山東省青島市黃島區(qū)2023-2024學年物理高二第一學期期末調研模擬試題含解析

山東省青島市黃島區(qū)2023-2024學年物理高二第一學期期末調研模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，當滑動變阻器的滑片P向上端移動時，電表示數的變化情況是（）A.示數減小，示數增大，A示數增大B.示數增大，示數減小，A示數增大C.示數增大，示數增大，A示數減小D.示數減小，示數減小，A示數減小2、如圖所示，真空中兩點電荷固定在M、N兩點，在MN連線上有關于中點O點對稱的兩點a、c，在MN連線的中垂線上有關于O點對稱的兩點b、d，則A.若兩點電荷為等量同種電荷，則a點與c點電場強度相同B.若兩點電荷為等量同種電荷，則b點與d點電場強度大小相等C.若兩點電荷為等量異種電荷，一正點電荷從b點到d點，電勢能先增大后減小D.若兩點電荷為等量異種電荷，一正點電荷在a點的電勢能大于在c點的電勢能3、水柱以速度v垂直射到墻面上，之后水速減為零，若水柱截面為S，水的密度為ρ，則水對墻壁的沖力為（）A.ρSv B.ρSvC.ρSv2 D.ρSv24、如圖所示的條形磁鐵的上方放置一矩形線框，線框平面水平且與條形磁鐵平行，則線框在由N極勻速平移到S極的過程中，線框中的感應電流的情況是()A.線框中始終無感應電流B.線框中始終有感應電流C.線框中開始有感應電流，當線框運動到磁鐵中部上方時無感應電流，以后又有了感應電流D.開始無感應電流，當運動到磁鐵中部上方時有感應電流，后來又沒有感應電流5、把金屬棒一端靠近小磁針的南極或北極時，都看到有吸引現象，可斷定這根金屬棒（）A.一定是磁鐵 B.一定不是磁鐵C.可能是磁鐵，也可能不是磁鐵 D.無法確定6、如圖所示，為地球赤道上的物體，為沿地球表面附近做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星，為地球同步衛(wèi)星．則下列說法正確的是（）A.角速度的大小關系是B.向心加速度的大小關系是C.線速度的大小關系是D.周期的大小關系是二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，實線是一個電阻為R、半徑為a的圓形金屬線圈，線圈內部半徑為b的圓形虛線范圍內存在一方向垂直于線圈平面的勻強磁場，已知磁場的磁感應強度B隨時間變化的圖象如圖乙所示，時刻磁場方向垂直于紙面向里，則下列說法正確的是A.時刻，穿過線圈磁通量為B.在時間內，線圈磁通量的變化量為C.在時間內，通過線圈導線橫截面的電荷量為D.在時間內，線圈中的感應電流方向始終為順時針方向8、在電磁感應現象中，下列說法正確的是()A.感應電流的磁場總是阻礙原來磁場的變化B.感應電流的磁場方向總是與引起它的磁場方向相反C.穿過閉合電路的磁通量越大，電路中的感應電流也越大D.穿過電路的磁通量變化越快，電路中的感應電動勢也越大9、如圖所示，一邊長為L的正方形abcd，P是bc的中點若正方形區(qū)域內只存在由d指向a的勻強電場，則在a點沿ab方向以速度v入射的質量為m、電荷量為q的帶負電粒子不計重力恰好從P點射出若該區(qū)域內只存在垂直紙面向里的勻強磁場，則在a點沿ab方向以速度v入射的同種帶電粒子恰好從c點射出由此可知A.勻強電場的電場強度為B.勻強磁場的磁感應強度為C.帶電粒子在勻強電場中運動加速度大小等于在勻強磁場中運動的加速度大小D.帶電粒子在勻強電場中運動和在勻強磁場中運動的時間之比為1：2π10、如圖是通過變壓器降壓給用戶供電示意圖.負載變化時變壓器輸入電壓保持不變.輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，輸電線的電阻用R0表示，開關S閉合后，相當于接入電路中工作的用電器增加．變壓器可視為理想變壓器，則開關S閉合后，以下說法正確的是A.變壓器的輸入功率減小B.電表V1示數與V2示數的比值不變C.輸電線的電阻R0消耗的功率增大D.