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文檔簡介

廣東大埔華僑二中2025屆高考仿真卷物理試題注意事項:1.答卷前,考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標號。回答非選擇題時,將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,圍繞地球做勻速圓周運動的兩顆衛(wèi)星的周期分別為T1和T2,兩顆衛(wèi)星的軌道半徑的差值為d,地球表面重力加速度為g,根據(jù)以上已知量無法求出的物理量是(引力常量G未知)()A.地球的半徑 B.地球的質量C.兩顆衛(wèi)星的軌道半徑 D.兩顆衛(wèi)星的線速度2、下列說法中正確的是A.用打氣筒的活塞壓縮氣體很費力,說明分子間有斥力B.在陽光照射下,可以觀察到教室空氣中飛舞的塵埃作無規(guī)則運動,屬于布朗運動C.一定質量的理想氣體溫度升高其壓強一定增大D.一定質量的理想氣體溫度升高其內能一定增大3、按照我國整個月球探測活動的計劃,在第一步“繞月”工程圓滿完成各項目標和科學探測任務后,第二步是“落月”工程,已在2013年以前完成。假設月球半徑為R,月球表面的重力加速度為g0,飛船沿距月球表面高度為3R的圓形軌道運動,到達軌道的A點時點火變軌進入橢圓軌道,到達軌道的近月點B時再次點火進入月球近月軌道繞月球做圓周運動。下列判斷不正確的是()A.飛船在軌道上的運行速率B.飛船在A點處點火變軌時,動能減小C.飛船在軌道繞月球運動一周所需的時間D.飛船從A到B運行的過程中機械能變大4、放置于固定斜面上的物塊,在平行于斜面向上的拉力F作用下,沿斜面向上做直線運動。拉力F和物塊速度v隨時間t變化的圖象如圖,則不正確的是:()A.第1s內物塊受到的合外力為0.5NB.物塊的質量為11kgC.第1s內拉力F的功率逐漸增大D.前3s內物塊機械能一直增大5、如圖所示,圖中虛線為某靜電場中的等差等勢線,實線為某帶電粒子在該靜電場中運動的軌跡,a、b、c為粒子的運動軌跡與等勢線的交點,粒子只受電場力作用,則下列說法正確的是()A.粒子在a點的加速度比在b點的加速度大B.粒子在a點的動能比在b點的動能大C.粒子在a點和在c點時速度相同D.粒子在b點的電勢能比在c點時的電勢能大6、如圖所示,兩金屬板平行放置,在時刻將電子從板附近由靜止釋放(電子的重力忽略不計)。分別在兩板間加上下列哪一種電壓時,有可能使電子到不了B板()A. B.C. D.二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,電源電動勢為E、內阻為r,R1是滑動變阻器,R2=0.5r,當滑片P處于中點時,電源的效率是50%,當滑片由a端向b端移動的過程中()A.電源效率增大 B.電源輸出功率增大C.電壓表V1和V的示數(shù)比值增大 D.電壓表V1和V示數(shù)變化量、的比值始終等于8、如圖所示,衛(wèi)星1和衛(wèi)星2均繞地球做圓周運動,其中衛(wèi)星1為地球同步軌道衛(wèi)星,衛(wèi)星2是極地衛(wèi)星,衛(wèi)星1的軌道半徑大于衛(wèi)星2的軌道半徑.則下列說法正確的是A.衛(wèi)星1和衛(wèi)星2做圓周運動的圓心均為地心B.衛(wèi)星2的運行周期小于24hC.衛(wèi)星1的向心加速度大于衛(wèi)星2的向心加速度D.衛(wèi)星2的線速度小于靜止在赤道上某物體的線速度9、如圖所示,一直角三角形acd在豎直平面內,同一豎直面內的a、b兩點關于水平邊cd對稱,點電荷、固定在c、d兩點上。一質量為m、帶負電的小球P在a點處于靜止狀態(tài),取重力加速度為g,下列說法正確的是()A.對P的靜電力大小為B.、的電荷量之比為C.將P從a點移到b點,電場力做功為零D.將P從a點沿直線移到b點,電勢能先增大后減小10、如圖所示,在豎直紙面內有四條間距均為L的水平虛線L1、L2、L3、L4,在L1、L2之間與L3,L4之間存在磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強磁場?,F(xiàn)有一矩形線圈abcd,長邊ad=3L,寬邊cd=L,質量為m,電阻為R,將其從圖示位置(cd邊與L1重合)由靜止釋放,cd邊經過磁場邊界線L3時恰好開始做勻速直線運動,整個運動過程中線圈始終處于同一豎直面內,cd邊始終水平,已知重力加速度g=10m/s2,則()A.ab邊經過磁場邊界線L1后線圈要做一段減速運動B.ab邊經過磁場邊界線L3后線圈要做一段減速運動C.cd邊經過磁場邊界線L2和L4的時間間隔大于D.