南通市重點(diǎn)中學(xué)2023-2024學(xué)年高二物理第一學(xué)期期末監(jiān)測(cè)試題含解析VIP

南通市重點(diǎn)中學(xué)2023-2024學(xué)年高二物理第一學(xué)期期末監(jiān)測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類(lèi)型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫(xiě)在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來(lái)的答案，然后再寫(xiě)上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無(wú)效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、第一個(gè)發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是：A.奧斯特 B.庫(kù)侖C.法拉第 D.安培2、如圖是某電源的伏安特性曲線和接在此電源上的電阻的U-I圖像，則下列結(jié)論錯(cuò)誤的是()A.電源的電動(dòng)勢(shì)為6.0V． B.電源的內(nèi)阻為12ΩC.電路的輸出功率為1.4W D.電路的效率為93.3﹪3、如圖所示，一個(gè)速度為的正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，選擇器中磁感強(qiáng)度為B，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，若均增加為原來(lái)的3倍，則A.仍沿直線前進(jìn)，飛出選擇器 B.往上極板偏轉(zhuǎn)C.往下極板偏轉(zhuǎn) D.向紙外偏出4、如圖所示，在xOy坐標(biāo)系的第一象限中有一半徑為r＝0.1m的圓形磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝1T，方向垂直紙面向里，該區(qū)域同時(shí)與x軸、y軸相切，切點(diǎn)分別為A、C.現(xiàn)有大量質(zhì)量為1×10－18kg（重力不計(jì)），電量大小為2×10－10C，速率均為2×107m/s的帶負(fù)電的粒子從A處垂直磁場(chǎng)進(jìn)入第一象限，速度方向與y軸夾角為θ，且0<θ<180°，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A.粒子的軌跡圓和磁場(chǎng)圓的半徑相等B.這些粒子軌跡圓的圓心構(gòu)成的圓和磁場(chǎng)圓的半徑相等C.部分粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可以穿越坐標(biāo)系進(jìn)入第2象限D(zhuǎn).粒子的軌跡可以覆蓋整個(gè)磁場(chǎng)圓5、長(zhǎng)直導(dǎo)線與環(huán)形導(dǎo)線固定在同一平面內(nèi)，長(zhǎng)直導(dǎo)線中通有圖示方向的電流。當(dāng)電流逐漸增大時(shí)（）A.環(huán)形導(dǎo)線中可能沒(méi)有感應(yīng)電流B.環(huán)形導(dǎo)線中有感應(yīng)電流，但方向不確定C.環(huán)形導(dǎo)線中有收縮的趨勢(shì)D.環(huán)形導(dǎo)線有靠近長(zhǎng)直導(dǎo)線的趨勢(shì)6、小張?jiān)谔骄看艌?chǎng)對(duì)電流作用的實(shí)驗(yàn)中,將直導(dǎo)線換作導(dǎo)體板,如圖所示,發(fā)現(xiàn)在兩點(diǎn)之間存在電壓進(jìn)一步實(shí)驗(yàn)結(jié)果如下表,由表中結(jié)果可知電壓電流磁感應(yīng)強(qiáng)度電壓UabIBUI2B2UI3B3U2IB2U2IB3UA.與電流無(wú)關(guān)B.與磁感應(yīng)強(qiáng)度無(wú)關(guān)C.與電流可能成正比D.與磁感應(yīng)強(qiáng)度可能成反比二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖電路中要使電流計(jì)G中的電流方向如圖所示，則導(dǎo)軌上的金屬棒AB的運(yùn)動(dòng)必須是（）A.向左減速移動(dòng)B.向左加速移動(dòng)C.向右減速移動(dòng)D.向右加速移動(dòng)8、在如圖所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，電路達(dá)到穩(wěn)定后，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，二極管視為理想二極管，R1、R2、R3三個(gè)電阻的阻值相等且與電源的內(nèi)阻r的阻值也相等．當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則A.帶電質(zhì)點(diǎn)P將向下運(yùn)動(dòng)B.電源的輸出功率將變大C.電壓表V2與電流表A的讀數(shù)變化量的絕對(duì)值之比一定不變D.電壓表V讀數(shù)變化量的絕對(duì)值等于電壓表V2的讀數(shù)變化量的絕對(duì)值9、如圖所示，虛線為某點(diǎn)電荷電場(chǎng)的等勢(shì)面，現(xiàn)有兩個(gè)比荷(即電荷量與質(zhì)量之比)相同的帶電粒子(不計(jì)重力)以相同的速率從同一等勢(shì)面的a點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)后沿不同的軌跡1和2運(yùn)動(dòng)，則可判斷()A.兩個(gè)粒子電性相同B.經(jīng)過(guò)b、d兩點(diǎn)時(shí)，兩粒子的加速度的大小相同C.經(jīng)過(guò)b、d兩點(diǎn)時(shí)，兩粒子的速率相同D.經(jīng)過(guò)c、e兩點(diǎn)時(shí)，兩粒子的速率相同10、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能，則下列方法可行的是（）A.增大磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度 B.減小狹縫間的距離C.增大D形金屬盒的半徑 D.