浙江省金麗衢十二校2021屆高三物理上學(xué)期第二次聯(lián)考試題(含解析)

重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載浙江省金麗衢十二(shíèr)校2021屆高三物理上學(xué)期第二次聯(lián)考試題（含解析）一、選擇(xuǎnzé)題Ⅰ1.下列物理量屬于(shǔyú)矢量的是A.速率B.電勢(shì)(diànshì)C.磁感應(yīng)強(qiáng)度D.重力勢(shì)能【答案(dáàn)】C【解析】【詳解】速率、電勢(shì)和重力勢(shì)能都是只有大小無(wú)方向的物理量，是標(biāo)量；而磁感應(yīng)強(qiáng)度既有大小又有方向，是矢量；故選D.2.發(fā)現(xiàn)行星運(yùn)動(dòng)三大定律的A.牛頓B.伽利略C.卡文迪許D.開(kāi)普勒【答案】D科學(xué)家是【解析】【詳解】發(fā)現(xiàn)行星運(yùn)動(dòng)三大定律的科學(xué)家是開(kāi)普勒，故選D.3.下列物理量及對(duì)應(yīng)的單位不正確的是A.加速度m/s2B.磁感應(yīng)強(qiáng)度BC.磁通量WbD.電場(chǎng)強(qiáng)度V/m【答案】B【解析】【詳解】A．加速度單位是m/s2，選項(xiàng)A正確；B．磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位是T，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．磁通量單位是Wb，選項(xiàng)C正確；D．電場(chǎng)強(qiáng)度單位是V/m，選項(xiàng)D正確；項(xiàng)，故選B.體沿直線運(yùn)動(dòng)，在t＝0到t＝6s的時(shí)間內(nèi)的此題選擇不正確的選4.一物圖象如圖所示，則這段時(shí)間內(nèi)的路程為-1-重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載【解析(jiěxī)】由圖像可知(kězhī)，物體在0-1s內(nèi)向(nèixiànɡ)負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，在1-6s內(nèi)向正方向運(yùn)；在1-6s內(nèi)向正方向運(yùn)動(dòng)，路程為選A.睛】道v-t圖像的面積等于位移；注意路程是路徑的長(zhǎng)度，圖像中兩部和等于物體的路程.5.把質(zhì)量是0．2kg的小球放在球升到最高位置C（圖丙），途中經(jīng)過(guò)位置B時(shí)彈簧正好處于乙）已知B、A的高度為差0．1m，C、B的高度為差0．2m，彈簧的質(zhì)量和空氣的阻力均可忽略。則彈簧上，并把球往下按至A的位置，如圖甲所示。迅速松手后，彈簧把球彈起，A.小球從狀態(tài)乙到狀態(tài)丙的過(guò)程中，動(dòng)能先増大，后減小重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載C.狀態(tài)甲中，彈簧的彈性(tánxìng)勢(shì)能為D.狀態(tài)(zhuàngtài)乙中，小球的動(dòng)能為【答案(dáàn)】C【解析(jiěxī)】小球從甲狀態(tài)上升到丙狀態(tài)的過(guò)程中，平衡位置速度最大，動(dòng)能增大；小球上升和下落過(guò)程與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒?！驹斀狻緼．球從狀態(tài)乙到狀態(tài)丙的過(guò)程中，小球只受重力作用，向上做減速運(yùn)動(dòng)，故小球B．小球從狀態(tài)甲到狀態(tài)乙的過(guò)程中，彈力做正功，則小球的機(jī)械能增加；小球從狀態(tài)乙到狀態(tài)丙的過(guò)程中，只有重力做功，小球的機(jī)械能不變，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．小從甲狀態(tài)到丙狀態(tài)，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小球的重力勢(shì)能，若設(shè)甲狀態(tài)中重力勢(shì)能，選項(xiàng)C正D．狀態(tài)乙中，小球的機(jī)械能為0.6J，則動(dòng)能小于0.6J，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握機(jī)械能守恒的條件，在只有重力或彈簧彈力做功的情形下，系統(tǒng)機(jī)械能守恒。在解題時(shí)要注意，單獨(dú)對(duì)小球來(lái)說(shuō)，小球和彈簧接過(guò)觸程中機(jī)械能不守恒。6.一真空中孤立的帶電體，其周圍的電場(chǎng)線及等勢(shì)面如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是A.A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)高B.A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)比B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載(wēixiǎo)的帶電體從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)電場(chǎng)力做正功【解析(jiěxī)】【分析(fēnxī)】電場(chǎng)線的疏密反映場(chǎng)強(qiáng)的大小；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低；正電荷由高電勢(shì)點(diǎn)移到低電勢(shì)點(diǎn)，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做正功，負(fù)電荷相反；據(jù)此解答此題?！