2025年統(tǒng)編版2024選修3物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版2024選修3物理下冊(cè)月考試卷545考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示的電路中，電壓表和電流表均是理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)一小段距離后，下列說法中正確的是（）

A.電壓表示數(shù)減小B.電流表示數(shù)增大C.R0的功率減小D.電源的功率增大2、關(guān)于固體、液體，下列說法正確的是（）A.晶體沒有確定的熔點(diǎn)，非晶體有確定的熔點(diǎn)B.液晶既具有液體的流動(dòng)性，又像某些晶體那樣具有光學(xué)各向異性C.表面張力使液體表面具有擴(kuò)張趨勢(shì)，使液體表面積趨于最大D.發(fā)生毛細(xì)現(xiàn)象時(shí)，細(xì)管中的液體只能上升不會(huì)下降3、有一種在超市中常見的“強(qiáng)力吸盤掛鉤”如圖甲所示。圖乙；圖丙是其工作原理示意圖。使用時(shí)；按住鎖扣把吸盤緊壓在墻上（如圖乙），然后把鎖扣扳下（如圖丙），讓鎖扣以盤蓋為依托把吸盤向外拉出，使吸盤牢牢地被固定在墻壁上，若吸盤內(nèi)氣體可視為理想氣體，且溫度始終保持不變。則此過程中（）

A.吸盤內(nèi)氣體要吸收熱量B.吸盤內(nèi)氣體分子的密度增大C.吸盤被向外拉出過程中，吸盤內(nèi)氣體不對(duì)外界做功D.吸盤內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大4、下列說法正確的是（）A.熱力學(xué)溫度的單位“K”是國際單位制中的導(dǎo)出單位B.熱力學(xué)溫標(biāo)的零度為-273.15℃，在實(shí)驗(yàn)室中已經(jīng)能達(dá)到C.溫度由t℃升至2t℃，對(duì)應(yīng)的熱力學(xué)溫度升高了t+273.15℃D.量體溫時(shí)溫度計(jì)需和身體接觸十分鐘左右是為了讓溫度計(jì)跟身體達(dá)到熱平衡5、關(guān)于科學(xué)家做出的貢獻(xiàn)，下列說法正確的是A.奧斯特提出分子電流假說B.法拉第采用了電場(chǎng)線的方法來描述電場(chǎng)C.安培發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律D.洛倫茲力發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)電流的作用規(guī)律6、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖）．設(shè)兩極板正對(duì)面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為θ；實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若（）

A.保持S不變，增大d，則θ變大B.保持S不變，增大d，則θ變小C.保持d不變，減小S，則θ變小D.保持d不變，減小S，則θ不變7、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電的小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合S，電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向的夾角為θ，則下列說法正確的是（）．

A.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ不變B.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ變小C.斷開S，將A板向B板靠近，則θ增大D.斷開S，將A板向B板靠近，則θ不變8、如圖所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的三個(gè)相同帶電小球a、b、c，從同一高度以初速度v0水平拋出，小球a只在重力作用下運(yùn)動(dòng)，小球b在重力和洛倫茲力作用下運(yùn)動(dòng)，小球c在重力和電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，它們落地的時(shí)間分別為ta、tb、tc，落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率分別為Pa、Pb、Pc；則以下判斷中正確的是（）

