2025年教科新版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版高二物理下冊階段測試試卷259考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、路線AC的中點為B，物體沿AC做直線運動，在AB段的平均速度為6m/s，在BC段的平均速度為4m/s，那么它在AC段的平均速度為（）A.4.8m/sB.5.0m/sC.5.2m/sD.10m/s2、如圖為電熨斗的結(jié)構(gòu)示意圖，下列對該電熨斗的工作原理敘述中正確的是（）A.需要設(shè)定較高的溫度，應(yīng)向上調(diào)節(jié)升降螺絲B.雙金屬片上層金屬的熱膨脹系數(shù)小于下層金屬C.電熨斗是通過雙金屬片溫度傳感器來控制電路的通斷D.在溫度低于設(shè)定溫度后觸點分離不再升溫，當溫度高于設(shè)定溫度時觸點相連繼續(xù)加溫，使它總與設(shè)定的溫度相差不多3、大小分別是30N

和40N

如果它們的夾角是90鈭?

則這兩個力的合力大小是()A.10N

B.35N

C.50N

D.70N

4、如圖7所示，電子在電勢差為U1的加速電場中由靜止開始運動，然后射入電勢差為U2的兩塊平行極板間的電場中，入射方向跟極板平行。整個裝置處在真空中，重力可忽略。在滿足電子能射出平行板區(qū)的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的偏轉(zhuǎn)角θ變大的是()A.U1變大、U2變大；B.U1變小、U2變大；C.U1變大、U2變??；D.U1變小、U2變小5、真空中有一靜電場，其在x軸正半軸的電勢φ隨x變化的關(guān)系如圖所示，則根據(jù)圖象可知（）A.R處的電場強度E=0B.x1處與x2處的電場強度方向相反C.若正的試探電荷從x1處移到x2處，電場力一定做正功D.該電場有可能是處在O點的正的點電荷激發(fā)產(chǎn)生的6、如果采用樣方法調(diào)查某地區(qū)（甲地）蒲公英的種群密度，下列做法中正確的是A.計數(shù)甲地內(nèi)蒲公英的總數(shù)，再除以甲地面積，作為甲地蒲公英的種群密度B.計數(shù)所有樣方內(nèi)蒲公英總數(shù)，除以甲地面積，作為甲地蒲公英的種群密度C.計算出每個樣方中蒲公英的密度，求出所有樣方蒲公英密度的平均值，作為甲地蒲公英的種群密度D.求出所有樣方蒲公英的總數(shù)，除以所有樣方的面積之和，再乘以甲地面積，作為甲地蒲公英的種群密度7、下列說法中正確的是(

)

A.兩個分子間的距離為r0

時，分子勢能為零B.物體溫度升高，其分子熱運動的平均動能增大C.懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了花粉分子的熱運動D.從平衡位置開始增大分子間距離，分子間的引力將增大、斥力將減小8、如圖所示，導(dǎo)體AB在做切割磁感線運動時，將產(chǎn)生一個電動勢，因而在電路中有電流通過．下列說法中正確的是（）A.因?qū)w運動而產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢稱為感生電動勢B.動生電動勢的產(chǎn)生與洛倫茲力有關(guān)C.動生電動勢的產(chǎn)生與電場力有關(guān)D.動生電動勢和感生電動勢的產(chǎn)生原因是一樣的評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、100匝的線圈，在0.2s內(nèi)穿過它的磁通量從0.02Wb增加到0.06Wb．線圈中的感應(yīng)電動勢E=______．10、如圖所示，在《探究產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件》的實驗中，開關(guān)斷開時，條形磁鐵插入或拔出線圈的過程中，電流表表針不動；開關(guān)閉合時，磁鐵靜止在線圈中，電流表表針也不動；開關(guān)閉合時，將磁鐵插入或拔出線圈的過程中，電流表表針發(fā)生偏轉(zhuǎn)．由此得出，產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是：電路必須______，穿過電路的磁通量發(fā)生______．11、某同學(xué)在“利用單擺測定重力加速度”的實驗中；

(1)

若用最小分度為毫米的刻度尺測得擺線長為970.8mm

用10

分度的游標卡尺測得擺球直徑如圖1

擺球的直徑為______mm.

單擺在豎直面內(nèi)擺動，用秒表測出單擺做多次全振動所用的時間如圖2

則t=

______s

(2)

如果他測得的g

值偏??；可能的原因是：______

A.測擺線長時擺線拉得過緊。

B.擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C.開始計時時；秒表過遲按下。

D.實驗中誤將N

次全振動數(shù)為N鈭?1

次。

(3)

若某同學(xué)實驗中出現(xiàn)如圖3

該同學(xué)其他操作(

包括周期測量)

均正確，則她的擺長測量值總是________真實值(

填“>

”、“<

”或“=

”)

雖然實驗中出現(xiàn)了錯誤，但根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)，仍可算出準確的重力加速度，其值為______m/s2.(

結(jié)果保留三位有效數(shù)值)

12、真空中有兩個電荷，它們之間的靜電力為F，若保持它們所帶的電量不變，將它們之間的距離增大到原來的二倍，則它們之間作用力的大小等于_______。13、利用伏安法測量干電池的電動勢和內(nèi)阻；現(xiàn)有的器材為：

干電池：電動勢約為1.5V

符號

電壓表：量程1V

內(nèi)阻999.3婁賂

符號

電流表：量程1A

符號

滑動變阻器：最大阻值10婁賂

符號

電阻箱：最大阻值99999.9婁賂

符號

單刀單擲開關(guān)一個，符號導(dǎo)線若干。

(1)

設(shè)計測量電源電動勢和內(nèi)阻的電路并將它畫在指定的方框內(nèi).