流過電阻R1的電流增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一電流表的量程標稱不準確，某同學利用如圖所示電路測量該電流表的實際量程所用器材有：量程不準的電流表A1，內阻，量程標稱為；標準電流表A2，內阻，量程；標準電阻，阻值；滑動變阻器R，總電阻為；電源E，電動勢，內阻不計；保護電阻；開關S；導線?；卮鹣铝袉栴}：（1）在圖甲所示的實物圖上畫出連線。（）（2）開關S閉合前，滑動變阻器的滑片c應滑動至______端。（3）開關S閉合后，調節(jié)滑動變阻器的滑動端，使電流表A1滿偏；若此時電流表A2的示數為，則A1的量程______。（4）若測量時，A1未調到滿偏，兩電流表的示數如圖乙所示，從圖中讀出A1的示數______，A2的示數______；由讀出的數據計算得______。保留三位有效數字（5）寫出一條提高測量準確度的建議：______。12．（12分）理想變壓器的原、副線圈匝數比n1:n2=1:10，副線圈與阻值R=20的電阻相連。原線圈接在以速度v40m/s向右勻速運動的金屬棒兩端，金屬棒的電阻可忽略不計，棒所切割磁場的邊界變化規(guī)律為y，副線圈輸出交流電的頻率為_________；勻強磁場的磁感應強度B=0.25T，則交流電壓表的示數為_________；電阻R上消耗的電功率為_________。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】首先弄清電壓表測量的是路端電壓，電壓表測量的是和并聯電路兩端的電壓，電流表A測量的是通過電阻的電流，再利用閉合電路歐姆定律及串聯、并聯電路的特點進行分析．滑片P向上端移動，接入電路的電阻增大，外電阻增大，干路電流I減小，路端電壓增大，從而判定示數增大；由于I減小，電阻及內阻r的電壓減小，故增大，所以示數增大；由于增大，所在支路的電流增大，通過的電流減小，所以A示數減小故選C2、B【解析】量同種電荷的電場特點，中垂線上關于O點對應的各點場強大小相等，方向相反，連線上關于O點對稱各點場強大小相等，反向相反；等量異種電荷MN之間的電場方向是相同的，由M指向N或由N指向M；MN中垂線上的電場強度、電勢關于O點對稱，bd是一條等勢線．根據電場力做功情況，分析電勢能的變化【詳解】若兩點電荷為等量同種電荷，則a點與c點的電場強度大小相等，方向相反，故A錯誤；若兩點電荷為等量同種電荷，因bd關于O點對稱，所以b點與d點的電場強度大小相等，故B正確；若兩點電荷為等量異種電荷，則b、d兩點電勢相等均為零，則一正點電荷從b點到d點，電勢能不變，選項C錯誤；若兩點電荷為等量異種電荷，若N點為正電荷時，則a點的電勢低于c點，一正點電荷在a點時的電勢能小于放在c點時的電勢能，故D錯誤；故選B【點睛】本題考查等量同種電荷和等量異種電荷的場強特點，要結合電場強度、電勢、電勢能等概念充分理解等量同種、等量異種電荷周圍的電場特點3、D【解析】設t時間內有V體積的水打在鋼板上，則這些水的質量為：以這部分水為研究對象，它受到鋼板的作用力為F，以水運動的方向為正方向，由動量定理有：即：負號表示水受到的作用力的方向與水運動的方向相反；由牛頓第三定律可以知道，水對鋼板的沖擊力大小也為，D正確，ABC錯誤。故選D。4、B【解析】條形磁鐵中部磁性較弱，兩極磁性最強，線圈從左向右移動過程中，線圈中磁通量先減小后反方向增大，因此線圈中始終有感應電流A．線框中始終無感應電流，與結論不相符，選項A錯誤；B．線框中始終有感應電流，與結論相符，選項B正確；C．線框中開始有感應電流，當線框運動到磁鐵中部上方時無感應電流，以后又有了感應電流，與結論不相符，選項C錯誤；D．