A.ta=tb=tcB.ta=tc<tbC.Pb<Pa<PcD.Pa=Pb>Pc9、關(guān)于原子和原子核；下列說法中正確的是。

A.甲圖所示的氫原子光譜的分離特征可以用經(jīng)典物理學(xué)解釋B.由乙圖可知，原子核中的平均核子質(zhì)量比的要小C.要產(chǎn)生丙圖所示的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，裂變物質(zhì)必須具有一定的體積或質(zhì)量D.根據(jù)丁圖可知，1g氡經(jīng)過38天還剩下0.1g沒發(fā)生衰變?cè)u(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、下列說法正確的是（）A.空氣中PM2.5的運(yùn)動(dòng)屬于分子熱運(yùn)動(dòng)B.溫度相同的氧氣和臭氧氣體，分子平均動(dòng)能不相等C.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的減小而減小D.用油膜法測(cè)出油酸分子直徑后，還需知道油酸的摩爾體積，才可估算出阿伏伽德羅常數(shù)11、下列說法中正確的是（）A.物體從外界吸熱，其內(nèi)能不一定增大B.布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子無規(guī)則的運(yùn)動(dòng)C.溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均動(dòng)能相同E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大12、如圖所示，A、B兩點(diǎn)表示一定質(zhì)量的某種理想氣體的兩個(gè)狀態(tài)，當(dāng)氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B時(shí)（）

A.體積必然變大B.不可能經(jīng)過體積減小的過程C.外界必然對(duì)氣體做正功D.氣體必然從外界吸熱13、下列說法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)和擴(kuò)散現(xiàn)象都是溫度越高越明顯B.晶體的所有物理性質(zhì)都表現(xiàn)為各向異性C.可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響D.晶體和非晶體在一定條件下可以發(fā)生相互轉(zhuǎn)化14、下列說法正確的是（）A.如果系統(tǒng)的溫度不變則內(nèi)能一定不變B.食鹽晶體中的鈉、氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性C.當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為引力時(shí)，作用力隨分子間距離的減小而增大E.從微觀角度看，氣體壓強(qiáng)的大小跟氣體分子的平均動(dòng)能和分子密集程度有關(guān)E.從微觀角度看，氣體壓強(qiáng)的大小跟氣體分子的平均動(dòng)能和分子密集程度有關(guān)15、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r．電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器，R0為定值電阻，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減?。?dāng)電鍵S閉合時(shí)，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．有關(guān)下列說法中正確的是（）

A.只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，電阻R0消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流B.只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，電源消耗的功率變大，電阻R3中有向上的電流C.只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)D.若斷開電鍵S，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)間距相等的組等勢(shì)面，已知平面b上的電勢(shì)為2V．一電子經(jīng)過a平面時(shí)的動(dòng)能為10eV，從a到d的過程中克服電場(chǎng)力所做的功為6eV．則電勢(shì)為零的等勢(shì)面是_____，電子經(jīng)過c平面時(shí)的動(dòng)能為_____eV．

17、某同學(xué)利用DIS實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)研究一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)變化，實(shí)驗(yàn)后計(jì)算機(jī)屏幕顯示如圖所示的的P-t圖像。由A→B的過程中氣體體積________（選填“變大”、“變小”、“保持不變”）；若在狀態(tài)B時(shí)氣體的體積為VB=3L，氣體在狀態(tài)C的體積為_________L。

18、一氣缸內(nèi)儲(chǔ)有10mol的單原子分子理想氣體，在壓縮過程中，外力做功209J，氣體溫度升高1K，則氣體內(nèi)能的增量E為________J，吸收的熱量Q為________J。19、如圖所示，在水和汽達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡時(shí)，測(cè)得水柱長206mm，水銀柱長723.3mm。已知大氣壓為760mmHg，則水的飽和汽壓為________mmHg（計(jì)算結(jié)果保留1位小數(shù)）。如把圖中的管上提1cm（未脫離水銀槽），則管中水銀面將________（填“上升”“下降”或“不變”），水的飽和汽壓將________（填“變大”“變小”或“不變”）。（水銀密度為13.6×103kg/m3）

20、如圖所示，金屬環(huán)直徑為d，總電阻為2R，勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，垂直穿過環(huán)所在平面．電阻為的導(dǎo)體桿AB沿環(huán)表面以速度v向右滑至環(huán)中央時(shí)，桿兩端的電壓為____________．

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共27分)24、某同學(xué)用伏安法測(cè)某定值電阻的阻值；所用電壓表內(nèi)阻約1000Ω，所用電流表內(nèi)阻約20Ω，電流表的量程為3mA，由于被測(cè)電阻的阻值大小未知他先后采用了如圖甲和乙所示的電路分別進(jìn)行測(cè)量，每次實(shí)驗(yàn)通過調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，記錄測(cè)得的多組電壓表和電流表的讀數(shù)，作出U-I圖象，如圖丙和?。?/p>