增大兩D形金屬盒間的加速電壓三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）利用如圖所示的電路測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻(1)若閉合電鍵S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向a，改變電阻箱R的阻值得到一系列的電壓表的讀數(shù)U(2)若斷開(kāi)S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向b，改變電阻箱R阻值得到一系列的電流表的讀數(shù)I(3)某同學(xué)分別按照以上兩種方式完成實(shí)驗(yàn)操作之后，利用圖線處理數(shù)據(jù)，得到如下兩個(gè)圖象(如圖①和②所示)，縱軸截距分別是b1、b2，斜率分別為k1、k2若忽略電壓表的分流和電流表的分壓作用，則步驟(1)中測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)E1=___________；內(nèi)阻r1=___________．(用k1、b1表示)步驟(2)中測(cè)得的電源內(nèi)阻r2=比真實(shí)值_________(填偏大、相等、或偏小)若不能忽略電壓表的分流和電流表的分壓作用，則：結(jié)合兩組圖像可計(jì)算出該電源的真實(shí)電動(dòng)勢(shì)E=，真實(shí)內(nèi)阻r=_________12．（12分）質(zhì)子（）和粒子（）從靜止開(kāi)始經(jīng)相同的電壓加速后進(jìn)入同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)做圓周運(yùn)動(dòng)，則這兩個(gè)粒子的動(dòng)能之比為_(kāi)____，軌道半徑之比為_(kāi)_____，周期之比為_(kāi)________四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫(huà)出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；A錯(cuò)誤B、庫(kù)倫研究得出了電荷間的相互作用：庫(kù)侖定律；B錯(cuò)誤C、法拉第第一個(gè)發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象；C正確D、安培研究了磁場(chǎng)對(duì)電流的作用；D錯(cuò)誤故選C2、B【解析】電源的伏安特性圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì)，圖象的斜率表示內(nèi)阻；兩圖象的交點(diǎn)為電阻的工作狀態(tài)點(diǎn)；則由圖可得出電源的輸出電壓及輸出電流；從而由P=UI可求得電源的輸出功率及效率【詳解】由圖可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為6.0V，故A正確；電源的內(nèi)阻，故B錯(cuò)誤；由圖可知，電源與電阻相連時(shí)，電阻兩端的電壓為5.6V，電流為0.25A，故電源的輸出功率，故C正確；電路的效率，故D正確；答案選B3、B【解析】正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，此時(shí)應(yīng)該有：qvB=qE，即vB=E，若B、E、v0均增加為原來(lái)的3倍，則受到的洛侖茲力大于電場(chǎng)力，正離子要向上偏轉(zhuǎn)。A．仍沿直線前進(jìn)，飛出選擇器，故A不符合題意；B．往上極板偏轉(zhuǎn)，故B符合題意；C．往下極板偏轉(zhuǎn)，故C不符合題意；D．向紙外偏出，故D不符合題意。故選B。4、C【解析】A．電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，則有得A正確；BD．由題意知，粒子的軌跡，相當(dāng)于把半徑r=0.1m的圓以A點(diǎn)為中心順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖所示所以粒子軌跡圓的圓心構(gòu)成的圓的圓心在A點(diǎn)，半徑等于AB，即與磁場(chǎng)圓的半徑相等，且粒子的軌跡可以覆蓋整個(gè)磁場(chǎng)圓，BD正確；C．由圖示可知，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域后均能垂直x軸進(jìn)入第四象限做勻速直線運(yùn)動(dòng)，不可能進(jìn)入第2象限，C錯(cuò)誤。故選C。5、C【解析】AB．當(dāng)直導(dǎo)線中電流逐漸增大時(shí)，穿過(guò)環(huán)形導(dǎo)線的磁通量向里增加，則環(huán)形線圈中一定有感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍x項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．在環(huán)形電流上取小段電流元，由左手定則可知電流元所受的磁場(chǎng)力指向圓心，可知環(huán)形導(dǎo)線中有收縮的趨勢(shì)，選項(xiàng)C正確；D．因靠近直導(dǎo)線部分的電流元所受的向下的磁場(chǎng)力較大，則環(huán)形導(dǎo)線有遠(yuǎn)離長(zhǎng)直導(dǎo)線的趨勢(shì)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.6、C【解析】由表格數(shù)據(jù)可知，當(dāng)控制電流I相同時(shí)，電壓U與磁感應(yīng)強(qiáng)度B成正比，當(dāng)控制磁感應(yīng)強(qiáng)度B相同時(shí)，則有電壓U與電流I成正比，綜合所述可知，電壓可能與電流，或磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比，故C正確，ABD錯(cuò)誤；二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】AB．金屬棒AB向左減速移動(dòng)時(shí)，根據(jù)右手定則可知，AB中產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)锳→B，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)減小，感應(yīng)電流減小，右側(cè)線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)減弱，根據(jù)楞次定律分析得知，電流計(jì)G中的電流方向與所示方向相同，A正確，B錯(cuò)誤；CD．