浙江省衢州湖州麗水三地市2025屆高三物理下學(xué)期4月教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

PAGE28-浙江省衢州、湖州、麗水三地市2025屆高三物理下學(xué)期4月教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題（含解析）一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列物理量屬于標(biāo)量，且單位屬于國際單位制導(dǎo)出單位的是（）A.位移、m B.電壓、V C.電流、A D.力、N【答案】B【解析】【詳解】A．位移不屬于標(biāo)量，是矢量，但是其單位屬于國際單位制中的基本單位，故A錯(cuò)誤；B．電壓屬于標(biāo)量，其單位屬于國際單位制導(dǎo)出單位，故B正確；C．電流屬于標(biāo)量，但是其單位屬于國際單位制中的基本單位，故C錯(cuò)誤；D．力不屬于標(biāo)量，是矢量，其單位屬于國際單位制導(dǎo)出單位，故D錯(cuò)誤。故選B。2.在2024年的春節(jié)晚會(huì)上，雜技《綻放》表演了花樣飛天，如圖是女演員舉起男演員的一個(gè)場(chǎng)景，兩位雜技演員處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）A.水平地面對(duì)女演員的支持力等于兩演員的重力之和B.水平地面對(duì)女演員的摩擦力水平向右C.女演員對(duì)男演員的作用力大于男演員對(duì)女演員的作用力D.女演員對(duì)男演員的作用力小于男演員對(duì)女演員的作用力【答案】A【解析】【詳解】AB．由題可知，男女演員處于靜止?fàn)顟B(tài)，二者與地面之間沒有相對(duì)運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，即地面對(duì)女演員沒有摩擦力作用，故二者整體受到重力和地面對(duì)其的支持力作用，依據(jù)平衡條件可知，水平地面對(duì)女演員的支持力等于兩演員的重力之和，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．女演員對(duì)男演員的作用力與男演員對(duì)女演員的作用力是一對(duì)相互作用力，依據(jù)牛頓第三定律可知，二者大小相等、方向相反，故CD錯(cuò)誤。故選A。3.如圖所示，甲、乙兩車在水平面同心圓弧道路上轉(zhuǎn)彎，甲行駛在內(nèi)側(cè)，乙行駛在外側(cè)，它們轉(zhuǎn)彎時(shí)線速度大小相等，則兩車在轉(zhuǎn)彎時(shí)，下列說法正確的是（）A.角速度：B.向心加速度：C.向心力：D.地面對(duì)車的摩擦力：【答案】B【解析】【詳解】A．由于題中已知二者線速度大小相等，即，而且由于依據(jù)可知二者角速度大小關(guān)系為：故A錯(cuò)誤；B．依據(jù)公式可知二者向心加速度大小關(guān)系為：故B正確；C．由于甲、乙兩輛車的質(zhì)量大小關(guān)系未知，則依據(jù)向心力公式無法推斷出二者向心力的大小關(guān)系，故C錯(cuò)誤；D．由于在水平路面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靜摩擦力供應(yīng)向心力，由于向心力大小無法推斷，故二者的摩擦力大小關(guān)系也是無法推斷的，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，網(wǎng)球發(fā)球機(jī)水平放置在距地面某處，正對(duì)著豎直墻面放射網(wǎng)球，兩次放射網(wǎng)球分別在墻上留下A、B兩點(diǎn)印跡。測(cè)得。OP為水平線，若忽視網(wǎng)球在空中受到的阻力，則下列說法正確的是（）A.兩球放射的初速度：B.兩球遇到墻面前運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：C.兩球遇到墻面時(shí)的動(dòng)量可能相同D.兩球遇到墻面時(shí)的動(dòng)能可能相等【答案】D【解析】【詳解】AB．