(1)根據(jù)電路圖甲測(cè)得的數(shù)據(jù)作出的U-Ⅰ圖象應(yīng)是________(填“丙”或“丁”)圖．

(2)由測(cè)量結(jié)果判定電路圖________(填“甲”或“乙”)圖測(cè)量結(jié)果較為準(zhǔn)確，根據(jù)該電路得到電阻的測(cè)量值Rx=________Ω(保留兩位有效數(shù)字)Rx的測(cè)量值________(選填“大于”“等于”或“小于”)真實(shí)值．

(3)該同學(xué)為了減小系統(tǒng)誤差；設(shè)計(jì)了如圖戊所示的電路測(cè)上述電流表(圖中A)的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：

A.電流表量程0~6mA

B.電流表量程0~4mA

C.滑動(dòng)變阻器0~10Ω

D.滑動(dòng)變阻器0~1000Ω

E.定值電阻阻值R=20Ω

F.電源；開關(guān)、導(dǎo)線若干。

電流表A1應(yīng)選________(選填“A”或“B")；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________(選填“C”或“D”)．

若某次測(cè)量得到電流表A的示數(shù)為2.0mA，電流表A1的示數(shù)為3.9mA，則此次測(cè)量得到電流表的內(nèi)阻為________Ω(兩位有效數(shù)字)．25、某物理興趣小組的同學(xué)準(zhǔn)備測(cè)量一個(gè)定值電阻的阻值，實(shí)驗(yàn)室提供了以下實(shí)驗(yàn)器材供選擇，請(qǐng)你幫助該實(shí)驗(yàn)小組完成以下操作。A．待測(cè)電阻Rx：阻值約為200ΩB．電源E：電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻可忽略不計(jì)；C．電流表A1：量程為0~30mA，內(nèi)電阻r1=20Ω；D．電流表A2：量程為0~50mA，內(nèi)電阻r2約為8ΩE．電壓表V：量程為0~15V，內(nèi)電阻RV約為10kΩ；F．定值電阻R0；阻值R0=80Ω；G．滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值為10ΩH．滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值為1000Ω

J．開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

(1)由于實(shí)驗(yàn)室提供的電壓表量程太大，測(cè)量誤差較大，所以實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)準(zhǔn)備將電流表A1和定值電阻R0改裝成電壓表；則改裝成的電壓表的量程為___________V。

(2)為了盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差；多測(cè)幾組數(shù)據(jù)且便于操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇___________(選填“G”或“H”)，請(qǐng)?jiān)谟覀?cè)方框內(nèi)已經(jīng)給出的部分電路圖中，選擇恰當(dāng)?shù)倪B接點(diǎn)把電路連接完整___________。

(3)若某次測(cè)量中電流表A1的示數(shù)為I1，電流表A2的示數(shù)為I2，則Rx的表達(dá)式為Rx=___________。26、在通用技術(shù)課上；某小組在組裝潛艇模型時(shí)，需要一枚截面為外方內(nèi)圓的小螺母，如圖所示．現(xiàn)需要精確測(cè)量小螺母的內(nèi)徑，可選用的儀器有：

A．50等分的游標(biāo)卡尺B．螺旋測(cè)微器。

①在所提供的儀器中應(yīng)選用__________________________________．

②在測(cè)量過程中，某同學(xué)在小螺母中空部分360°范圍內(nèi)選取不同的位置進(jìn)行多次測(cè)量取平均值的目的是_________________________________________．

評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共9分)27、如圖所示，在兩平行直線MN、M/N/間有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩電子都從MN上A點(diǎn)沿MN方向射入磁場(chǎng)，速率分別為v1和v2，射出磁場(chǎng)時(shí)，v1與M/N垂直，v2與M/N夾角為60°則。