從線圈開始運動到cd邊經過磁場邊界線L4過程中,線圈產生的熱量為2mgL-三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)如圖所示,某同學在做“研究勻變速直線運動”的實驗中,由打點計時器得到表示小車運動過程的一條清晰的紙帶,紙帶上:兩相鄰計數(shù)點間有四個點沒畫出來.已知打點計時器打點周期,其中前,完成以下問題:(1)打下A點時速度大小是___m/s.(2)若某同學甲實驗時只測暈了紙帶中x3、x4的值,則小車運動的加速度計算表達式為____________(用x3、x4及T表示).(3)某同學乙根據(jù)學過的知識,算出了幾個計數(shù)點的瞬時速度,建立坐標系,畫出的v-t圖像如圖所示,請你根據(jù)圖像得出小車運動的加速度為__________m/s2,由圖可知,從開始計時的0.3s內,小車通過的位移大小為_______m.12.(12分)實驗中掛鉤位置可認為不變,利用力傳感器和單擺小球來驗證機械能守恒。(1)用游標卡尺測出小鐵球直徑結果如圖乙所示。則其直徑D=________cm。(2)①如圖甲所示,固定力傳感器M②取一根不可伸長的細線,一端連接(1)中的小鐵球,另一端穿過固定的光滑小圓環(huán)O,并固定在傳感器的掛鉤上(小圓環(huán)剛好夠一根細線通過)③將小鐵球自由懸掛并處于靜止狀態(tài),從計算機中得到拉力隨時間變化的關系如圖丁所示。(i)為驗證小鐵球在最高點A和最低處的機械能是否相等,則_____________。A.必須要測出小鐵球的直徑DB.必須要測出小鐵球的質量mC.必須要測出細線離開豎直方向的最大偏角θD.必須要知道圖丙、丁中F0,F(xiàn)1,F(xiàn)2的大小及當?shù)刂亓铀俣萭E.必須要知道圖丙、丁中F0,F(xiàn)1,F(xiàn)2的大?。╥i)若已經通過實驗測得了(i)中所需的物理量,則為了驗證小鐵球在最高點B和最低點處的機械能是否相等,只需驗證等式_____________________________是否成立即可。(用題中所測得的物理量符號表示)四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖,一容器由橫截面積分別為2S和S的兩個汽缸連通而成,容器平放在地面上,汽缸內壁光滑.整個容器被通過剛性桿連接的兩活塞分隔成三部分,分別充有氫氣、空氣和氮氣.平衡時,氮氣的壓強和體積分別為p0和V0,氫氣的體積為2V0,空氣的壓強為p.現(xiàn)緩慢地將中部的空氣全部抽出,抽氣過程中氫氣和氮氣的溫度保持不變,活塞沒有到達兩汽缸的連接處,求:(1)抽氣前氫氣的壓強;(2)抽氣后氫氣的壓強和體積.14.(16分)壁厚不計的圓筒形薄壁玻璃容器的側視圖如圖所示。圓形底面的直徑為,圓筒的高度為R。(1)若容器內盛滿甲液體,在容器中心放置一個點光源,在側壁以外所有位置均能看到該點光源,求甲液體的折射率;(2)若容器內裝滿乙液體,在容器下底面以外有若干個光源,卻不能通過側壁在筒外看到所有的光源,求乙液體的折射率。15.(12分)我國是世界上開發(fā)利用地下水資源最早的國家之一,浙江余姚河姆渡古文化遺址水井,其年代距今約5700年。壓水井可以將地下水引到地面上,如圖所示,活塞和閥門都只能單向打開,提壓把手可使活塞上下移動,使得空氣只能往上走而不往下走?;钊弦苿訒r,閥門開啟,可將直管中的空氣抽到閥門上面;活塞向下移動時,閥門關閉,空氣從活塞處溢出,如此循環(huán),地下水就在大氣壓的作用下通過直管被抽上來了。閥門下方的直管末端在地下水位線之下,地下水位線距離閥門的高度h=8m,直管截面積S=0.002m2,現(xiàn)通過提壓把手,使直管中水位緩慢上升4m。已知水的密度ρ=1.0×103kg/m3,外界大氣壓強p0=1.0×105Pa,重力加速度g=10m/s2,直管中的氣體可視為理想氣體:(1)若該裝置的機械效率η=0.4,求人對把手做的功;(2)求直管中剩余空氣質量△m與直管中原空氣質量m0之比。