設(shè)，忽視空氣阻力，則做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向：整理可以得到：水平方向?yàn)閯蛩龠\(yùn)動(dòng)，而且水平位移大小相等，則：整理可以得到：故AB錯(cuò)誤；C．動(dòng)量為矢量，由圖可知，二者與墻碰撞時(shí)其速度方向不相同，故二者遇到墻面時(shí)的動(dòng)量不行能相同，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)兩球的質(zhì)量相等，均為，從拋出到與墻碰撞，依據(jù)動(dòng)能定理有：整理可以得到：由于、以及初速度的大小等詳細(xì)數(shù)據(jù)未知，可能存在，故D正確。故選D。5.北斗系統(tǒng)空間段由若干地球靜止軌道衛(wèi)星、傾斜地球同步軌道衛(wèi)星和中圓地球軌道衛(wèi)星組成。如圖所示，地球靜止軌道衛(wèi)星A與傾斜地球同步軌道衛(wèi)星B距地面高度均約為36000km，中圓軌道衛(wèi)星距地面高度約為21500km。下列說法正確的是（）A.A與B運(yùn)行的周期相同B.A與B受到的向心力肯定相同C.B比C運(yùn)行的線速度大D.B比C運(yùn)行的角速度大【答案】A【解析】【詳解】A．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則萬有引力供應(yīng)向心力，即：可以得到：可知，半徑相等，則周期相等，故A正確；B．由于向心力萬有引力供應(yīng)，即：由于A、B的半徑相等，但是二者的質(zhì)量關(guān)系未知，則可知二者的向心力不肯定相同，故B錯(cuò)誤；CD．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則萬有引力供應(yīng)向心力，即：可以得到：由于B的半徑大于C的軌道半徑，則可知：故CD錯(cuò)誤。故選A。6.如圖所示，在真空環(huán)境中將帶電導(dǎo)體球M靠近不帶電的導(dǎo)體N，若沿虛線1將N導(dǎo)體分成左右兩部分，這兩部分所帶電荷量分別為、；若沿虛線2將導(dǎo)體N分成左右兩部分，這兩部分所帶電荷量分別為、。a、b為N導(dǎo)體表面兩點(diǎn)，和分別表示a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小和電勢(shì)大小，下列說法正確的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】AB．由題意可知，靜電感應(yīng)現(xiàn)象，使得導(dǎo)體的左側(cè)帶負(fù)電，右側(cè)帶正電，依據(jù)電荷守恒可知，右側(cè)部分轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目和左側(cè)部分多余的電子數(shù)目是相同的，因此無論從哪一條虛線切開，兩部分的電荷量總是相等的，導(dǎo)體整體不帶電，所以有：都等于0，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．達(dá)到靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)到處為0，導(dǎo)體整體是等勢(shì)體，即：故CD錯(cuò)誤。故選B。7.小明家安裝一路專線為額定功率1.5kW的空調(diào)供電，用去的銅導(dǎo)線長(zhǎng)50m，橫截面積2.5mm2，已知銅的電阻率為1.7×10-8，假如空調(diào)能夠正常工作，這段導(dǎo)線上損失的電壓最接近（）A.1.2V B.2.3V C.12V D.23V【答案】B【解析】【詳解】由得工作電流為：依據(jù)電阻定律得到導(dǎo)線的電阻為：則正常工作時(shí)在這段導(dǎo)線上損失的電壓為：故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。8.核電池可通過半導(dǎo)體換能器，將放射性同位素衰變過程釋放的能量轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?。一靜止的衰變?yōu)殁櫤撕托铝Ｗ?，并釋放出光子。已知、的質(zhì)量分別為，下列說法正確的是（）A.239Pu的衰變方程為B.