2020屆四川省成都市高考物理二診試卷

??????2020屆四川省成都市高考物理二診試卷一、單選題（本大題共5小題，30.0分

下列敘述中錯誤的是B.

碘的半衰期大約為天，天，就剩下約為原來的光電效應和康普頓效應深入地揭示了光的粒子性的一面者表明光子具有能量者表明光子除具有能量之外還具有動量C.

鈾裂變的方程可能?

13737D.

處于基態(tài)的氫原子吸收一個光子躍遷到激發(fā)態(tài)低能級躍遷時輻射光子的頻率一定不大

于入射光子的頻率如圖所示，兩根相互平行的長直導線分別通有方向相反的電，????

兩對稱分布在兩導線兩側，磁感應強度分別和，和分電和受的安培力，則

B.

C.

D.

“空間站”是科學家進行天文探測和科學試驗的特殊而又重要的場所．假設“空間站”正在地球赤道平面內的圓周軌道上運行離球表面的高度為同步衛(wèi)星離地球表面高度的十分之一，且運行方向與地球自轉方向一致．下列說法正確的)B.C.D.

“空間站”運行的加速度等于其所在高度處的重力加速度“空間站”運行的速度等于同步衛(wèi)星運行速度倍站在地球赤道上的人觀察到它向西運動在“空間站”工作的宇航員因受到平衡力而在艙中懸浮或靜止

如圖所示塊靜止在光滑水平桌面上子水平射入木塊的深度為時，子彈與木塊相對靜止，在子彈入射的過程中，木塊沿桌面移動的距離為，木塊對子的平均阻力

，那么在這一過程中不正確的

木塊的動能增加量為

B.

子彈的動能減少量為??C.

系統的機械能減少量

D.

系統的機械能減少量??

????????????

如圖，光滑絕緣圓環(huán)豎直放置、、為個套在圓環(huán)上可自由滑動的空心帶電小球。已知帶正電荷的小位圓環(huán)最高點連與豎直方向成角連線與豎直方向成角三個小球均處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是C.

、兩球均帶正電荷、小電量之比√

B.D.

小球帶正電荷，小帶電荷、小電量之比二、多選題（本大題共5小題，27.0分

在勻強磁場中有一不計電阻的單匝矩形線圈，繞垂直于磁場的軸勻速轉動，產生如圖甲所示的正弦交流電，把該交流電輸入到圖乙中理想變壓器、兩。圖中的電壓表和電流表均為理想交流電表為熱敏電阻溫度升高時其電減小，為值電阻。下列說法正確的B.C.D.

變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式????100??????在圖甲的????時，矩形線圈平面與磁場方向垂直處溫度升高時，電壓示與示的比值不變處溫度升高時，電壓表示與流示的乘積可能不變

關于汽車在水平路面上的運動，下列說法正確的是B.C.D.

汽車啟動后以額定功率行駛，在速率未達到最大值之前，加速度不斷增大汽車啟動后以額定功率行駛，在速度未達到最大值之前，牽引力不斷減小汽車以最大速度行駛后，若要減小速度，可減小牽引功率行駛汽車以最大速度行駛后，若要減小牽引力，速率一定減小

如圖所示水面內兩光滑的平金屬導軌端與電阻相連接勻強磁場豎直向下分布在導軌所在的空間內一定的金屬棒垂直于導軌并與導軌接觸良好今對金棒施加一個水平向右的外使屬棒從置開始向右做初速度為零的勻加速運動，依次通過位和若軌與金屬棒的電阻不計的距相等，關于金屬棒在運動過程中的有關說法正確的是

金屬棒通過、兩置時，外的小之比：

B.C.D.

金屬棒通過兩置時，電的電功率之比：從到和到的個過程中，通過金屬棒橫截面的電荷量之比：從到和到的個過程中，電上生熱量之比：

關于氣體性質和規(guī)律的下列說法正確的)B.C.