驹斀狻緼．沿電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，可知A點(diǎn)所處的等勢(shì)面高于B點(diǎn)所處的等勢(shì)面，則A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)高，選項(xiàng)A正確；B．A點(diǎn)所處的位置電場(chǎng)線較B點(diǎn)稀疏，可知A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)比B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小，選項(xiàng)A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)電場(chǎng)力做功的B錯(cuò)誤；CD．因不知道微小帶電體的電性，不能確定微小的帶電體從正負(fù)；選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；故選A.7.“遼寧艦”質(zhì)量為，如圖是“遼寧艦”在海上轉(zhuǎn)彎時(shí)的照片，假設(shè)整個(gè)過(guò)程中遼寧艦做的是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度大小為20m/s，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為1000m，下列說(shuō)法中正確A.在A點(diǎn)時(shí)水對(duì)艦的B.在A點(diǎn)時(shí)水對(duì)艦的合力大小約為C.在A點(diǎn)時(shí)水對(duì)艦的合力大小約為D.在點(diǎn)時(shí)水對(duì)艦的合力大小為0合力指向圓心【答案】B【解析】【分析】遼寧艦轉(zhuǎn)彎時(shí)受重力、水的浮力以及水指向圓心方向的推力作用，推力做為向心力，結(jié)合力的合成知識(shí)求解水對(duì)艦的合力大小.重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載【詳解】A．在A點(diǎn)時(shí)，水對(duì)艦有向上的浮力大小等于艦的重力，同時(shí)有指向圓心方向(fāngxiàng)的水的推力，兩個(gè)力的合力方向斜向上方向，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BCD．水對(duì)艦的合力(hélì)大小約為，選項(xiàng)B正確(zhèngquè)，CD8.如圖所示，三塊一樣的蹄形磁鐵并排放置在祖糙水平桌面上，S極在上，N極在下，導(dǎo)體棒AB單位長(zhǎng)度的電阻(diànzǔ)為R，導(dǎo)體棒所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同。可通過(guò)1、2、3、4四條電阻不計(jì)的柔軟細(xì)導(dǎo)線與電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源相連，相鄰兩條細(xì)導(dǎo)線間的導(dǎo)體棒長(zhǎng)度相同。下列說(shuō)法正確的是A.1接電源負(fù)極B.對(duì)調(diào)磁鐵N極與S極的位置的同時(shí)改變電流方向，導(dǎo)體棒的C.1、4接電源間瞬導(dǎo)體棒所受磁場(chǎng)的作用力是2、3接電源間瞬的3倍D.通電間瞬，桌面對(duì)磁鐵的作用力比沒(méi)通電時(shí)大(fùjí)，2接電源正極，導(dǎo)體棒向外擺擺動(dòng)方向改變【答案】D【解析】【分析】根據(jù)左手定則判斷通電時(shí)導(dǎo)體棒的擺動(dòng)方向；根據(jù)左手定則，電流方向和磁場(chǎng)方向同時(shí)改根據(jù)F=BIL判斷1、4接電源瞬間導(dǎo)體棒所受磁場(chǎng)的作用力與2、3接電源瞬間的磁場(chǎng)力關(guān)系；根據(jù)牛頓第三定律結(jié)合安培力的接通電源瞬間前后桌面對(duì)磁鐵的作用力的變化。【詳解】A．1接電源負(fù)極，2接電源正極，受安培力向里，則向里擺，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)左手定則可知，對(duì)調(diào)磁鐵N極與S極的位置的同時(shí)改變電流方向，導(dǎo)體棒變時(shí)，安培力的方向不變；知識(shí)判斷根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)體棒受安培力重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載，則，則根據(jù)(gēnjù)F=BIL可知1、4接電源瞬間導(dǎo)體棒所受磁場(chǎng)的作D．通電(tōngdiàn)的瞬間，磁場(chǎng)對(duì)導(dǎo)體棒產(chǎn)生水平方向的安培力，根據(jù)牛頓第三定律，導(dǎo)體棒對(duì)磁鐵產(chǎn)生水平方向的作用力，從而使得磁鐵與桌面之間產(chǎn)生摩擦力，使磁鐵對(duì)桌9.