第3課時習題課

1、.第3課時習題課練根底落實1酸性強弱：羧酸碳酸酚，以下含溴化合物中的溴原子，在適當條件下都能被羥基取代，所得產(chǎn)物跟NaHCO3溶液反響的是2假設丙醇中氧原子為18O，它和乙酸反響生成酯的相對分子質(zhì)量是A100 B104C120 D1223在以下表達的方法中，能將有機化合物轉(zhuǎn)變?yōu)榈挠懈懔康腘aOH溶液共熱后，再通入二氧化碳直至過量把溶液充分加熱后，通入足量的二氧化硫與稀H2SO4共熱后，參加足量NaOH溶液與稀H2SO4共熱后，參加足量NaHCO3溶液A B C D4某物質(zhì)中可能有甲酸、乙酸、甲醇和甲酸乙酯4種物質(zhì)中的一種或幾種，在鑒定時有以下現(xiàn)象：1有銀鏡反響；2參加新制CuOH2懸濁液沉淀

2、不溶解；3與含酚酞的NaOH溶液共熱發(fā)現(xiàn)溶液中紅色溶液逐漸消失至無色，以下表達正確的有A幾種物質(zhì)都有B有甲酸乙酯、甲酸C有甲酸乙酯和甲醇D有甲酸乙酯，可能有甲醇5某互為同分異構(gòu)體的兩種有機物甲、乙的構(gòu)造簡式分別為：和假設各1 mol該有機物在一定條件下與NaOH溶液反響，消耗NaOH的物質(zhì)的量分別是A2 mol、2 mol B3 mol、2 molC3 mol、3 mol D5 mol、3 mol練方法技巧由官能團確定化合物的性質(zhì)6可用于鑒別以下三種化合物的一組試劑是銀氨溶液溴的四氯化碳溶液氯化鐵溶液氫氧化鈉溶液A與 B與 C與 D與7以下構(gòu)造簡式表示一種有機物的構(gòu)造，關(guān)于其性質(zhì)的表達不正確的

3、選項是A它有酸性，能與純堿溶液反響B(tài)可以水解，其水解產(chǎn)物只有一種C1 mol該有機物最多能與7 mol NaOH反響D該有機物能發(fā)生取代反響酯化反響原理的應用8膽固醇是人體必需的生物活性物質(zhì)，分子式為C25H45O，有一種膽固醇酯是液晶材料，分子式為C32H49O2，生成這種膽固醇酯的酸是AC6H13COOH BC6H5COOHCC7H15COOH DC6H5CH2COOH9具有一個羥基的化合物A 10 g，與乙酸反響生成乙酸某酯11.85 g，并回收了未反響的A 1.3 g，那么A的相對分子質(zhì)量約為A98 B116 C158 D278利用分子組成巧計算10現(xiàn)有乙酸和兩種鏈狀單烯烴的混合物，假

4、設其中氧的質(zhì)量分數(shù)為a，那么碳的質(zhì)量分數(shù)是A. B.aC.1a D.1a練高考真題112019·四川理綜，11中藥狼把草的成分之一M具有消炎殺菌作用，M的構(gòu)造如下所示：以下表達正確的選項是AM的相對分子質(zhì)量是180B1 mol M最多能與2 mol Br2發(fā)生反響CM與足量的NaOH溶液發(fā)生反響時，所得有機產(chǎn)物的化學式為C9H4O5Na4D1 mol M與足量NaHCO3反響能生成2 mol CO2122020·上海，9迷迭香酸是從蜂花屬植物中提取的酸性物質(zhì)，其構(gòu)造如以下圖。以下表達正確的選項是A迷迭香酸屬于芳香烴B1 mol迷迭香酸最多能和9 mol氫氣發(fā)生加成反響C迷迭

5、香酸可以發(fā)生水解反響、取代反響和酯化反響D1 mol迷迭香酸最多能和含5 mol NaOH的水溶液完全反響練綜合應用13有機物A易溶于水，且1 mol A能跟Na反響生成0.5 mol H2，但不與NaOH反響，A通過如下轉(zhuǎn)化關(guān)系制得化學式為C4H8O2的酯E，且當DE時，相對分子質(zhì)量增加了28；B是一種烴。1寫出E的不同種類的一種同分異構(gòu)體的構(gòu)造簡式：_。2寫出、的化學方程式，并在括號中注明反響類型：_；_；_。142019·全國理綜，30有機化合物AH的轉(zhuǎn)換關(guān)系如下所示：請答復以下問題：1鏈烴A有支鏈且只有一個官能團，其相對分子質(zhì)量在6575之間，1 mol A完全燃燒消耗7 m

