(jì)），一個(gè)質(zhì)量為m=1kg的小物體放在木板的最右端，m和m之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.1，今對(duì)木板施加一水平向右的拉力f，（g取10m/s2）（1）如果拉力f=10n恒定不變，求小物體離開木板時(shí)的動(dòng)能大??？（2）為使物體與木板不發(fā)生滑動(dòng)，f不能超過多少？考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：（1）由題f=10n時(shí)，小物體相對(duì)于木板相對(duì)滑動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律分別求出小物體和木板的加速度當(dāng)小物體離開木板時(shí)，木板相對(duì)于小物體的位移等于l，由位移公式求出時(shí)間，再由速度公式求解小物體離開木板時(shí)的速度（2）當(dāng)小物體相對(duì)于木板剛要滑動(dòng)時(shí)，f達(dá)到最大，此時(shí)兩者之間的靜摩擦力達(dá)到最大值先以小物體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律求出加速度，再以整體為研究對(duì)象求解f的最大值解答：解：（1）小物體的加速度 a1=g=1m/s2木板的加速度 a2=3m/s2物體滑過木板所用時(shí)間為t，由位移關(guān)系得：物體離開木板時(shí)的速度：v1=a1t （2）物體與木板不發(fā)生滑動(dòng)，則木塊和小物體具有共同加速度，由牛頓第二定律得：f=（m+m）a 小物體的加速度由木塊對(duì)它的靜摩擦力提供，則有：靜摩擦力f=mamg 解得：f（m+m）g=4n 答：（1）如果拉力f=10n恒定不變，小物體離開木板時(shí)的動(dòng)能大小為0.8j；（2）為使物體與木板不發(fā)生滑動(dòng)，f不能超過4n點(diǎn)評(píng)：本題中涉及臨界問題：當(dāng)兩接觸物體剛要相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，靜摩擦力達(dá)到最大第（1）問關(guān)鍵抓住兩物體的位移關(guān)系14（10分）（2012德州二模）如圖所示，一質(zhì)量為m=2kg的滑塊從半徑為r=0.2m的光滑四分之一圓弧軌道的頂端a處由靜止滑下，a點(diǎn)和圓弧對(duì)應(yīng)的圓心o點(diǎn)等高，圓弧的底端b與水平傳送帶平滑相接已知傳送帶勻速運(yùn)行速度為v0=4m/s，b點(diǎn)到傳送帶右端c點(diǎn)的距離為l=2m當(dāng)滑塊滑到傳送帶的右端c時(shí)，其速度恰好與傳送帶的速度相同（g=10m/s2）求：（1）滑塊到達(dá)底端b時(shí)對(duì)軌道的壓力；（2）滑塊與傳送帶問的動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）此過程中，由于滑塊與傳送帶之間的摩擦而產(chǎn)生的熱量q考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；牛頓第三定律專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：（1）滑塊從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，只有重力做功，根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出滑塊到達(dá)底端b時(shí)的速度滑塊經(jīng)過b時(shí)，由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解滑塊對(duì)軌道的壓力；（2）滑塊滑上傳送帶后向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，由題，滑塊滑到傳送帶的右端c時(shí)，其速度恰好與傳送帶的速度相同，根據(jù)動(dòng)能定理或牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出滑塊從b到c的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，即可求出此時(shí)間內(nèi)傳送帶的位移，得到滑塊與傳送帶的相對(duì)位移，摩擦而產(chǎn)生的熱量q等于滑動(dòng)摩擦力與相對(duì)位移大小的乘積解答：解：（1）滑塊從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，由機(jī)械能守恒定律得：mgr=解得：=2m/s在b點(diǎn)：nmg=m代入解得：n=60n由牛頓第三定律可知，滑塊對(duì)軌道的壓力為n=n=60n，方向豎直向下（2）滑塊從b運(yùn)動(dòng)到c的過程中，根據(jù)牛頓第二定律得：mg=ma又：聯(lián)立上兩式解得：=0.3（3）設(shè)滑塊從b運(yùn)動(dòng)到c的時(shí)間為t，加速度：a=g=3m/s2由v0=vb+at，得：t=s=在這段時(shí)間內(nèi)傳送帶的位移為：s傳=v0t=傳送帶與滑塊的相對(duì)位移為：s=s傳l=m故滑塊與傳送帶之間的摩擦而產(chǎn)生的熱量：q=mgs=4j答：（1）滑塊到達(dá)底端b時(shí)對(duì)軌道的壓力是60n，方向豎直向下；（2）滑塊與傳送帶問的動(dòng)摩擦因數(shù)是0.3；（3）此過程中，由于滑塊與傳送帶之間的摩擦而產(chǎn)生的熱量q是4j點(diǎn)評(píng)：本題是機(jī)械能守恒定律、向心力、牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合應(yīng)用，容易出錯(cuò)的地方是：q=mgl，應(yīng)根據(jù)相對(duì)位移求解摩擦生熱15（10分）（2005上海）如圖所示，處于勻強(qiáng)磁場中的兩根足夠長、電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌相距l(xiāng)m，導(dǎo)軌平面與水平面成=37角，下端連接阻值為r的電阻勻強(qiáng)磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直質(zhì)量為0.2kg、電阻不計(jì)的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，它們之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25求：（1）求金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑時(shí)的加速度大?。唬?）當(dāng)金屬棒下滑速度達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，電阻r消耗的功率為8w，求該速度的大??；（3）在上問中，若r=2，金屬棒中的電流方向由a到b，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與方向