物理學(xué)中有些問(wèn)題的結(jié)論不一定必須通過(guò)計(jì)算才能驗(yàn)證，有時(shí)(yǒushí)只需通過(guò)一定的分析就可以判斷結(jié)論是否正確。如圖所示為兩個(gè)彼此平行且共軸的半徑分別為R和R的圓12環(huán)，兩圓環(huán)上的電荷量均為q(q>0)，而且電荷均勻分布。兩圓環(huán)的圓心O和O相距為122a，連線的中點(diǎn)為O，軸線上的A點(diǎn)在O點(diǎn)右側(cè)與O點(diǎn)相距為(r<a)，試分析判斷下列關(guān)于A點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度大小E的表達(dá)式正確的是A.B.C.D.重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載【解析(jiěxī)】題目要求不通過(guò)計(jì)算，只需通過(guò)一定的分析就可以判斷結(jié)論，所以(suǒyǐ)根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的公式E=k，與選項(xiàng)相對(duì)(xiāngduì)比，尋找不同點(diǎn)，再用極限分析問(wèn)題的思想方法就可【詳解(xiánɡjiě)】與點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E=k，比較可知，C表達(dá)式的單位不是場(chǎng)強(qiáng)的單位，故可以排除C；當(dāng)r=a時(shí)，右側(cè)圓環(huán)在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為零，則A處場(chǎng)強(qiáng)只由左側(cè)圓環(huán)上的電荷產(chǎn)生，即場(chǎng)強(qiáng)表達(dá)式只有一項(xiàng)，故可排除選項(xiàng)D；左右兩個(gè)圓環(huán)均帶正電，則兩個(gè)圓環(huán)在A點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)應(yīng)該反向，故可排除B，綜上所述，可知A正確。故選A。10.如圖所示，兩塊豎直放置的平行板間存在相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和勻強(qiáng)磁場(chǎng)B。一束初列說(shuō)法正確的是速度為v的帶正電粒子從上面豎直往下垂直電場(chǎng)射入，粒子重力不計(jì)，下A.若，粒子做勻加速直線運(yùn)B.若粒子往左偏，洛倫茲力力做正功C.若粒子往右偏，粒子的電D.若粒子做直線運(yùn)動(dòng)，改的帶電性質(zhì)，使它帶負(fù)電，其他條件不變，粒子動(dòng)勢(shì)能增加變粒子還是做直線運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】【分析】重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載初速度為v的帶電粒子沿直線從上向下射出，故此時(shí)洛倫茲力和電場(chǎng)力平衡，滿足Eq=qvB，與粒子的電性及帶電量均無(wú)關(guān)；若不滿足此速度關(guān)系時(shí)粒子將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力不做功，電場(chǎng)力做正功時(shí)電勢(shì)能將減小，據(jù)此解答；【詳解】A．若v＝E/B，即Eq=qvB，則粒子(lìzǐ)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．洛倫茲力對(duì)粒子不做功(zuògōng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．若粒子往右偏，電場(chǎng)力做正功，則粒子的電勢(shì)(diànshì)能減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．若粒子做直線運(yùn)動(dòng)，則滿足Eq=qvB，改變粒子的帶電性質(zhì)，使它帶負(fù)電，其他(qítā)條件不變，粒子所受的電場(chǎng)力方向改變，所受的洛倫茲力方向也改變，則粒子還是做直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確；故選D.【點(diǎn)睛】本題考查帶電粒子是速度選擇器模型，解題首先要根據(jù)粒子的速度判斷其受力情況，從而情況；知道洛倫茲力不做功，要能結(jié)合(jiéhé)動(dòng)能及電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)分析求解。11.如圖所示，直角三角形的斜邊傾角∠C＝30°，底邊BC長(zhǎng)為2L、處在水平位置，斜邊AC是光滑絕緣的，在底邊中點(diǎn)O處固定一正點(diǎn)電荷，一個(gè)質(zhì)量為m、電量為q的帶負(fù)電的質(zhì)點(diǎn)從斜面頂端A沿斜邊滑下．滑到斜邊上的垂足D時(shí)速度為v。則在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，定理以A.