（1）v1與v2的比值為多少；

（2）它們?cè)诖艌?chǎng)中運(yùn)行的時(shí)間t1和t2的比值為多少；

28、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了的狀態(tài)變化過程，在此過程中氣體的內(nèi)能增加了135J，外界對(duì)氣體做了90J的功。已知狀態(tài)時(shí)氣體的體積求：

（1）從狀態(tài)到狀態(tài)的過程中；氣體與外界熱交換的熱量，是吸熱還是放熱；

（2）狀態(tài)時(shí)氣體的壓強(qiáng)

29、如圖，傾角的光滑固定斜面上放有三個(gè)質(zhì)量均為的物塊（均可視為質(zhì)點(diǎn)），固定，與斜面底端處的擋板接觸，與通過輕彈簧相連且均處于靜止?fàn)顟B(tài)，間的距離為現(xiàn)由靜止釋放一段時(shí)間后與發(fā)生碰撞，重力加速度大小為取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。（與始終未接觸；彈簧始終在彈性限度內(nèi)）

(1)求與碰撞前瞬間的速度大小

(2)若的碰撞為彈性碰撞，碰撞后立即撤去且沿斜面向下運(yùn)動(dòng)到速度為零時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能增量為求沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的最大距離

(3)若下滑后與碰撞并粘在一起，且剛好要離開擋板時(shí)，的總動(dòng)能為求彈簧的勁度系數(shù)

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)時(shí)；變阻器左側(cè)電阻減小，并聯(lián)部分電阻減小，右側(cè)電阻增大，外電路總電阻增大，再分析總電流和路端電壓的變化，確定兩電表讀數(shù)的變化．電源的總功率為P=EI，根據(jù)總電流變化進(jìn)行分析．

【詳解】

根據(jù)串、并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，當(dāng)滑片P向左移動(dòng)一小段距離后，整個(gè)閉合回路的總電阻增大，利用閉合電路的歐姆定律可判斷I減小，因電壓表示數(shù)所以電壓表示數(shù)增大，AB錯(cuò)誤；與其并聯(lián)的滑動(dòng)變阻器的總電阻減小，而干路電流I減小，所以兩端的電壓減小，根據(jù)可知的功率減小，C正確；因干路電流減小，可判斷電源的總功率減小，D錯(cuò)誤．2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．晶體有確定的熔點(diǎn)；非晶體沒有確定的熔點(diǎn)，A錯(cuò)誤；

B．由液晶的性質(zhì)知它既具有液體的流動(dòng)性；又像某些晶體那樣有光學(xué)各向異性，B正確；

C．表面張力使液體表面具有收縮的趨勢(shì)；使液體表面積趨于最小，C錯(cuò)誤；

D．毛細(xì)管插入浸潤液體中；管內(nèi)液面上升，高于管外；毛細(xì)管插入不浸潤液體中，管內(nèi)液體下降，低于管外，D錯(cuò)誤。

故選B。3、A【分析】【分析】

【詳解】

AC．吸盤內(nèi)氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，W<0，由于氣體溫度不變，氣體內(nèi)能不變，?U=0；由熱力學(xué)第一定律。

?U=W+Q可知。

Q=?U?W>0吸盤內(nèi)氣體要吸收熱量；A正確，C錯(cuò)誤；

B．吸盤內(nèi)氣體分子數(shù)不變；而氣體體積變大，則吸盤內(nèi)氣體分子的密度減小，B錯(cuò)誤；

D．吸盤內(nèi)氣體溫度不變而體積變大，由玻意耳定律PV=C可知；吸盤內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小，D錯(cuò)誤。

故選A。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．熱力學(xué)溫度的單位“K”是國際單位制中的基本單位；故A錯(cuò)誤；