金屬棒AB向右減速移動(dòng)時(shí)，根據(jù)右手定則可知，AB中產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)锽→A，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)減小，感應(yīng)電流減小，右側(cè)線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)減弱，根據(jù)楞次定律分析得知，電流計(jì)G中的電流方向與所示方向相反，C錯(cuò)誤，D正確。故AD。8、BC【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，R4阻值減小，則電路總電流變大，R1上電壓變大，則R3及其并聯(lián)支路的電壓減小，電容器兩端電壓減小，電容器本該放電，但是由于二極管的單向?qū)щ娦?，使得電容器兩端的電量不變，?chǎng)強(qiáng)不變，則帶電質(zhì)點(diǎn)P將仍靜止，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；因當(dāng)電源外電路電阻等于內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，因R1、R2、R3三個(gè)電阻的阻值相等且與電源的內(nèi)阻r的阻值也相等，可知外電路電阻大于內(nèi)阻，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，外電路電阻減小，向內(nèi)電阻接近，故電源的輸出功率變大，選項(xiàng)B正確；若只將ab部分等效為電源的外電路，而將ab左側(cè)的部分等效為內(nèi)電路，其等效內(nèi)阻為，則根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，電壓表V2與電流表A的讀數(shù)變化量的絕對(duì)值之比為，可知為定值不變，選項(xiàng)C正確；由電路圖可知；分析可知當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，U減小，U2減小，U1增大，UR2增大，則電壓表V讀數(shù)變化量的絕對(duì)值小于電壓表V2的讀數(shù)變化量的絕對(duì)值，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選BC.9、BD【解析】A.由圖可知電荷1受到中心電荷的斥力，而電荷2受到中心電荷的引力，故兩粒子的電性一定不同，故A錯(cuò)誤B.兩粒子經(jīng)過(guò)b、d兩點(diǎn)時(shí)，受到庫(kù)侖力作用，由牛頓第二定律可得，，由題意可知，兩粒子的加速度大小相同，故B正確C.根據(jù)圖中運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子1做減速運(yùn)動(dòng)，而粒子2做加速運(yùn)動(dòng)，開(kāi)始它們的速率相同，當(dāng)兩粒子經(jīng)過(guò)b、d（同一等勢(shì)面）兩點(diǎn)時(shí)，兩粒子的速率不會(huì)相同，故C錯(cuò)誤D.兩個(gè)粒子的初速度僅僅是方向不同，速率相等，而粒子1從a到c、粒子2從a到e電場(chǎng)力做功均為零，則經(jīng)過(guò)c、e兩點(diǎn)兩粒子的速率相等，故D正確10、AC【解析】由洛倫茲力提供向心力，可知計(jì)算得出則動(dòng)能可知，動(dòng)能與加速的電壓無(wú)關(guān)，與狹縫間的距離無(wú)關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和D形盒的半徑有關(guān)，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度和D形盒的半徑，可以增加粒子的動(dòng)能，故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.；②.；③.偏大；④.；【解析】(1)開(kāi)關(guān)接a時(shí)，采用電壓表與電阻箱并聯(lián)的方式測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，明確電表內(nèi)阻的影響，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析列出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式，從而確定誤差情況；(2)開(kāi)關(guān)接b時(shí)，采用電流表與電阻箱串聯(lián)的方式測(cè)量，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析列出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式，從而確定誤差情況；(3)分析兩種方式所得出的準(zhǔn)確值表達(dá)式，從而分析與電表內(nèi)阻無(wú)關(guān)的物理量，從而確定真實(shí)值【詳解】(1)若閉合電鍵S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向a，改變電阻箱R的阻值得到一系列的電壓表的讀數(shù)U，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，E=U+Ir=U+則因此圖象的縱軸截距b=，電動(dòng)勢(shì)E=圖象的斜率k1=，則電源內(nèi)阻r=k1E=；(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律E=I（R+r）變形，得到與R的關(guān)系式，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得知，圖象的斜率的倒數(shù)等于電源的電動(dòng)勢(shì)E，縱軸截距的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻r與定值電阻的和則可知，電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值與真實(shí)值相比相等，沒(méi)有考慮電流表的內(nèi)阻，即實(shí)際內(nèi)阻，所以?xún)?nèi)電阻的測(cè)量值與真實(shí)值相比偏大(3)由以上分析可知，(2)中電動(dòng)勢(shì)是準(zhǔn)確的，故；而(1)圖象的斜率聯(lián)立解得：r=【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵在于能由圖象知識(shí)（斜率與截距的意義）結(jié)合閉合電路歐姆定律求解，在解題時(shí)要注意題目中給出的條件及坐標(biāo)中隱含的信息12、①.1:2②.③.1:2【解析】[1]由動(dòng)能定理知兩個(gè)粒子