一定質量的理想氣體從外界吸收熱量，并對外做功，其內能可能減小宏觀世界中的物理過程都必然滿足能量守恒定律，所以都會自發(fā)進行用固定容器封閉一定質量的理想氣體，若升高溫度，氣體分子的平均動能會增大，壓強也會增加D.E.

某氣體的摩爾體積為，伏加德羅常數，則每個氣體分子的體積0溫度相同的不同種氣體，它們的分子平均動能一定相同

??一簡諧橫波沿軸傳播，在處質點甲的振動圖線如圖甲示，處質點乙的振動圖線如圖乙所示，下列判斷正確的)B.C.D.

質點甲在波谷時，質點乙在平衡位置軸正方向振動若波沿方傳播，這列波的最大傳播速度為若波沿方傳播，這列波的最大波長若波的傳播速度??，這列波沿方傳播三、實驗題（本大題共2小題，15.0分圖甲所示是測量木塊與長木板之間的動摩擦因數實驗裝置圖中一端帶有定滑輪的長木板水平固定。圖乙為木塊在水平木板上帶動紙帶運動時打點計時器打出的一條紙帶、、、計數點點計時的電源0交流電木加速度大小_____結果保留兩位有效數)

.

00若得木塊的質量，碼盤和砝碼的總質量，塊的加速度，重力加速度，木塊與長木板間動摩擦因數______用中所給字母表示。如滑輪略向下傾斜，使細線沒有完全調節(jié)水平，由此得值______選填“偏大”或“偏小”。在電流表和電壓表測電池的電動勢和內電阻的實驗中，所用電流表和電壓表內阻分別為??和，如圖為驗原理圖及所需器件圖．一位同學錄組據見表：

試根據這些數據在圖坐標圖中畫出圖，根據圖象讀出電池的電動，求出電池內四、簡答題（本大題共1小題，20.0分如所示，質量的車上質量不計的細繩懸掛一質量為的小球，和一靜止在光滑水平面上量的車

的度在光滑水平軌道上勻速向左運動

碰后粘合在一。已相的時間極短。求：碰撞后小能升的最大高度。取

2

五、計算題（本大題共3小題，32.0分一質的小滑塊，帶|

的荷量多少為

，放置在傾角的光滑斜面斜絕，面置??的勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里。如圖所示，滑塊由靜止開始沿斜面滑下其面足夠長小塊滑至某一位置時要離開斜面求小塊帶何種電荷？小塊離開斜面的瞬時速度多大？該面的長度至少為多少？把里的由加到，的內能增加多少？如所示靜面岸邊的垂釣者的眼睛恰好位于岸點上的度處標離點距，餌燈在標正前處水深度處，垂釣者發(fā)22現魚餌燈剛好被浮標擋住。求：作點垂釣者眼睛的光圖；求水的折射率；若餌燈緩慢豎直上浮，當它離水面多深時，魚餌燈發(fā)的光恰好無法從水間出結果可以用根號表示

參考答案解析1.

答：解：：、的半衰期大約天天，經次衰變，剩約為原來的，故A正；B光效應和康普頓效應深入地揭示了光的粒子性的一面前者表明光子具有能量者表明光子具有能量之外還具有動量，故正確；C、裂的程需要中子撞擊，故C錯誤；D、于態(tài)的氫原子吸收一個光子躍遷到激發(fā)態(tài)，再向低能級躍遷時輻射光子的頻率一定不大于入射光子的頻率，故D正。本題選錯誤的，故選：。半衰期具有統計規(guī)律，半數發(fā)生衰變是針對大量的原子核；根據躍遷時，能量的變化，確定光是釋放還是吸收。本題考查了光電效應方程、半衰期、能級等知識點，關鍵掌握這些知識點的基本概念和基本規(guī)，難度不大。2.

答：解：：、和是對作用力與反作用力，根據牛頓第三定律知

，故錯。、據安培定則可判出兩導線點點磁場方向都是相反的，遠離導線，磁場較弱，靠近導線，磁場較強，??