B．熱力學(xué)溫標(biāo)的零度是-273.15℃；叫絕對(duì)零度，不可達(dá)到，故B錯(cuò)誤；

C．溫度由t℃升至2t℃，對(duì)應(yīng)的熱力學(xué)溫度升高了t；故C錯(cuò)誤；

D．量體溫時(shí)溫度計(jì)需和身體接觸十分鐘左右是為了讓溫度計(jì)跟身體達(dá)到熱平衡；故D正確。

故選D。5、B【分析】安培提出分子電流假說，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；法拉第采用了電場(chǎng)線的方法來描述電場(chǎng)，選項(xiàng)B正確；庫倫發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；安培發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)電流的作用規(guī)律，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.6、A【分析】【詳解】

AB、電容器所帶電荷量Q不變，由可知不變，增大d，則變小，而由可得電容器的電壓U變大，從而使得靜電計(jì)的電壓U變大，其指針的偏角θ變大；故A正確；B錯(cuò)誤;

CD、同理可知保持d不變，減小S，則變小，而由可得電容器的電壓U變大，使得靜電計(jì)的電壓U變大，其指針的偏角θ變大；故選項(xiàng)C；D均錯(cuò)誤．

故選:A.7、D【分析】【分析】

保持開關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢(shì)差不變，由E=和F=qE可判斷出電場(chǎng)力的變化，即可判斷的變化；開關(guān)S斷開，電容器的帶電量Q不變，由電容的決定式和定義式可推導(dǎo)出板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E的變化，進(jìn)而可知的變化．

【詳解】

A、保持開關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢(shì)差不變，將A板向B板靠近，極板間距離減小，由電場(chǎng)強(qiáng)度E=可知，電場(chǎng)強(qiáng)度增大，小球所受的電場(chǎng)力變大，增大；故A；B錯(cuò)誤．

C、開關(guān)S斷開，電容器的帶電量Q不變，將A板向B板靠近，極板間距離減小，由電容器電容的決定式C=可知，電容器電容C增大，而電容器電容的定義式C=所以板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E===可以判斷電場(chǎng)強(qiáng)度E不變，故帶正電的小球受的電場(chǎng)力不變，則不變；故C錯(cuò)誤，D正確．

故選D8、A【分析】【詳解】

AB、根據(jù)題意可知：A球只有重力做功，豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)；B球除重力之外還受到洛倫茲力作用，但B的洛倫茲力的方向總是水平方向的，不影響重力方向，所以豎直方向也做自由落體運(yùn)動(dòng)；C球除受重力之外，還受到垂直紙面向里的電場(chǎng)力作用，豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，故故A正確，B錯(cuò)誤。

CD、落體時(shí)的重力的功率等于重力乘以重力方向的速度，我們只研究豎直方向，發(fā)現(xiàn)B的洛倫茲力總是垂直紙面向里，不影響重力方向，C的電場(chǎng)力方向也是垂直紙面向里的，對(duì)豎直方向也沒用影響，故豎直方向都做自由落體運(yùn)動(dòng)，高度相同，所以末速度在豎直方向的分量相同，重力又相等，根據(jù)p＝mgvy可知三個(gè)球落地瞬間重力的瞬時(shí)功率相等，故CD錯(cuò)誤。9、C【分析】【詳解】

A；經(jīng)典物理學(xué)不能解釋氫原子光譜的分離特征；故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B、核子的平均質(zhì)量，即該種元素的平均分子質(zhì)量，是原子質(zhì)量與核子數(shù)的比值，原子序數(shù)小的原子和原子序數(shù)大的原子的平均核子質(zhì)量大于中等質(zhì)量的核（鐵的平均核子質(zhì)量最小），所以原子核中的平均核子質(zhì)量比的要大；故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C；要產(chǎn)生丙圖所示的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)；裂變物質(zhì)必須具有一定的體積或質(zhì)量，故選項(xiàng)C正確；

D、氡核其半衰期為3.8天，1g氡經(jīng)過38天衰變剩下氡的質(zhì)量為故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；二、多選題(共6題，共12分)10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．空氣中PM2.5的運(yùn)動(dòng)屬于固體顆粒的運(yùn)動(dòng)；不是分子熱運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；則溫度相同的氧氣和臭氧氣體分子平均動(dòng)能相等。選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)；分子距離減小時(shí)，分子力做正功，則分子勢(shì)能減小，即分子勢(shì)能隨分子間距離的減小而減小，選項(xiàng)C正確；