要求在圖中標出電壓表；電流表的接線柱的正負．

(2)

為了滿足本實驗要求并保證實驗的精確度，電壓表量程應(yīng)擴大為原量程的2

倍，電阻箱阻值為______婁賂.

14、(1)

以36km/h

的速度沿平直公路行駛的一輛汽車，遇障礙物剎車后獲得大小為4m/s2

的加速度，剎車后第3s

內(nèi)，該輛汽車行駛的路程為________。(2)

電磁打點計時器是一種使用交流電源的計時器。當電源的頻率是50Hz

時，它每隔0.02s

打一次點。如圖所示為某次實驗打出的一條紙袋，其中1234

為依次選定的計數(shù)點，根據(jù)圖中標出的數(shù)據(jù)，可以得到實驗物的加速度的大小為________m/s2

(3)

已知地球半徑為R

地球表面重力加速度為g

萬有引力常量為G

不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，則地球平均密度的表達式為________。(4)

真空中兩個靜止的點電荷，它們之間的庫倫力為F

若它們的電量都增大為原來的2

倍，距離減小為原來的一半，它們之間的庫侖力變?yōu)開________。(5)

一交變電壓的表達式為婁脤=22sin100婁脨tV

則交變電壓的周期為________s

有效值為________V

(6)

一小球在高為0.8m

的桌面上滾動，水平離開桌面后著地，著地點與桌邊緣的水平距離為1m

不計空氣阻力，g

取10m/s2

則小球離開桌面時的速度大小是________m/s

評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、計算題(共1題，共4分)22、如圖；一質(zhì)量為m

的帶電小球用絲線懸掛在水平向右無限大勻強電場中，已知該場強大小為E

當小球靜止時，測得絲線與豎直方向的夾角為婁脠

此時小球距水平地面的高度為H.

求：

(1)

小球帶何種電荷及其電量．

(2)

當把懸線燒斷后小球作何種運動？并求小球落到地面的時間及速度大?。u卷人得分五、證明題(共2題，共8分)23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】解：設(shè)AC段的長度為x，則AC段的平均速度．故A正確。

故選：A

分別求出AB段和BC段的運動時間；然后根據(jù)總位移除以總時間求出AC段的平均速度．

本題考查平均速度的定義式知道整個過程的平均速度等于總位移與總時間的比值．【解析】【答案】A2、C【分析】解：A；需要較高溫度熨燙時；要調(diào)節(jié)調(diào)溫旋鈕，使升降螺絲下移并推動彈性銅片下移，當溫度升到較高，金屬片發(fā)生彎曲較厲害觸點才斷開，故A錯誤；

B；當溫度升高時；金屬片向膨脹系數(shù)小的發(fā)生彎曲，觸點斷開，故雙金屬片上層金屬的膨脹系數(shù)大于下層金屬片，故B錯誤；

C；常溫下；上下觸點接觸；溫度過高時，雙金屬片發(fā)生彎曲使上下觸點分開，起到調(diào)溫作用，故C正確；

D；在溫度低于設(shè)定溫度后觸點閉合繼續(xù)升溫；當溫度高于設(shè)定溫度時觸點斷開，不繼續(xù)加溫，使它總與設(shè)定的溫度相差不多，故D錯誤；

故選：C．

了解雙金屬片的特點：利用不同膨脹系數(shù)的金屬片做成；當溫度升高時，金屬片向膨脹系數(shù)小的發(fā)生彎曲，觸點斷開；當溫度降低時，金屬片向膨脹系數(shù)大的發(fā)生彎曲，觸點不斷開；調(diào)節(jié)溫度原理根據(jù)金屬片的在電路中的連接有關(guān)．

本題是熱傳感器在電熨斗中的應(yīng)用，要知道雙金屬片的特性，結(jié)合歐姆定律分析．【解析】【答案】C3、C【分析】【分析】本題難度較小，力是矢量，合成時遵循平行四邊形定則?！窘獯稹糠至Φ拇笮》謩e是30N