，所以兩導線在處的磁感應強度大于點磁感應強度，故C錯，D正。故選：對的作用力和對的作用力是一對作用力與反作用力；由安培定則可判出兩導線在各點磁感線的方向，再由矢量的合成方法可得出各點磁感應強度的大小。本題考查了牛頓第三定律、安培定則及矢量的合成方法，特別應注意磁場的空間性。3.答：解：根據故確。

??2

????“間站”運行的加速度等于其所在高度處的重力加速度。

2：????????????2：????????????B、根據

??2

??得：√，離地球表面的高度不是運動半徑，所以線速度之比不是????，錯誤；C軌半徑越大角度越小，同步衛(wèi)星和地球自轉的角速度相同以空間站的角速度大于地球自轉的角速度，所以站在地球赤道上的人觀察到空間站向東運動。故C誤；D、“間站”工作的宇航員處于完全失重狀態(tài)，靠萬有引力提供向心力，做圓周運動。故D錯誤。故選：。A據空間站在一位置受到的重力提供它做圓周運動的向心力知行加速度和所在高度處的重力加速度的關系．B、根據萬有引力提供向心力分析．C同衛(wèi)星和地球自轉的角速度相同較空間站和同步衛(wèi)星的角速度大小可以判斷出空間站相對于地球的運行方向．D、“間站”工作的宇航員處于完全失重狀態(tài)．解決本題的關鍵掌握萬有引力等于重力，以及處于空間站中的人、物體處于完全失重狀態(tài)，靠球的萬有引力提供向心力，做圓周運動．4.

答：解：：??、彈對木塊的作用力大小為??

，木塊相對于地的位移為，則子彈對木塊做功為??，根據動能定理得知，木塊動能的增加量，即機械能的增量等于子彈對木塊做的功，即確．

L故B、木塊對子彈的阻力做功

，根據動能定理得知：子彈動能的減少量等于子彈克服阻力做功，大小

故B確．、彈相對于木塊的位移大小，系統克服阻力做功，據功能關系可知，系統機械能的減少量為

故C正，D錯誤．本題選錯誤的故選：子彈受到摩擦阻力，而木塊所受到摩擦動力，兩者摩擦大相等，可認為是恒力．運用動能定分別研究子彈和木塊，求出各自的動能變化．本題考查子彈打木塊模型，同時功是能量轉化的量度，能量轉化的多少可以用功來量度，掌握功和能的關系就可以分析得出結論．

??232????221122222??232????2211222225.

答：解：：、，到重力、環(huán)的支持力以的侖力，其中重力與支持力的方向在豎直方向上，水平方向有對的侖力的分力與對的侖力的分力，由共點力平衡的條件可知與對的用力都是吸引力，或都是排斥力，與的性定是相同的；與帶種電荷，它們之間的庫侖力是斥力；對，到重力、環(huán)的支持力以、對的侖力，重力的方向在豎直方向上，水平方向有支持力的向右的分力的庫侖力向左的分力對庫侖力的分力，若要平衡，則對的侖力沿水平方向的分力必須向右，所對的作力必須是吸引力，所與電性一定相反。即：、小同帶負電荷，故AB錯；環(huán)半徑個小球帶電量分別為幾何關系可得3；與對的用力都是吸引力，它們對的用力在水平方向的分力大小相等，則：132

?????30°??2

所以：

12

31

.故C正，錯誤。故選：。分別對三個小球減小受力分析合平衡的條件判斷應受到哪種力的作用對由點力平衡的條件判斷、電的大小關系。該題結合庫侖定律考查共點力作用下物體的平衡，解答的關鍵是正確選取研究對象，依據題目的條件判出平時與對的用力都是吸引力或是排斥力它對的用在水平方向的分力大小相等。6.

答：解：：據圖甲可知，，0.02則有：??變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為，錯；B.