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

ABC.根據(jù)萬有引力提供向心力,依據(jù)牛頓第二定律,則有且由公式聯(lián)立可解得兩顆衛(wèi)星的軌道半徑和地球的半徑,由于引力常量G未知則無法求出地球的質量,故AC正確,B錯誤;D.由公式可知,由于兩顆衛(wèi)星的軌道半徑和周期已知或可求出,則可求出兩顆衛(wèi)星的線速度,故D正確。故選B。2、D【解析】

A項:用打氣筒打氣時,里面的氣體因體積變小,壓強變大,所以再壓縮時就費力,與分子之間的斥力無關,故A錯誤;B項:教室空氣中飛舞的塵埃是由于空氣的對流而形成的;不是布朗運動;故B錯誤;C項:由理想氣體狀態(tài)方程可知,當溫度升高時如果體積同時膨脹,則壓強有可能減??;故C錯誤;D項:理想氣體不計分子勢能,故溫度升高時,分子平均動能增大,則內能一定增大;故D正確。3、D【解析】

A.萬有引力提供向心力解得在月球表面解得聯(lián)立解得故A正確,不符合題意;B.飛船在點變軌后由圓軌道變?yōu)闄E圓軌道,做向心運動,要求萬有引力大于飛船所需向心力,所以飛船應該減速,動能減小,故B正確,不符合題意;C.萬有引力提供向心力結合解得故C正確,不符合題意;D.在橢圓軌道上,飛船由點運動至點,只有萬有引力做功,機械能守恒,故D錯誤,符合題意。故選D。4、B【解析】

AB.由圖像可知,0~1s內物體的加速度為由牛頓第二定律可得1s后有其中聯(lián)立解得第1s內物塊受到的合外力為故A正確,B錯誤;C.第1s內拉力F的功率P=Fv,F(xiàn)不變,v增大,則P增大,故C正確;D.前1s內物塊的動能和重力勢能均增大,則其機械能增大,2-3s內,動能不變,重力勢能增大,其機械能增大,所以物塊的機械能一直增大,故D正確。本題選擇不正確的,故選B。5、A【解析】

由等勢面的疏密可知電場強度的大小,由可知電場力的大小關系;根據(jù)曲線的彎曲方向可知粒子的受力方向,進而判斷出電場力做功的特點。根據(jù)能量守恒定律分析粒子在a點動能與粒子在b點動能之間的關系。由動能定理可知BC兩點的間的電勢能的變化。本題中解題的關鍵在于曲線的彎曲方向的判斷,應掌握根據(jù)彎曲方向判斷受力方向的方法。【詳解】A.因a點處的等勢面密集,故a點的電場強度大,故電荷在a點受到的電場力大于b點受到的電場力,結合牛頓第二定律可知,粒子在a點的加速度比在b點的加速度大,故A正確;

B.由粒子運動的軌跡彎曲的方向可知,粒子受到的電場力指向右側,則從a到b電場力做正功,粒子動能增大,故B錯誤;

C.速度是矢量,沿軌跡的切線方向,由圖可知,粒子在a點和在c點時速度方向不相同,故C錯誤;

D.粒子受到的電場力指向右側,則從b到c電場力做負功,粒子的電勢能增大,所以粒子在b點的電勢能比在c點時的電勢能小,故D錯誤;