質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)是先勻加速后勻減速運(yùn)動(dòng)勢(shì)能之和不發(fā)生變到非常近斜邊底端C點(diǎn)時(shí)的速度為端C點(diǎn)時(shí)的加速度為g/2B.質(zhì)點(diǎn)在運(yùn)動(dòng)中動(dòng)能與電化C.質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)D.質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到非常挨近斜邊底【答案】C【解析】【分析】在直角三角形底邊中點(diǎn)O處放置一正電荷Q，設(shè)OC=OD，則知C、D的電勢(shì)相等；列出等式重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載求出接近斜邊底端C點(diǎn)時(shí)動(dòng)能，對(duì)質(zhì)點(diǎn)在D、C點(diǎn)進(jìn)行受力分析，運(yùn)用正交分解和牛頓第二定律列出等式求解C點(diǎn)的加速度和速度．【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力的大小和方向是變化的，故加速度也是變化的，故質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)不可能是勻變速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．小球受重力、支持力和電場(chǎng)力，支持力不做功，重力做功等于重力勢(shì)能的減小量，電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的減小量，故在質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)中動(dòng)能(dòngnéng)、電勢(shì)能、重力勢(shì)能三者之和守恒，因質(zhì)點(diǎn)的重力勢(shì)能減小，則質(zhì)點(diǎn)在運(yùn)動(dòng)中動(dòng)能與電勢(shì)能之和增加，選項(xiàng)B錯(cuò)C．DC兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，則對(duì)從D到C過(guò)程，電場(chǎng)力做功為零，根據(jù)(gēnjù)動(dòng)能定理，?vmD．質(zhì)點(diǎn)滑到C點(diǎn)時(shí)，受重力、電場(chǎng)力、支持力，由牛頓第二(dìèr)定律得：mgsin30°-，方向平行于斜面向下。睛】動(dòng)能定理的應(yīng)用，電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)，動(dòng)能定理的應(yīng)用，并要求學(xué)生能明確幾種特殊力做功的特點(diǎn)，是同一等勢(shì)面上.12.火星是太陽(yáng)的類地行星，直徑約為地球的53％，質(zhì)量為地球的11％，地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的半長(zhǎng)軸記作1天文單位，火星繞太陽(yáng)半長(zhǎng)軸1．52天文單位。“火”是火星的天然衛(wèi)星。下列說(shuō)法正確的是A.月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度比地球同步衛(wèi)星的線速度大B.地球表面附近的近地衛(wèi)星向心加速度是表面附近的近地衛(wèi)星向心加速度的5倍C.火星繞太陽(yáng)周約為地球公轉(zhuǎn)時(shí)間的兩涉及能量變化的關(guān)鍵要分析出D、C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)一火星公轉(zhuǎn)一倍D.月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，周期為T(mén)，“火衛(wèi)一＂繞火星做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為11R，周期為T(mén)，則22【答案】C【解析】重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載比較地球表面附近的近地衛(wèi)星向心加速度是火星表面附近的近地衛(wèi)星向心加速度的關(guān)系(guānxì)；根據(jù)開(kāi)普勒第三定律求解火星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)一周的時(shí)間與地球公轉(zhuǎn)時(shí)間的關(guān)系；【詳解】A．對(duì)月球和地球的同步衛(wèi)星而言，因同步衛(wèi)星繞地球的運(yùn)轉(zhuǎn)半徑小于月球繞地球運(yùn)動(dòng)的半徑，根據(jù)可知，月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度比地球同步衛(wèi)星的線速度小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知地球表面附近的近地衛(wèi)星向心加速度是火星表面附近的近地衛(wèi)星向心加倍，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；倍，選項(xiàng)C正確；D．