在圖甲時，，磁通量大，此時矩形線圈平面與磁場方向垂直，故B正；C.處溫度升高時，電阻減小，電壓表測的壓，則電壓示減小示數不變，則電壓表示數與示的比值變大故誤；D

副線圈電壓不變，等效為電源，將電看等效電源的阻，則電阻原來大于，溫度升高時，電阻減小，則電阻的功率先增加后減小，即電壓示與電流示的乘積先增大后減小，即電壓表示與流示的乘積可能不變故正確。

2222??2222??故選：。甲圖為正弦曲線，而非余弦曲線；在圖甲??時，矩形線圈平面與磁場方向垂直；原線圈的電壓不會隨著的變化而變化壓示數與電流表示數的乘積為的功率相于電源的內阻，

時

的功率有最大值，由和小并不確定，故電壓表示與流??示數的乘積可能不變。本題考查了正弦式電流的圖象和三角函數表達式等知識點。注意：正弦式交變電流的函數表達圈在中性面位置開始計時為

。7.

答：解：本題關鍵要分析汽車的受力情況頓第二定律判斷加速度的變化汽發(fā)動機的功。汽以額定功率啟動過程，速度增大，牽引力減小，合力減小，加速減小，當牽引力與阻力大小相等時，汽車做勻速運動，速度達到最大；汽以恒定加速度啟動過程，牽引力不變，速度增大，發(fā)動機的功率大，當發(fā)動機的功率達到額定功率后，牽引力減小，加速度減小，當牽引力減小到與阻力大小相等時，加速度減為零，車勻速運動，速度達到最大。對于汽車兩種啟動方式，關鍵要抓住發(fā)動機的功率等于牽引力大小與速率的乘積，一時，與成比，一時與成比，再根據牛頓第二定律分析汽車的運動過程。汽以額定功率啟動過程，速度增大，牽引力減小，合力減小，加速度減小，當牽引力與阻力大小相等時，汽車做勻速運動，速度達到最大，故錯誤，B正；C

汽車以最大速度行駛后，牽引力和阻力相等，，可知，若要減小速，減小牽引力功，故C正確；D

減小牽引力有兩種情況小率來減小牽引力度減小小擦力來減小牽引力，速度會增加；汽車以最大速度行駛后，牽引力和阻力相等，，可知若再減小牽引，度一定減小，故D正確。

2????22??2????22??故選BCD。8.答：解：：、屬棒位由靜止開始向右做勻速運動，根

2

2知通、兩位置的速度比為，根據知產生的電動勢之比為，據知電的功率之比為故確．A動之比為以流比安培力之比據頓第二律，，以外力的小之比不等故誤．C、

，

??

，則

，故正確．D、據量守恒定律，熱

2

．同理

，加速度相等、的移相等，不，所以產生的熱量不等．故錯誤．故選：．金屬棒由靜止開始向右做勻加速運動，根據運動學公式求出金屬棒通的度之比．由電磁感應、歐姆定律、安培力等知識求出功率、安培力、熱量與速度的關系，進而求出相應的比值．據法拉第電磁感應定律、歐姆定律求出電量之比．本題考查綜合運用電磁感應、電路知識、牛頓定律、運動學公式等知識的能力．9.

答：解：根據熱力學第一定eq\o\ac(△,)??可收量時體對外做功，因此，內能改變量需要考慮兩者增減的大小比較，因此不確定內能增加或減小。故A正；B能守恒的物理過程不一定都能自發(fā)進行力學第二定律中指出低溫向高溫過程即使?jié)M足能量守恒也不會自發(fā)進行，故錯誤；C、據理想氣體狀態(tài)方程

，當升高溫度時，氣體分子的平均動能會增大，體積不變時，壓強也會增大，故正確；D、體子間距比較大，不可忽略，因此分子體積不能計算得到，故D錯誤；E、溫度是分子平均動能的標志，溫度改變，分子的平均動能就改變，故正。故選：。

甲乙，甲乙，、、、)，得)3?2明確熱力學第一定律的基本內容和應用，從而分析內能的變化；明確熱力學第二定律的方向性知道氣體壓強的微觀意義，明確氣體分子體積較小，無法直接求出氣體分子體積，只能求出分子據的空間；相同溫度下所有氣體的分子平均動能均相同。本題考查熱力學第一定律、熱力學第二定律、理想氣體狀態(tài)方程的應用以及內能等內容，要注明確熱學基本知識的掌握；重點理解熱力學第一定律以及熱學現象中的方向性。10.