故選A。【點睛】本題中告訴的是等勢面,很多同學由于思維定勢當成了電場線從而出現(xiàn)錯解。6、B【解析】

加A圖電壓,電子從板開始向板做勻加速直線運動;加B圖電壓,電子開始向板做勻加速運動,再做加速度大小相同的勻減速運動,速度減為零后做反向勻加速運動及勻減速運動,由電壓變化的對稱性可知,電子將做周期性往復運動,所以電子有可能到不了板;加C圖電壓,電子先勻加速,再勻減速到靜止,完成一個周期,電子一直向板運動,即電子一定能到達板;加D圖電壓,電子的運動與C圖情形相同,只是加速度是變化的,所以電子也一直向板運動,即電子一定能到達板,綜上所述可知選項B正確。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、ACD【解析】

A.滑片由a端向b端移動的過程中,R1逐漸增大,總電阻增大,總電流減小,內阻所占電壓減小,路端電壓增大,電源的效率,電源的效率增大,故A正確;B.當外電路電阻等于內阻時,電源的輸出功率最大,滑片處于a端時,外電路電阻為R2=0.5rr,當滑片P處于中點時,電源的效率是50%,此時路端電壓等于內電壓,即外電路電阻等于內阻,此時輸出功率最大,所以當滑片由a端向b端移動的過程中,電源輸出功率先增大后減小,故B錯誤;C.串聯(lián)電路電流相等,則,當滑片由a端向b端移動的過程中,R1增大,增大,故C正確;D.根據(jù)閉合電路歐姆定律得:U1=E﹣I(R2+r)U=E﹣Ir則有:則故D正確。故選ACD。8、AB【解析】

A.由萬有引力提供向心力,衛(wèi)星1和衛(wèi)星2的做圓周運動的圓心均為地心,A正確;B.衛(wèi)星1的周期為24h,根據(jù):可得:因為衛(wèi)星2的軌道半徑小于衛(wèi)星1的軌道半徑,所以衛(wèi)星2的運行周期小于衛(wèi)星1的周期,即小于24h,故B正確;C.根據(jù):可得:衛(wèi)星1的向心加速度小于衛(wèi)星2的向心加速度,故C錯誤;D.由:可得:可知衛(wèi)星1的線速度小于衛(wèi)星2的線速度,由知赤道上物體的線速度小于衛(wèi)星1的線速度,所以衛(wèi)星2的線速度大于靜止在赤道上某物體的線速度,故D錯誤.9、BC【解析】

AB.設a、c間的距離為r,則a、d間的距離為r,因為小球在P點處于靜止狀態(tài),由平衡條件可得:聯(lián)立可解得:故A錯誤,B正確。C.因為a、b兩點關于cd對稱,所以這兩點的電勢相等,而電場力做功的特點是只與初末位置的電勢有關,與其所經過的路徑無關,所以將P從a點移到b點,電場力做功為零,故C正確。D.由題可知,粒子在a點受到的電場力方向豎直向上,在cd上方受電場力方向豎直向下,所以將P從a點沿直線移到b點過程中,電場力先做正功后做負功,則電勢能先減小后增大,故D錯誤。故選BC。10、BC【解析】

A.cd邊經過磁場邊界線L3時恰好開始做勻速直線運動,cd邊從L3到L4的過程中做勻速直線運動,cd邊到L4時ab邊開始到達L1,則ab邊經過磁場邊界線L1后做勻速直線運動,故A錯誤;B.ab邊從L2到L3的過程中,穿過線圈的磁通量沒有改變,沒有感應電流產生,不受安培力,線圈做勻加速直線運動,則ab邊進入下方磁場的速度比cd邊進入下方磁場的速度大,所受的安培力增大,所以ab邊經過磁場邊界線L3后線圈要做一段減速運動,故B正確;C.cd邊經過磁場邊界線L3時恰好做勻速直線運動,根據(jù)平衡條件有而聯(lián)立解得cd邊從L3到L4的過程做勻速運動,所用時間為cd邊從L2到L3的過程中線圈做勻加速直線運動,加速度為g,設此過程的時間為t1,由運動學公式得得故cd邊經過磁場邊界線L2和L4的時間間隔為故C正確;D.線圈從開始運動到cd邊經過磁場邊界線L4過程,根據(jù)能量守恒得故D錯誤。故選BC。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、0.8641.00.12【解析】

(1)[1].相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點未畫出,所以相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔為t=0.1s;根據(jù)平均速度等于中時刻的瞬時速度,則有:(2)[2].根據(jù)運動學公式得:△x=at2解得:.(3)[3].v-t圖象中圖象的斜率表示加速度,故[4].圖象與時間軸圍成的面積表示位移,則可知位移大小12、1.09

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