D．用油膜法測(cè)出油酸分子直徑后；還需知道油酸的摩爾體積，用摩爾體積除以一個(gè)分子的體積可估算出阿伏伽德羅常數(shù)，選項(xiàng)D正確。

故選CD。11、A:C:E【分析】【詳解】

A．物體從外界吸熱；若同時(shí)對(duì)外做功，則其內(nèi)能不一定增大，選項(xiàng)A正確；

B．布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；是液體分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的具體表現(xiàn)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；則溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均動(dòng)能相同，選項(xiàng)C正確；

D．用氣體的摩爾體積除以阿伏加德羅常數(shù)；可求解一個(gè)氣體分子運(yùn)動(dòng)占據(jù)的空間的體積，不可以估算氣體分子的體積，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

E．當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)；分子距離減小時(shí)分子力變大且做負(fù)功，分子勢(shì)能變大，即分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大，選項(xiàng)E正確。

故選ACE。12、A:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程（常數(shù)），解得

可知A、B與O點(diǎn)的連線表示等容變化，直線AO的斜率大，則其體積越小，所以圖像中A的體積小于B的體積，氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中；體積必然變大，故A正確；

B．因?yàn)榫哂袣怏w變化的過程未知；可能經(jīng)過體積減小的過程，故B錯(cuò)誤；

CD．氣體的體積變大，氣體對(duì)外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律氣體對(duì)外做正功，W為負(fù)值，從圖中看出氣體溫度升高，即為正數(shù)，所以Q必須為正數(shù)；即氣體必須從外界吸熱，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選AD。13、A:D【分析】【詳解】

A．布朗運(yùn)動(dòng)和擴(kuò)散現(xiàn)象都與溫度有關(guān)；溫度越高越明顯，故A正確；

B．由于晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；不可以從單一熱源吸收熱量，使之完全用來做功，而不產(chǎn)生其他影響，故C錯(cuò)誤；

D．晶體和非晶體是相對(duì)的；在一定條件下可以發(fā)生相互轉(zhuǎn)化，故D正確。

故選AD。14、B:D:E【分析】【詳解】

A．如果系統(tǒng)的內(nèi)能包括分子動(dòng)能和分子勢(shì)能；溫度不變則系統(tǒng)的分子動(dòng)能不變，但是分子勢(shì)能不一定不變，即內(nèi)能不一定不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．食鹽晶體中的鈉；氯離子按一定規(guī)律分布；具有空間上的周期性，選項(xiàng)B正確；

C．當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為引力時(shí)；其大小在一定的限度內(nèi)隨分子間距離減小而增大，超過這個(gè)限度后分子力又減小，故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知；自然界一切進(jìn)行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，都是不可逆的，選項(xiàng)D正確；

E．從微觀角度看；氣體壓強(qiáng)的大小與分子的平均速率以及單位時(shí)間撞擊單位面積的分子數(shù)有關(guān)，即跟氣體分子的平均動(dòng)能和分子密集程度有關(guān)，選項(xiàng)E正確。

故選BDE。15、A:D【分析】【詳解】

A、只逐漸增大的光照強(qiáng)度，的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，電阻消耗的電功率變大，滑動(dòng)變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻中有向上的電流；故選項(xiàng)A正確；

B、電路穩(wěn)定時(shí)，電容相當(dāng)于開關(guān)斷開，只調(diào)節(jié)電阻的滑動(dòng)端向上端移動(dòng)時(shí)；對(duì)電路沒有影響，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C、只調(diào)節(jié)電阻的滑動(dòng)端向下端移動(dòng)時(shí)，電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由可知電場(chǎng)力變大；帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D、若斷開電鍵S，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，板間場(chǎng)強(qiáng)減小，帶電微粒所受的電場(chǎng)力減小，將向下運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)D正確．三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【分析】