核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損為C.核反應(yīng)過程中的釋放的核能為D.釋放的核能轉(zhuǎn)變?yōu)閯?dòng)能、新粒子動(dòng)能和光子能量【答案】D【解析】【詳解】A.依據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒可知，的衰變方程為，故A錯(cuò)誤；B.此核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損等于反應(yīng)前后質(zhì)量的差，則為：故B錯(cuò)誤；C.依據(jù)質(zhì)能方程可知，釋放的核能為：釋放的核能轉(zhuǎn)變?yōu)閯?dòng)能、新粒子（粒子）動(dòng)能和光子能量，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。9.如圖所示，光滑絕緣水平面上有兩條固定導(dǎo)線ab、cd相互垂直彼此絕緣，在角平分線上，對(duì)稱固定著四個(gè)相同的圓形金屬線圈。某段時(shí)間內(nèi)兩導(dǎo)線均通以由零勻稱增加到某個(gè)值的電流，在這段時(shí)間內(nèi)1、3線圈不受安培力，2、4線圈中電流方向分別為順時(shí)針和逆時(shí)針，且受到指向各自圓心的安培力作用，則兩導(dǎo)線的電流方向?yàn)椋ǎ〢.a→b、c→dB.a→b、d→cC.b→a、c→dD.b→a、d→c【答案】A【解析】【詳解】由題，在導(dǎo)線電流漸漸增大的狀況下，1、3線圈不受安培力，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，說明1、3象限合磁場(chǎng)始終為零，2線圈產(chǎn)生順時(shí)針感應(yīng)電流，說明2象限中磁場(chǎng)垂直紙面對(duì)外，4線圈產(chǎn)生逆時(shí)針感應(yīng)電流，說明4象限中磁場(chǎng)垂直紙面對(duì)里，同時(shí)當(dāng)電流增大時(shí)，2與4內(nèi)的磁通量都增大，依據(jù)楞次定律可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電流都會(huì)阻礙磁通量的增大，所以2、4線圈沿著對(duì)角線向外運(yùn)動(dòng)，即受到指向各自圓心的安培力作用，綜上所述，依據(jù)安培定則可判A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。10.小明同學(xué)利用插針法測(cè)量半圓柱形玻璃磚的折射率，他在白紙上作始終線MN以及它的垂線AB，將玻璃磚（底邊圓心為O）的底邊與直線MN對(duì)齊，在垂線AB上插兩枚大頭針P1和P2，如圖所示。試驗(yàn)時(shí)，小明在半圓柱形玻璃磚右側(cè)區(qū)域內(nèi)視察，均無法透過半圓柱形玻璃磚同時(shí)看到P1、P2的像。為了同時(shí)看到P1、P2的像。下列說法正確的是（）A.半圓柱形玻璃磚沿MN向M平移適當(dāng)距離B.半圓柱形玻璃磚沿MN向N平移適當(dāng)距離C.半圓柱形玻璃磚平行MN向左平移適當(dāng)距離D.半圓柱形玻璃磚平行MN向右平移適當(dāng)距離【答案】A【解析】【詳解】光線垂直于界面進(jìn)入半圓柱形玻璃磚后，到達(dá)圓弧面上的入射角大于臨界角，發(fā)生全反射現(xiàn)象，光不能從圓弧面折射出來，要使光能從圓弧面折射出來，則須要向上移動(dòng)半圓柱形玻璃磚，即將半圓柱形玻璃磚沿MN向M平移適當(dāng)距離，使到達(dá)圓弧面上光線的入射角小于臨界角則可以射出，如圖所示：故選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。11.變壓器的副線圈匝數(shù)可調(diào)，R0為輸電線電阻?；瑒?dòng)觸頭P處于如圖所示時(shí)，用戶的用電器恰好正常工作。當(dāng)用電器增多時(shí)，下列說法正確的是（）A.原線圈中的電流減小B.副線圈兩端的電壓減小C用電器增多時(shí)，只需使滑動(dòng)觸頭P向上滑，用電器仍能正常工作D.用電器增多時(shí)，只需減小電源的輸出電壓，用電器仍能正常工作【答案】C【解析】【詳解】A．