答：解：由圖知，質點甲在波谷時，時，根圖象的斜率表示速度，知質點乙的速度為正，說明質點乙在平衡位置軸方向振動．故確．B、若波方傳播，時刻，甲在波谷，乙正通過平衡位置向上運動，則有34??+3

，波速為4??+3

，當時最，且，誤．??C、波方傳播，則有，C確．為??

甲乙

4

，、、、)，時長最長，D、波的傳播速度為代入??

34??+3

，知??即可成立，所以這列沿方傳播，故正確．故選：根據圖的斜率分析質點的振動方向．根據同一時刻兩個質點的狀態(tài)分析兩者距離與波長的關系，寫出波長的通項，得到波速的通項，再求最大傳播速度和最大波長．求傳播的離，確定波的傳播方向．本題首先考查讀圖的能力，要求能根據兩個質點的狀態(tài)寫出波長的通項，再得到波長的特殊值關鍵．11.

答：

????)????

偏大解：：木的加速大小為：??

0.47

；對塊、砝碼盤和砝碼系統，根據牛頓第二定律有：????????解得：

????)????

，

??eq\o\ac(△,??)eq\o\ac(??eq\o\ac(△,??)eq\o\ac(△,)令子的力大小，果滑輪略向下傾斜，根據牛頓第二定律有：????解得：

，所以測量值偏大，故答案為：，

，偏利逐差法可計算出打出某點時紙帶運動的加速度。對塊、砝碼盤和砝碼進行受力分析，運用牛頓第二定求出木塊與長木板間動摩擦因數。在驗中紙帶與打點計時器之間存在摩擦力存在空阻力據頓第二定律列式分析誤差。解決該題的關鍵是掌握逐差法求解加速度的大小，能用整體法以及根據牛頓定律列方程并推導動摩擦因數的表達式；12.

答：解：根表中實驗數據在坐標系內描出應點后根據描出的點作出圖象象圖所示：由圖象圖象可知，電圖象與縱軸交點坐標值，電源電動勢??，電源內

??．故答案為：圖象如圖所示；．應用描點法作出圖象，電圖與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內阻．本題考查了作圖象、求電源電動勢與內阻，應用圖象法處理實驗數據是常用的實驗數據處理方，電源圖與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內阻．13.

答：：、小組成的系統為研究對象，由于正碰后粘在一起的時間極短，小暫參與碰撞，選取向右為正方向，由動量守恒定律有：)

03220322解得：；碰后，、粘一起，小球向擺動，細繩水平方向分力、加，的度與、水平方向的速度相同時，小擺至最高點，以、、組的系統為研究對象，由動量守恒有：)′0得：′??；設小球擺最大高度為，機械能守恒有：(解得：。答：小擺動的最大高度。解：滑水平面上兩小車發(fā)生正碰的瞬間由于正碰后粘在起的時間極短暫未參與碰撞動量守恒求出后兩的速度后粘在一起當的度水平方向的速度相同時，小球擺至最高點，以、、組的系統為研究對象，由動守恒求出、的同速度后小擺最大高度由機械能守恒可解小擺的最大高度。該題屬于多物體多過程的動量守恒定律的應用，在水平方向沒有外力做功的情況下運用動量守，和只有重力做功情況下的機械能守恒來解決實際問題。14.

答：：小塊沿斜下滑過程中，受重、斜面支持力和洛倫茲.若小滑塊離開斜面，洛倫茲方應垂直斜面向上，根據左手定則可知，小滑塊應帶負電荷。小塊沿斜面下滑時，垂直斜面方向的加速度為零，有