開始無感應電流，當運動到磁鐵中部上方時有感應電流，后來又沒有感應電流，與結論不相符，選項D錯誤；5、B【解析】金屬棒的一端靠近磁針的N極，相互吸引，說明金屬棒的該端是S極，或不具有磁性；金屬棒的該端又靠近磁針的S極還相互吸引，而不是相互排斥，由此可以確定金屬棒一定是沒有磁性6、D【解析】a與c的角速度相等，即，而b、c都圍繞地球做勻速圓周運動，則有：，解得：，因b的半徑小于c的半徑，故，所以有：，根據可知，，故A錯誤，D正確；a與c的角速度相等，由可知，a的半徑小于c的半徑，故，而b、c都圍繞地球做勻速圓周運動，則有：，解得：，因b的半徑小于c的半徑，故，所以，故B錯誤；a與c的角速度相等，由可知，a的半徑小于c的半徑，故，而b、c都圍繞地球做勻速圓周運動，則有：，解得：，因b的半徑小于c的半徑，故，所以，故C錯誤；故選D【點睛】本題中涉及到三個做圓周運動物體，ac轉動的周期相等，bc同為衛(wèi)星，故比較它們的周期、角速度、線速度、向心加速度的關系時，涉及到兩種物理模型，要兩兩比較二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A．時刻，磁感應強度為穿過線圈的磁通量為，故A錯誤；B．在時間內，線圈磁通量由垂直紙面向里變?yōu)榇怪奔埫嫦蛲猓兓繛?，故B正確；C．在時間內，根據法拉第電磁感應定律，產生的感應電動勢為：，根據閉合電路歐姆定律，產生的感應電流為：，通過線圈導線橫截面的電荷量，故C正確；D．根據楞次定律和安培定則，感應電流的方向方向為順時針，故D正確8、AD【解析】根據楞次定律可知：感應電流的磁場總是阻礙原來磁場的變化，故A正確．由楞次定律可知：原磁通量減小時，感應電流的磁場方向與引起它的磁場方向相同，故B錯誤．穿過閉合電路的磁通量越大，但磁通量變化率不一定越大，所以根據法拉第電磁感應定律知感應電動勢不一定越大，感應電流也就不一定越大．故C錯誤．穿過電路的磁通量變化越快，磁通量變化率越大，根據法拉第電磁感應定律知感應電動勢也越大．故D正確．故選AD【點睛】解決本題的關鍵是理解并掌握楞次定律和法拉第電磁感應定律，要注意感應電動勢與磁通量變化率成正比，而不是與磁通量和磁通量變化量成正比9、BC【解析】A．帶電粒子在電場中做類平拋運動，有聯立解得故A錯誤；B．帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有由幾何關系有聯立解得故B正確；C．粒子在勻強磁場中運動的加速度故C正確；D．帶電粒子在勻強電場中運動的時間在勻強磁場中運動的時間帶電粒子在勻強電場中運動和在勻強磁場中運動的時間之比為故D錯誤。故選BC。10、BC【解析】A項：因為負載增加，則副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，由P=UI知功率增加，故A錯誤；B項：電表V1示數與V2示數的比值等于原、副線圈的匝數比，所以電表V1示數與V2示數的比值不變，故B正確；C項：因為負載增加，則副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，所以輸電線的電阻R0消耗的功率增大，故C正確；D項：因為負載增加，則副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，上損失的電壓增大，所以兩端的電壓減小，所以流過的電流減小，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).見解析所示(2).b(3).(4).(5).(6).(7).多次測量取平均值【解析】（1）[1]．根據題意畫出原理圖，如圖由電路圖連接實物圖時，按電流流向法，從電源的正極出發(fā)依次串聯電流表A2、電阻R1、電阻R2、滑動變阻器、開關回到負極，然后把電流表A1與電流表A2和電阻R1并聯即可；要注意滑動變阻器的左下方接線柱必須接入電路，且按一上一下的原則串聯在電路中，電路圖如圖所示：連線如圖。（2）[2]．在滑動變阻器的限流接法中在接通開關前需要將滑片滑動到阻值最大端，即如圖b端。（3）[3]．閉合開關調節(jié)滑動變阻器使待測表滿偏，流過的電流為Im．根據并聯電路電壓相等有Imr1=I2（r2+R1）得（4）[4][5][6]．待測表未滿偏有I1r1=I2（r2+R1），A2的示數0.66mA，并將其他已知條件代入解得但圖中A1的示數3.00mA，量程為5.0mA，根據電流表的刻度是均勻的，則準確量程為6.05mA。（5）[7]．為減小偶然誤差，可以多次測量取平均值。12、①.10Hz②.20V