月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的中心天體是地球，而“火衛(wèi)一＂繞火星做圓周運(yùn)動(dòng)的中心天故選C.豎直線上有A、B兩點(diǎn)，相距為h，B點(diǎn)離地高度為H?，F(xiàn)從A、B兩點(diǎn)分別向P點(diǎn)安放兩個(gè)光的滑固定斜面AP和BP，并讓兩個(gè)小物塊（可看成質(zhì)點(diǎn)）從兩斜面的A、B點(diǎn)同時(shí)由靜止滑下，發(fā)現(xiàn)兩小物塊同時(shí)到達(dá)P點(diǎn)，則A.OP間距離為B.OP間距離(jùlí)為重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載C.兩小物塊運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)速度(sùdù)相同【解析(jiěxī)】物塊沿光滑斜面下滑，根據(jù)牛頓第二定律可求出下滑的加速度，用底邊OP的長(zhǎng)度表示斜面的長(zhǎng)度，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)公式求解時(shí)間關(guān)系式，由于時(shí)間相等，則可找到邊長(zhǎng)時(shí)間的關(guān)系；根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知判斷物塊滑到P點(diǎn)的速度關(guān)系；對(duì)比自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間判斷選項(xiàng)D.【詳解】AB．設(shè)斜面的傾角為θ，則物體下滑的加速度為a=gsinθ，設(shè)OP的距離為x，則，因兩物體在斜面上下滑的時(shí)間相等，則sinθcosθ相等，由圖可，解得C．根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知：mgH=mv2可知，兩物塊開(kāi)始下落的高度H不同，則下落到11底端的速度D．是物體，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；不同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；從A點(diǎn)做自由落體運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的時(shí)間，可知兩小物塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均大于故選A.二、選擇題Ⅱ14.下列說(shuō)法正確的是A.LC振蕩電中路，當(dāng)電流增行射現(xiàn)象說(shuō)明在這一現(xiàn)象中光不沿是光疊加的結(jié)果，但光的衍射不是光疊加的結(jié)果大時(shí)，電容器所帶電量也增大B.光的直線傳播了C.光的干涉D.發(fā)生多普勒效應(yīng)時(shí)，波源的頻率保持不變【答案】BD【解析】【詳解】A．LC振蕩電中路，當(dāng)電流增大時(shí)，電容器放電，所帶電量減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；直線傳播了，B．光的行射現(xiàn)象說(shuō)明(shuōmíng)光能夠繞開(kāi)障礙物，即在這一現(xiàn)象中光不沿重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載D．發(fā)生多普勒效應(yīng)時(shí)，波源(bōyuán)的頻率保持不變，只是當(dāng)觀察者相對(duì)波源運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察者接受到的波的頻率發(fā)生了變化，選項(xiàng)D正確；故選BD.15.以下(yǐxià)說(shuō)法正確的是A.電子的發(fā)現(xiàn)(fāxiàn)使人們認(rèn)識(shí)到了原子核有結(jié)構(gòu)B.光電效應(yīng)顯示了光的粒子性C.隨著溫度的升高，黒體輻射的強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)，而各種波長(zhǎng)的輻射強(qiáng)度卻減小D.比結(jié)合能增加的核反應(yīng)會(huì)釋放出核能案】BD【解析】【詳解】A．電子的發(fā)現(xiàn)使人們認(rèn)識(shí)到了原子有結(jié)構(gòu)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；顯示了光的粒子性，選項(xiàng)B正確；C．隨著溫度的度都有所增加，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．比結(jié)合能增加的會(huì)釋放出核能，選項(xiàng)D正確；故選BD.B．光電效應(yīng)升高，黒體輻射的強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)，各種波長(zhǎng)的輻射強(qiáng)核反應(yīng)16.S為點(diǎn)振源，由平衡位置開(kāi)始上下振動(dòng)，產(chǎn)生一列簡(jiǎn)諾橫波沿SS直線傳播，S、S兩11212點(diǎn)之間的距離為9m。S點(diǎn)的2左側(cè)為一種介質(zhì)，右一側(cè)為另一種介質(zhì)，波在這兩種介質(zhì)中傳播的速度之比為3：4。