當(dāng)用電器增加時(shí)，總電阻減小，副線圈電流增大，依據(jù)原、副線圈電流之比等于匝數(shù)的反比可知，原線圈的電流也增大，故A錯(cuò)誤；B．原、副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比，當(dāng)用電器增加時(shí)，不影響副線圈兩端電壓，即副線圈的兩端電壓不變，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)用電器增加時(shí)，總電阻減小，副線圈電流增大，通過的電流增大，所占的電壓也增大，要運(yùn)用電器仍能正常工作，用電器兩端電壓不能發(fā)生改變，所以副線圈兩端電壓要變大，而原線圈兩端電壓不變，則應(yīng)使滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)，增加副線圈匝數(shù)即可，故C正確；D．若減小電源的輸出電壓，在匝數(shù)比不變的狀況下，則副線圈兩端電壓減小，則導(dǎo)致用電器仍不能正常工作，故D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖所示，單刀雙擲開關(guān)S先置于a端。當(dāng)t=0時(shí)刻開關(guān)S置于b端，若LC振蕩電路的周期T=0.04s。下列說法正確的是（）A.t=0.01s時(shí)回路中的電流順時(shí)針方向達(dá)到最大值B.t=0.02s時(shí)電感線圈中的自感電動(dòng)勢(shì)值最小C.t=0.01s~0.02s時(shí)間內(nèi)，電容器極板間電場(chǎng)方向豎直向上且漸漸增大D.t=0.04s~0.05s時(shí)間內(nèi)，線圈中的磁場(chǎng)能漸漸減小【答案】C【解析】【詳解】A．當(dāng)開關(guān)S置于b端時(shí)，電容器起先放電，電容器上極板帶正電，當(dāng)時(shí)回路中的電流逆時(shí)針方向達(dá)到最大值，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)時(shí)為電流逆時(shí)針電容器充電結(jié)束時(shí)，該時(shí)刻電流改變最快，自感電動(dòng)勢(shì)最大，故B錯(cuò)誤；C．在時(shí)間內(nèi)，為給電容器充電，電容器下極板帶正電，在時(shí)刻充電結(jié)束，電容器帶電量最大，所以在這段時(shí)間內(nèi)電容器極板間電場(chǎng)方向豎直向上且漸漸增大，故C正確；D．依據(jù)周期性可知，在時(shí)間內(nèi)與時(shí)間內(nèi)相同，為電容器放電過程，電場(chǎng)能漸漸減小而磁場(chǎng)能量漸漸增大的過程，故D錯(cuò)誤。故選C。13.如圖所示，內(nèi)壁光滑粗細(xì)勻稱的玻璃管豎直固定，在玻璃管內(nèi)有大小和質(zhì)量均相等的A、B、C三只小球，A、B小球之間用輕質(zhì)絕緣彈簧連接，C小球置于玻璃管底部。當(dāng)A、B、C小球均處于靜止時(shí)，A、B小球之間距離與B、C小球之間距離相等，已知A、B兩只小球帶電荷量均為q（q>0），C小球帶電荷量為Q（Q>0），小球直徑略小于玻璃管內(nèi)徑，它們之間距離遠(yuǎn)大于小球直徑，則（）A.若，彈簧對(duì)小球A為向上的彈力B.若，彈簧對(duì)小球A為向上的彈力C.若，彈簧對(duì)小球B為向上的彈力D.若，彈簧對(duì)小球B為向下的彈力【答案】A【解析】【詳解】設(shè)A、B的質(zhì)量為，AB與BC之間的距離為，假設(shè)當(dāng)彈簧處于壓縮狀態(tài)時(shí)，此時(shí)A球受到向上的彈力，依據(jù)平衡條件對(duì)A列出平衡方程：對(duì)A球：對(duì)A、B兩球整體分析：若假設(shè)成立則：聯(lián)立可以得到：AC．若，此時(shí)彈簧對(duì)小球A的彈力方向向上，對(duì)小球B的彈力方向向下，故A正確，C錯(cuò)誤；BD．若，此時(shí)彈簧對(duì)小球A的彈力方向向下，對(duì)小球B的彈力方向向上，故BD錯(cuò)誤。故選A。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題，共6分，每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得，選對(duì)但不選全的得，有選錯(cuò)的得0分）14.