根據(jù)只有電場(chǎng)力做功；動(dòng)能與電勢(shì)能之和不變，當(dāng)電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能，在電勢(shì)為零處，電勢(shì)能為零，從而即可求解．

【詳解】

虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)間距相等的一組等勢(shì)面，一電子經(jīng)過a時(shí)的動(dòng)能為10eV，從a到d的過程中克服電場(chǎng)力所做的功為6eV，動(dòng)能減小了6eV，電勢(shì)能增加了6eV，因此a、d的電勢(shì)差為6V；等勢(shì)面間的電勢(shì)差為2V，因平面b上的電勢(shì)為2V，由于電子的電勢(shì)能增加，等勢(shì)面由a到f是降低的，因此平面c上的電勢(shì)為零；在平面b上電勢(shì)為2V；則電子的電勢(shì)能為-2eV，動(dòng)能為8eV，電勢(shì)能與動(dòng)能之和為6eV，當(dāng)電子經(jīng)過平面c時(shí)，其電勢(shì)能為0，動(dòng)能為6eV；

【點(diǎn)睛】

考查電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系，掌握電勢(shì)能與動(dòng)能之和不變，理解電勢(shì)為零處的電勢(shì)能為零是解題的關(guān)鍵．【解析】C617、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖像可知；AB的反向延長線過（-273，0）可判斷由A→B過程為等容變化，所以體積保持不變。

[2]由圖像可知；B→C過程為等溫變化。

PB=1.0atm，VB=3L，PC=1.5atm根據(jù)玻意耳定律得。

PBVB=PCVC解得。

VC=2L【解析】保持不變218、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)理想氣體內(nèi)能增量公式

由題目可知單原子代入相關(guān)數(shù)據(jù)得

根據(jù)熱力學(xué)第一定律，有

即氣體吸收了-84.3J的熱量?！窘馕觥?24.7-84.319、略

【分析】【詳解】

[1]易知水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)為

設(shè)水柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)為p水，則

解得

根據(jù)平衡條件可得水的飽和汽壓為

[2]把圖中的管上提1cm；假設(shè)水銀面高度不變，則水蒸氣的壓強(qiáng)不變；體積增大，不符合等溫變化規(guī)律；假設(shè)水銀面下降，則水蒸氣的壓強(qiáng)減小、體積增大，同樣不符合等溫變化規(guī)律。只有當(dāng)水銀面上升時(shí)，水蒸氣的壓強(qiáng)增大、體積減小，才可以符合等溫變化規(guī)律。

[3]水的飽和汽壓只與溫度有關(guān)，所以把圖中的管上提1cm，水的飽和汽壓不變?！窘馕觥?1.6上升變小20、略

【分析】【詳解】

[1]桿切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Bdv

兩個(gè)電阻為R的半金屬圓環(huán)并聯(lián)，并聯(lián)電阻

則電路電流（總電流）為

桿兩端的電壓為

考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律?！窘馕觥克摹⒆鲌D題(共3題，共21分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過磁場(chǎng)方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共27分)24、略

【分析】【分析】

（1）電流表內(nèi)接時(shí)測(cè)量值偏大；外接時(shí)測(cè)量值偏小，根據(jù)給出的U-I圖像的斜率判斷電阻的測(cè)量值，從而判斷電路結(jié)構(gòu)；

（2）比較待測(cè)電阻和電壓表和電流表的內(nèi)阻關(guān)系；從而判斷測(cè)量電路；根據(jù)U-I圖像求解電阻的測(cè)量值；

（3）根據(jù)電路結(jié)構(gòu)選擇測(cè)量的儀器；由歐姆定律及電路特點(diǎn)求解電流表內(nèi)阻.

【詳解】

（1）根據(jù)兩電路的結(jié)構(gòu)可知甲電路中電阻的測(cè)量值偏?。粍t畫出的U-I圖像的斜率偏小，則根據(jù)電路圖甲測(cè)得的數(shù)據(jù)作出的U-Ⅰ圖象應(yīng)是丁；

（2