某時(shí)刻波正好傳到S右側(cè)7m處，且S、S均在波峰位置。則221A.S開(kāi)始振動(dòng)時(shí)方向可能向下也可能向上2B.波在S左側(cè)的周期比在右側(cè)時(shí)大2C.右側(cè)的波長(zhǎng)為D.左側(cè)(zuǒcè)的波長(zhǎng)為(案dáàn)】AD重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載【解析(jiěxī)】機(jī)械波傳播過(guò)程中，波的周期等于振源的振動(dòng)周期，與介質(zhì)無(wú)關(guān)；質(zhì)點(diǎn)(zhìdiǎn)起振的方向與振源開(kāi)始振動(dòng)的方向是相同的；根據(jù)S、S在某時(shí)刻的位置確定兩側(cè)波的波長(zhǎng)表達(dá)式.【詳解】AB．波在這兩種介質(zhì)中傳播的過(guò)程中周期相同，因速度之比為3：4，根據(jù)λ=vT可知波長(zhǎng)之比為；因不知道開(kāi)始振源的起振方向，則無(wú)法判斷波傳到S點(diǎn)時(shí)開(kāi)始振動(dòng)2的方向，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD．若傳到S時(shí)，S質(zhì)點(diǎn)2從平衡位置向下振動(dòng)，則，解得，解得；若傳2到S時(shí)，S質(zhì)點(diǎn)從平衡位置向2上振動(dòng)，則，解得（n=0，1，2，3…..），；解得2；因S、S均在波2峰位置，可知和都應(yīng)該是整數(shù)，根據(jù)數(shù)學(xué)知1識(shí)可知，這兩個(gè)數(shù)包含了所有的奇數(shù)，即可表示為2n+1,則λ可表1示為（n=0，1，2，3…..），故選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤；故選AD.三、非選擇題部分17.（1）在用傳感器顯示運(yùn)動(dòng)中兩物體間的作用力與反作用力的實(shí)驗(yàn)時(shí)（如圖甲）運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，兩傳感器的拉力大小始終相等，下列說(shuō)法正確的是（）重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載A．一定要讓物體(wùtǐ)做勻速直線運(yùn)動(dòng)B．一定(yīdìng)要讓物體做勻變速運(yùn)動(dòng)C．可以(kěyǐ)不平衡摩擦力（2）用如圖乙所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，下列(dúshù)不準(zhǔn)確B．空氣對(duì)重物C．手捏紙的位置離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的位置太近，導(dǎo)致紙帶搭在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器上（3）某同學(xué)(xiàliè)屬于系統(tǒng)誤差的是（）A．刻度尺讀數(shù)及紙帶的阻力利用圖乙裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)得到了一根紙帶如圖丙所示，計(jì)算A點(diǎn)的時(shí)速度_____（保留三位有效數(shù)）【答案】(1).C(2).B(3).【解析】【分析】（1）兩個(gè)物體之間的相互作用力與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)以及物體是否受其他的力無(wú)關(guān)；（2）偶然誤差是由偶然因素造成的，可能偏大也可能偏?。幌到y(tǒng)誤差是由測(cè)量原理不完善或者儀器不準(zhǔn)確造成的；（3）根據(jù)當(dāng)時(shí)間很短時(shí)，某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度計(jì)算.【詳解】（1）因作用力和反作用力總是大小相等、方向相反，與物體的運(yùn)動(dòng)受其它力無(wú)關(guān)，可知此實(shí)驗(yàn)中不一定要使物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，也不一定要使物體做勻變速運(yùn)動(dòng)，也不需要平衡摩擦力，故選C.（2）用如圖乙所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律然誤差，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；空氣對(duì)重物及紙帶的阻力位置離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的位置太近，導(dǎo)致紙帶搭在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器上會(huì)造成測(cè)量結(jié)果的偏大也可能偏小，即造成偶然選項(xiàng)C錯(cuò)誤；故選B.（3）根據(jù)刻度尺讀出A點(diǎn)兩側(cè)(liǎnɡcè)的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的狀態(tài)以及是否時(shí)，刻度尺讀數(shù)不準(zhǔn)確(zhǔnquè)會(huì)造成偶選項(xiàng)B正確；手捏紙的會(huì)造成系統(tǒng)誤差，誤差，距離為5.25cm，則A點(diǎn)的速度-14-重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載18.