6、ol氧氣，那么A的構(gòu)造簡式是_，名稱是_。2在特定催化劑作用下，A與等物質(zhì)的量的H2反響生成E，由E轉(zhuǎn)化為F的化學方程式是_。3G與金屬鈉反響能放出氣體，由G轉(zhuǎn)化為H的化學方程式是_。4的反響類型是_；的反響類型是_。5鏈烴B是A的同分異構(gòu)體，分子中的所有碳原子共平面，其催化氫化產(chǎn)物為正戊烷，寫出B所有可能的構(gòu)造簡式_。6C也是A的一種同分異構(gòu)體，它的一氯代物只有一種不考慮立體異構(gòu)，那么C的構(gòu)造簡式為_。第3課時習題課1CA、D中的溴被羥基取代后轉(zhuǎn)變?yōu)榇剂u基，醇無酸性，因此與NaHCO3不反響；B中的溴被羥基取代后變?yōu)榉恿u基，酚的酸性比碳酸弱，因此不與NaHCO3反響；C中的溴被取代后轉(zhuǎn)變?yōu)轸?/p>

7、基，羧酸酸性比碳酸強，因此可與NaHCO3溶液反響。2B根據(jù)“酸脫羥基醇脫氫的原理，18O留在酯中，那么酯的相對分子質(zhì)量為626018104。3D：加足量NaOH溶液共熱后，發(fā)生酯的水解，轉(zhuǎn)變?yōu)?，通入CO2，因酸性：，故，符合題意；：最終通入SO2，生成的H2SO3酸性強于羧酸，因此不管前面如何操作，SO2最終都將COONa轉(zhuǎn)化為COOH，不符合題意；：最終參加NaOH，會與酚羥基和羧基反響，最后生成，不符合題意；：在稀H2SO4存在下發(fā)生水解后，轉(zhuǎn)化為，加NaHCO3時，只能與COOH反響，使其轉(zhuǎn)化為，故符合題意。4D由2知，該物質(zhì)中不含酸性物質(zhì)；由1知該物質(zhì)中含有醛基；由3知含有酯類物質(zhì)。

8、綜合分析，該物質(zhì)中含有甲酸乙酯，不含甲酸、乙酸，無法確定是否含有甲醇。5B比照甲、乙兩種物質(zhì)的構(gòu)造，二者均含有一個羧基和一個酯基，但甲中的酯基為酚酯基，其水解過程中消耗的NaOH的物質(zhì)的量是一般酯基的2倍，故1 mol甲消耗3 mol NaOH，而1 mol乙消耗2 mol NaOH。6A從所給三種化合物的構(gòu)造看出：丁香酚含有酚羥基和，肉桂酸含有，而乙酰水楊酸無，故可用和鑒別。7C根據(jù)構(gòu)造中含COOH，且酸性CH3COOH>H2CO3，推斷能與Na2CO3溶液反響，故A正確；構(gòu)造中含,1 mol該有機物水解后可得2 mol 3，4,5­三羥基苯甲酸，故B正確；從其水解反響方程式

9、：，可知1 mol該有機物最多能與8 mol NaOH反響，故C錯誤；該有機物除發(fā)生水解反響外，還可以發(fā)生酯化反響因為含COOH，而這2種反響均可看作是取代反響，故D也是正確的。8B酯化反響過程中假設生成一個酯基那么脫去一分子水，根據(jù)元素守恒可計算酸、醇或酯的分子式：C32H49O2H2O_C25H45OC7H6O2即酸為C6H5COOH。9B不防設化合物A為ROH，相對分子質(zhì)量為M，那么發(fā)生的酯化反響方程式為CH3COOHHORCH3COORH2O MM6018 101.3g11.85 g解得：M116。10C乙酸的分子式為C2H4O2，鏈狀單烯烴的通式為CnH2nn2，混合物中C和H的質(zhì)量

10、分數(shù)之和為1a，兩類物質(zhì)中mCmH61，故混合物中碳的質(zhì)量分數(shù)是1a。11C此題考察有機物的性質(zhì)。A項M的分子式為：C9H6O4，其相對分子質(zhì)量是178；B項1 mol M最多能與3 mol Br2發(fā)生反響，除了酚羥基鄰位可以發(fā)生取代反響，還有碳碳雙鍵可以發(fā)生加成反響；C項除了酚羥基可以消耗2 mol NaOH，酯基水解也消耗1 mol NaOH，水解又生成1 mol酚羥基還要消耗1 mol NaOH，所以共計消耗4 mol NaOH；D項酚與碳酸氫鈉不反響。所以此題選擇C。12C烴只含C、H兩種元素，故A錯；1 mol迷迭香酸最多能和7 mol H2發(fā)生加成反響，故B錯；1 mol迷迭香酸最多能和6 mol NaOH反響，故D錯；迷迭香酸分子中含有羧基、酯基、酚羥基，故能發(fā)生水解反響、取代反響、酯化反響。131CH3CH22COOH其他合理答案均可2C2H5OHCH2=CH2H2O消去反響2CH3CHOO22CH3COOH氧化反響CH3COOHC2H5OHCH3COOC2H5H2O酯化反響