直角坐標(biāo)系xoy的y軸為兩種勻稱介質(zhì)Ⅰ、Ⅱ的分界線，位于x=0處的波源發(fā)出的兩列機(jī)械波a、b同時(shí)在Ⅰ、Ⅱ中傳播，某時(shí)刻的波形圖如圖所示，x=6m是此時(shí)刻a波傳到的最遠(yuǎn)點(diǎn)，下列說法正確的是（）A.兩列波的頻率關(guān)系B.此時(shí)刻b波傳到x=-24mC.波源的起振方向沿y軸正方向D.平衡位置距x=0處1.5m的兩質(zhì)點(diǎn)P、Q中，質(zhì)點(diǎn)Q先到達(dá)最大位移處【答案】BD【解析】【詳解】A．由可知，這兩列波是由同同一振源引起的，故兩列波的頻率關(guān)系為：故A錯(cuò)誤；B．由圖像可知，a波的波長(zhǎng)為：由圖像可知，b波的波長(zhǎng)為：依據(jù)公式可知：由題可知：整理可以得到：帶入數(shù)據(jù)可以得到：故B正確；C．由題可知，此時(shí)刻x=6m的質(zhì)點(diǎn)剛剛起先振動(dòng)，依據(jù)質(zhì)點(diǎn)的傳播方向和振動(dòng)方向的關(guān)系可知，該質(zhì)點(diǎn)此時(shí)刻向y軸負(fù)方向振動(dòng)，說明振源起先振動(dòng)的方向也為y軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤；D．依據(jù)傳播方向可以知道，該時(shí)刻P、Q質(zhì)點(diǎn)均向y軸正方向振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過個(gè)周期到達(dá)最大位移處，而質(zhì)點(diǎn)Q在小于個(gè)周期的時(shí)間里就能達(dá)到最大位移處，即Q質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)最大位移處，故D正確。故選BD。15.如圖甲、乙分別為兩種不同單色光a、b經(jīng)過同一雙縫后的干涉條紋，下列說法正確的是（）A.a光子的動(dòng)量比b光子的動(dòng)量大B.對(duì)同一介質(zhì)a光折射率比b光大C.a光子照耀能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，則b光子也肯定能發(fā)生D.在均能使同一金屬發(fā)生光電效應(yīng)的狀況下，a光子照耀時(shí)逸出的光電子最大初動(dòng)能比b光子照耀時(shí)小【答案】CD【解析】【詳解】A．依據(jù)干涉條紋間距公式得，在相同的條件下，與成正比，a光的條紋間距大，a光的波長(zhǎng)長(zhǎng)，依據(jù)公式可知a光子的動(dòng)量比b光子的動(dòng)量小，故A錯(cuò)誤；B．由于a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)可知，a光的頻率小于b光的頻率，則可知對(duì)同一介質(zhì)a光折射率比b光小，故B錯(cuò)誤；C．由于a光的頻率小于b光的頻率，若a光子照耀能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，則b光子也肯定能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，故C正確；D．由于a光的頻率小于b光的頻率，依據(jù)光電效應(yīng)方程可知，在逸出功相同的狀況下，由于a光子的能量小，則a光子照耀時(shí)逸出的光電子最大初動(dòng)能比b光子照耀時(shí)小，故D正確。故選CD。16.如圖甲為氫原子光譜，圖乙為氫原子能級(jí)圖。已知可見光的光子能量在1.62eV到3.11eV之間，普朗克常量h=6.63×10-34J﹒s，則（）A.對(duì)應(yīng)光子能量比小B.圖甲所示的四條譜線均對(duì)應(yīng)可見光C.譜線對(duì)應(yīng)的是氫原子從能級(jí)n=4躍遷到n=2D.氫原子從能級(jí)n=5躍遷到較低能級(jí)時(shí)可以輻射出圖甲所示四條可見光【答案】BC【解析】【詳解】A．