某同學(xué)在探究（1）在小電珠接入電路前，使用多用電表直接測(cè)量小電珠的電阻(diànzǔ)，則應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)旋至_____進(jìn)行測(cè)量A．直流電壓10VB.直流電流2．5mAC．歐姆×1D．歐姆×10（2）該同學(xué)采用圖甲所示的電路進(jìn)行測(cè)量。圖中1．0A），L為待測(cè)小電珠，V為電壓表（量程3V，程0．6A，1Ω），E為電源（電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)），①在一次測(cè)量中電流表的此時(shí)的電流為_(kāi)_______A②根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)所畫(huà)出伏安特性曲線如圖丙所示，則小電珠R為滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0－20Ω，約為5．0kΩ），A為電流S為開(kāi)關(guān)。額正常工作時(shí)的電阻為_(kāi)_____Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。分析，認(rèn)為采用圖甲的實(shí)驗(yàn)電路做實(shí)驗(yàn)會(huì)產(chǎn)生系統(tǒng)誤差，產(chǎn)生______________?；?3).或(4).電流表的讀數(shù)大于小電珠的真實(shí)(zhēnshí)電流【解析(jiěxī)】【分析(fēnxī)】（1）根據(jù)(gēnjù)計(jì)算燈泡的電阻，然后選擇歐姆檔的檔位；重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載（2）①根據(jù)表盤(pán)信息讀取示數(shù)；②根據(jù)小燈泡正常工作時(shí)的電壓，利用圖像找出電流值，運(yùn)用歐姆定律求解電阻；③根據(jù)電路結(jié)構(gòu)分析誤差的原因。阻，則應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)旋至“×1”歐姆檔，故選C；（2）①因量程為0.6A，最小刻度為0.02A，則電流值為0.44A；②根據(jù)圖像可知，小燈泡正常工作時(shí)電壓為2.8V，電流為0.55A，則燈泡的電阻：；③采用圖甲的實(shí)驗(yàn)電路做實(shí)驗(yàn)會(huì)產(chǎn)生系統(tǒng)誤差，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因是由于電壓表的分流圓環(huán)套在粗細(xì)均勻、度長(zhǎng)為0.8m的圓柱頂端。圓環(huán)可在園柱上滑動(dòng)，同時(shí)從靜止釋放，經(jīng)0.4s圓柱與地相碰，圓柱與地相碰后速度瞬間變?yōu)?，且不會(huì)傾倒。靜止釋放瞬間，圓柱下端離地的高度為0.6m，則圓環(huán)與園柱間的滯動(dòng)摩擦力恰好到達(dá)地面，則從靜止釋放時(shí)圓環(huán)離地的高度為多是圓環(huán)重力的幾倍？（3）若圓環(huán)速度減為0時(shí)，【答案】（1）（2）5（3）【解析(jiěxī)】【分析(fēnxī)】（1）圓柱體由靜止釋放(shìfàng)做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)h=gt2求解(qiújiě)圓柱下端離地的高度；（2）圓柱體落地后，圓環(huán)做減速運(yùn)動(dòng)直到速度為零；根據(jù)運(yùn)動(dòng)公式求解(qiújiě)加速度，根據(jù)牛頓第二定律求解圓環(huán)受阻力與重力的比值；重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載（3）根據(jù)速度位移關(guān)系求解靜止釋放時(shí)圓環(huán)離地的高度.（2）圓柱體落地時(shí)圓環(huán)的速度：解得a=40m/s2；對(duì)圓環(huán)根據(jù)牛頓第二定律：f-mg=ma，解得f：mg=5（3）由v2=2aL，2則20.如圖所示，ABCD是游樂(lè)場(chǎng)中的滑道，它位于豎直平面內(nèi)，由兩個(gè)半徑分別為R＝10m和1R＝2m的1/4光滑田弧，以及長(zhǎng)L＝10m、動(dòng)摩擦因數(shù)＝0．1的水平滑連組成，所有滑道2平滑連接，D點(diǎn)恰好在水面上。游客（可視為質(zhì)點(diǎn)）可由AB弧的任意位置從靜止開(kāi)始下滑，游客的質(zhì)量為m＝50kg。（1）若到達(dá)AB弧的末端時(shí)速度為5m/s，（2）若要保游證客能滑入水中，開(kāi)始下滑點(diǎn)與B點(diǎn)間網(wǎng)弧所對(duì)應(yīng)的圓(tiáojiàn)。（可用三角函數(shù)表示）客對(duì)滑道的壓力多大？心角要足什么條件（3）若游客在C點(diǎn)脫離(tuōlí)滑道，求其落水點(diǎn)到D點(diǎn)的距離范圍。