由圖甲可知，譜線對(duì)應(yīng)光子的波長(zhǎng)小于譜線對(duì)應(yīng)光子的波長(zhǎng)，結(jié)合可知，譜線對(duì)應(yīng)光子的能量大于譜線對(duì)應(yīng)光子的能量，故A錯(cuò)誤；B．由圖甲可知，譜線對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)最長(zhǎng)，其光子的能量最小為：譜線對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)最短，其光子的能量最大為：可知，這四條譜線對(duì)應(yīng)的光子能量在1.62eV到3.11eV之間，即圖甲所示的四條譜線均對(duì)應(yīng)可見光，故B正確；C．譜線對(duì)應(yīng)光子的能量為：可知譜線對(duì)應(yīng)的躍遷時(shí)從能級(jí)到能級(jí)，故C正確；D．由上面分析可知譜線對(duì)應(yīng)的光子能量為，由圖乙可知，沒有兩個(gè)能級(jí)差為，即氫原子從能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)不能輻射出圖甲所示四條可見光，故D錯(cuò)誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17.（1）在“探討平拋運(yùn)動(dòng)”試驗(yàn)中，以下說法正確的是___________A.須要利用重錘線確定豎直方向B.選擇體積小、質(zhì)量輕的小球進(jìn)行試驗(yàn)C.通過調(diào)整小球釋放的不同高度以記錄多個(gè)點(diǎn)的位置D.記錄的點(diǎn)盡量分布整張白紙（2）①如圖所示紙帶上A、B、C、D、E為連續(xù)打點(diǎn)，則為__________試驗(yàn)中打出紙帶A.“探究小車速度隨時(shí)間改變的規(guī)律”B.“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”C.“探究做功與物體速度改變的關(guān)系”D.“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”②依據(jù)①所選試驗(yàn)中，C點(diǎn)的速度大小為__________m/s（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）【答案】(1).AD(2).D(3).2.3【解析】【詳解】（1）[1]A.本試驗(yàn)須要畫出豎直方向，則須要利用重錘線來確定豎直方向，故A正確；B.為減小空氣阻力的影響，需選擇體積小、質(zhì)量大的小球進(jìn)行試驗(yàn)，故B錯(cuò)誤；C.在同一次試驗(yàn)中，應(yīng)當(dāng)從同一位置由靜止釋放小球，通過多次釋放小球，來記錄多個(gè)點(diǎn)的位置，故C錯(cuò)誤；D.為了減小偶然誤差，記錄的點(diǎn)盡量分布整張白紙，故D正確；（2）①[2]由紙帶上的數(shù)據(jù)可知，在連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差相等均為：依據(jù)公式可知求出的加速度為：則加速度恒定，而且正好為重力加速度，可知該紙帶是為“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”試驗(yàn)打出的紙帶，而“探究小車速度隨時(shí)間改變的規(guī)律”的試驗(yàn)中加速度也可能恒定，但不肯定為重力加速度，而其余二個(gè)試驗(yàn)的加速度不肯定恒定，故D正確，ABC錯(cuò)誤；②[3]依據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，C點(diǎn)速度等于BD的平均速度，即：18.