【答案(dáàn)】（1）625N（2）（3）【解析(jiěxī)】【分析(fēnxī)】重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載0，根據(jù)能量關(guān)系列式解答；（3）根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和動(dòng)能定理求解到達(dá)C點(diǎn)的速度范圍，然后結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解落水點(diǎn)到D點(diǎn)的距離范圍。解得F=625NN（2）根據(jù)能量關(guān)系，要想滑入水中要滿足：（3）在C點(diǎn)恰脫離軌道時(shí)：mg=m，解得v=2m/s；1解得v=6m/s，2即到達(dá)C點(diǎn)的速度范圍是：2m/s≤v≤6m/s；由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有：R=gt2，解得t=2s；2x=vt-R2解得21.小顯和小濤同學(xué)“用插針?lè)y(cè)玻璃棱鏡的折射率”（1）小顯同學(xué)按實(shí)驗(yàn)(shíyàn)步驟，先在紙上插下二枚大頭針P、P，然后在玻璃棱鏡12重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載(léngjìng)的另一側(cè)插下另外二枚大頭針，如圖（1）所示。則插針一定錯(cuò)誤的是_______(wánchéng)光路圖____，并標(biāo)出相應(yīng)的符號(hào)，所測(cè)出的玻璃棱鏡的折射率n＝_______。（2）小濤同學(xué)突發(fā)奇想，用兩塊同樣(tóngyàng)的玻璃直角三棱鏡ABC來(lái)做實(shí)驗(yàn)，兩者的AC面是平行放置的，如圖（P、P的連線垂直于AB面，若操作正確在圖（2）中右邊的插針應(yīng)該是________（選填＂PP＂、＂PP＂、＂343612(zhèngquè)的話，則PP＂、＂PP）5456【答案】(1).(2).如圖所示：(3).(4).【解析】【分析】（1）根據(jù)光路圖來(lái)確定玻璃磚右邊插針的位置；根據(jù)光的折射定律求解折射率；（2）畫(huà)出經(jīng)過(guò)PP的光路圖可確定右側(cè)插針的位置；12【解詳】（1）光線經(jīng)三棱鏡折射后應(yīng)該偏向底邊，故插針一定錯(cuò)誤的是“PP”；光路如56圖；根據(jù)光的折射(zhéshè)定律：（2）根據(jù)(gēnjù)光路圖可知，經(jīng)過(guò)PP的光線經(jīng)兩塊玻璃磚的分界處后向下偏，然后12(ránhòu)射入右側(cè)玻璃磚后平行射出，則圖（2）中右邊的插針應(yīng)該是PP；56重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載22.如圖所示，空中等間距分布水平方向的條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，豎直方向磁場(chǎng)區(qū)域足夠長(zhǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度(qiángdù)均一樣，每一條形磁場(chǎng)區(qū)域的寬及相鄰條形磁場(chǎng)區(qū)域的間距均為d。現(xiàn)讓一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)（L＜d）、質(zhì)量為m、總電阻為R的勻質(zhì)正方形線框MNOP受到瞬時(shí)的水平?jīng)_量（1）線進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，MN邊相當(dāng)于產(chǎn)生感應(yīng)電流的“電源”，這“電源”的非靜電與什么力有關(guān)？（2）線剛穿過(guò)第一個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域后水平速度變?yōu)?度大小v；（3）若L＝0.2m，m＝0.1kg，R＝0.1Ω，d＝0.5m，I＝0.9N?s，且每個(gè)區(qū)域磁場(chǎng)的磁感應(yīng)0強(qiáng)度B＝1.0T，求線框從剛進(jìn)入磁場(chǎng)到開(kāi)始豎直下落的過(guò)程中已穿過(guò)完整條形磁場(chǎng)的區(qū)域【答案】（1）與洛倫茲力有關(guān)（2）（3）5；【解析】【分析】（1）根據(jù)運(yùn)動(dòng)(yùndòng)電荷在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力分析“電源”產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)；（2）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)別用動(dòng)量定理列式求解線圈完全(wánquán)處在和出離磁場(chǎng)的過(guò)程，分第一個(gè)磁場(chǎng)中時(shí)的水平速度；（3）對(duì)線圈完全穿過(guò)磁場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程(guòchéng)運(yùn)用動(dòng)量定理結(jié)合電量的公式以及能量關(guān)重點(diǎn)中學(xué)試卷可修改歡迎下載系求解產(chǎn)生的焦耳熱；所以這“電源”的非靜電洛倫茲力有關(guān)；（2）初速度為：線框進(jìn)入既有：BLq=mv-mv0既有：BLq=mv-mv1（3）線框剛開(kāi)始豎直下落時(shí)