“探究額定電壓為2.5V的小燈泡伏安特性曲線”試驗(yàn)時(shí)：（1）現(xiàn)有兩種規(guī)格滑動(dòng)變阻器R1（50、1.5A）、R2（5、2.0A），為了調(diào)整便利，測(cè)量精確，在試驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_________（選填“R1”或“R2”）；（2）如圖甲是小明同學(xué)連接的實(shí)物圖，老師發(fā)覺電路連接有錯(cuò)，請(qǐng)你在原電路上指明須要重新調(diào)整哪幾條導(dǎo)線_______（填圖中數(shù)字編號(hào)）；（3）閉合開關(guān)，滑動(dòng)變阻器滑片，電壓表示數(shù)從0漸漸增大到2.5V過程中，發(fā)覺小燈泡始終不亮，小明分析可能小燈泡壞了，為此他取下小燈泡用多用表檢測(cè)，如圖乙，則多用表的示數(shù)為_______，說明小燈泡是_______（填“好”或“壞”）；（4）正確連線和操作后，小明測(cè)得多組（I、U）數(shù)據(jù)并在圖象中描繪出圖線，圖丙所示的兩圖線分別是電流表內(nèi)接和外接時(shí)測(cè)繪的，則該試驗(yàn)正確的為_______（填“圖線1”或“圖線2”）【答案】(1).R2(2).②③⑦(3).1.4（1.3，1.5也可以）(4).好(5).圖線1【解析】【詳解】（1）[1]在“探究額定電壓為2.5V的小燈泡伏安特性曲線”試驗(yàn)時(shí)，電流和電壓都要從零起先調(diào)整，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采納分壓式接法，同時(shí)為了調(diào)整便利，從而選用小阻值的滑動(dòng)變阻器，故選；（2）[2]②接錯(cuò)，須要接到電建的另一端；③接錯(cuò)，分壓式接法，不應(yīng)當(dāng)接到金屬桿上，應(yīng)當(dāng)接到變阻器本身上的接線柱上；⑦接錯(cuò)，量程接錯(cuò)，應(yīng)當(dāng)接到量程為3V的量程上，故須要重新調(diào)整的導(dǎo)線為②③⑦；（3）[3][4]如圖，多用電表選擇歐姆檔，則表盤讀數(shù)為，說明小燈泡是好的；（4）[5]本試驗(yàn)中小燈泡的電阻較小，遠(yuǎn)小于電壓的內(nèi)阻，所以應(yīng)采納電流表外接法，此時(shí)電流表測(cè)量的是電壓表和小燈泡的總電流，此時(shí)電流表示數(shù)偏大些，畫出的圖象應(yīng)當(dāng)為圖線1；19.如圖甲為某商場(chǎng)自動(dòng)電梯，其簡(jiǎn)化圖如圖乙，若沒有顧客時(shí)電梯速度視為零，當(dāng)顧客踏上電梯A端，電梯以圖示方向勻加速運(yùn)行，達(dá)到最大速度后勻速運(yùn)行，直至顧客離開電梯B端。已知AB長(zhǎng)L=30m，A離地面的高度h=6m，電梯加速度a=0.2m/s2，最大速度vm=0.8m/s，求：（1）勻加速運(yùn)行的位移x1；（2）從A端到B端的總時(shí)間t；（3）若顧客質(zhì)量m=50kg，則顧客受到最小摩擦力f的大小和方向。【答案】（1）1.6m；（2）39.5s；（3）90N，方向沿電梯向上【解析】【詳解】（1）起先從靜止做勻加速運(yùn)動(dòng)，最大速度為，依據(jù)速度與位移關(guān)系得到：（2）依據(jù)速度與時(shí)間關(guān)系，可知在勻加速階段時(shí)間為：勻速階段時(shí)間為：則總時(shí)間：（3）設(shè)斜面傾角為，起先做勻加速階段的摩擦力最小，依據(jù)牛頓其次定律有：而且：整理可以得到：方向沿電梯向上20.如圖所示，一嬉戲裝置由水平傾斜角為的軌道AB、水平傳送帶BC、半徑為R的光滑半圓弧軌道組成，O為圓弧軌道的圓心，D、C、O、E四點(diǎn)在同一豎直線上。嬉戲時(shí)，小滑塊從傾斜軌道不同高度處靜止釋放，經(jīng)過傳送帶后沿半圓弧軌道運(yùn)動(dòng)，最終由E點(diǎn)平拋落地面。已知小滑塊與傾斜軌道、傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為、，BC長(zhǎng)為L(zhǎng)=4m，AB長(zhǎng)為，傳送帶做勻速運(yùn)動(dòng)，速度大小為v=4m/s，D距地面的高度H=3.05m，R=0.9m，，CD間的距離剛好允許小滑塊通過，忽視傳送帶轉(zhuǎn)輪大小和CD間距大小，小滑塊經(jīng)B處時(shí)無能量損失，小滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)，其余阻力不計(jì)，sin37o=0.6，求：（1）若小滑塊勻速通過傳送帶，求釋放的高度h；（2）在（1）問中小滑塊平拋的水平距離x；（3）小滑塊平拋的水平距離x與其釋放的高度h之間滿意的關(guān)系?！敬鸢浮浚?）2.4m；（2）m；（3）時(shí)，；當(dāng)時(shí)，（m）；當(dāng)時(shí)，不滿意條件【解析】【詳解】（1）滑塊在傾斜軌道上依據(jù)牛頓其次定律可以得到：得到：若小滑塊勻速通過傳送帶，則到達(dá)傳送帶上的速度與傳送帶的速度相等均為v=4m/s，依據(jù)速度與位移關(guān)系可知：帶入數(shù)據(jù)可以得到：（2）不脫離軌道過D點(diǎn)，則在D點(diǎn)依據(jù)牛頓其次定律：則最小速度為：從D到E運(yùn)動(dòng)中，依據(jù)機(jī)械能守恒：可以得到：有E點(diǎn)平拋運(yùn)動(dòng)，則豎直方向：水平方向?yàn)閯蛩龠\(yùn)動(dòng)，則：帶入數(shù)據(jù)整理可以得到：（3）有幾何學(xué)問可知：即釋放點(diǎn)最大高度為。①若小滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度能達(dá)到：小滑塊在皮帶上始終減速，則依據(jù)速度與位移關(guān)系可知B點(diǎn)的速度為：對(duì)應(yīng)釋放高度為：小滑塊在皮帶上始終加速，則依據(jù)速度與位移關(guān)系可知B點(diǎn)的速度為：對(duì)應(yīng)釋放高度為：即當(dāng)時(shí)，平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為；②若加速到達(dá)C點(diǎn)的速度為：時(shí)則依據(jù)速度與位移關(guān)系可知B點(diǎn)的速度為：則對(duì)應(yīng)釋放高度為：從釋放點(diǎn)到E點(diǎn)，依據(jù)動(dòng)能定理：解得：（m）即當(dāng)時(shí)，平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為（m）；當(dāng)時(shí)，則不會(huì)出現(xiàn)題中的現(xiàn)象，即不滿意條件。21.如圖1所示，在光滑的水平面上，有一質(zhì)量m=1kg、足夠長(zhǎng)的U型金屬導(dǎo)軌abcd，間距L=1m。一電阻值的細(xì)導(dǎo)體棒MN垂直于導(dǎo)軌放置，并被固定在水平面上的兩立柱攔住，導(dǎo)體棒MN與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)，在M、N兩端接有一志向電壓表（圖中未畫出）。在U型導(dǎo)軌bc邊右側(cè)存在垂直向下、大小B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（從上向下看）；在兩立柱左側(cè)U型金屬導(dǎo)軌內(nèi)存在方向水平向左，大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。以U型導(dǎo)軌bc邊初始位置為原點(diǎn)O建立坐標(biāo)x軸。t=0時(shí)，U型導(dǎo)軌bc邊在外力F作用下從靜止起先運(yùn)動(dòng)時(shí)，測(cè)得電壓與時(shí)間的關(guān)系如圖2所示。經(jīng)過時(shí)間t1=2s，撤去外力F，直至U型導(dǎo)軌靜止。已知2s內(nèi)外力F做功W=14.4J。不計(jì)其他電阻，導(dǎo)體棒MN始終與導(dǎo)軌垂直，忽視導(dǎo)體棒MN的重力。求：（1）在2s內(nèi)外力F隨時(shí)間t的改變規(guī)律；（2）在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，電路消耗的焦耳熱Q；（3）在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，U型導(dǎo)軌bc邊速度與位置坐標(biāo)x的函數(shù)關(guān)系式?！敬鸢浮浚?）；（2）12J；（3）（0≤x≤4m）；；v=0（）【解析】【詳解】（1）依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知：得到：依據(jù)速度與時(shí)間關(guān)系可知：對(duì)U型金屬導(dǎo)軌依據(jù)牛頓