和40N

合力的大小為F=302+402N=50N

故C正確，ABD錯誤。

故選C?！窘馕觥緾

4、B【分析】設(shè)帶電粒子經(jīng)U1加速后速度為v0，經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場U2偏轉(zhuǎn)后射出時速度為v.電子在加速電場中qU1=mv02在偏轉(zhuǎn)電場中vy=at=·所以偏轉(zhuǎn)角tanθ==顯然，要使θ變大，可使U1減小、U2增大，故只有B正確.【解析】【答案】B5、C【分析】解：A；φ-x圖象中；曲線上任意一點的切線的斜率表示電場強度；R處切線的斜率不為零，故R處的電場強度E≠0；故A錯誤；

B、x1處與x2處的切線斜率同為負值，故x1處與x2處的電場強度方向相同；故B錯誤；

C、若試探電荷從x1處移到x2處，電勢降低，根據(jù)公式WAB=qUAB；如果是正電荷，電場力一定做正功；故C正確；

D；離電荷越近；電場強度越大，φ-x圖象的斜率應(yīng)越大，而圖中離O點越近，圖象切線的斜率變小，故該電場不可能在O點的正電荷產(chǎn)生的，故D錯誤；

故選：C

φ-x圖象中，曲線上任意一點的切線的斜率表示電場強度；用WAB=qUAB來判斷電勢能的變化情況．對歸正點電荷電場線的分布情況分析即可．

對于φ-x圖象，要抓?。孩匐妶鰪姸鹊拇笮〉扔讦?x圖線的斜率大小，電場強度為零處，φ-x圖線存在極值，其切線的斜率為零．②在φ-x圖象中可以直接判斷各點電勢的大小，并可根據(jù)電勢大小關(guān)系確定電場強度的方向．③在φ-x圖象中分析電荷移動時電勢能的變化，可用WAB=qUAB，進而分析WAB的正負，然后作出判斷．【解析】【答案】C6、C【分析】【分析】本題考查樣方法調(diào)查種群密度，意在考查學(xué)生對所學(xué)知識的識記、理解能力。所有樣方內(nèi)種群密度合計【解答】樣方數(shù)；故應(yīng)先求出每個樣方中蒲公英的密度，再求出所有樣方蒲公英密度的平均值，作為甲地蒲公英的種群密度。綜上所述，正確，種群密度=所有樣方內(nèi)種群密度合計/樣方數(shù)；故應(yīng)先求出每個樣方中蒲公英的密度，再求出所有樣方蒲公英密度的平均值，作為甲地蒲公英的種群密度。綜上所述，C正確，ABD錯誤。

故選C。錯誤。

故選=。/C【解析】C7、B【分析】解：A

兩個分子間的距離為r0

時；分子勢能最小，但不一定為0

還與零勢能面的選取有關(guān)，往往是以無窮遠處的電勢為零，故A選項錯誤；

B；溫度是分子平均動能的標志；溫度升高，其分子熱運動的平均動能增大，故B正確；

C；布朗運動是懸浮在水中花粉的無規(guī)則運動；由于花粉是由大量花粉分子組成的，所以布朗運動不能反映了花粉分子的熱運動，故C錯誤；

D；根據(jù)分子力的特點可知；從平衡位置開始增大分子間距離，分子間的引力和斥力都將減小.

故B錯誤．

故選：B

溫度是分子熱平均動能的標志；溫度越高，分子熱運動的平均動能越大；布朗運動是懸浮在液體中小顆粒做的無規(guī)則的運動，而每個小顆粒都是由成千上萬個顆粒分子組成的，布朗運動不能反映小顆粒內(nèi)部分子在不停地做無規(guī)則的熱運動.

從平衡位置開始增大分子間距離，分子間的引力和斥力都將減小．

對于布朗運動，它既不是顆粒分子的運動，也不是液體分子的運動，而是液體分子運動的間接反映【解析】B

8、B【分析】解：A；因?qū)w運動而產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢稱為動生電動勢；故A錯誤；

BC；動生電動勢的產(chǎn)生與洛侖茲力有關(guān)；感生電動勢與電場力做功有關(guān)，故B正確，C錯誤；

D；動生電動勢和感生電動勢的產(chǎn)生原因不一樣；故D錯誤；

故選：B。

導(dǎo)線切割磁感應(yīng)線時產(chǎn)生的電動勢叫動生電動勢；磁場變化所產(chǎn)生的電動勢叫感生電動勢；動生電動勢和感生電動勢都叫感應(yīng)電動勢．

本題關(guān)鍵是明確感生電動勢和動生電動勢的區(qū)別，不變的磁場運動的線圈是動生：變化的磁場不動的線圈是感生．【解析】B二、填空題(共6題，共12分)9、略

【分析】解：由法拉第電磁感應(yīng)定律有：E==100×V=20V

故答案為：20V．

由法拉第電磁感應(yīng)定律得到感應(yīng)電動勢的數(shù)值，E=即可求解．

法拉第電磁感應(yīng)定律的直接應(yīng)用，注意表達式中的n的含義為線圈的匝數(shù)．【解析】20V10、略

【分析】解：開關(guān)斷開時；條形磁鐵插入或拔出線圈的過程中，電流表表針不動；知磁通量變化，電路斷開，不產(chǎn)生感應(yīng)電流．

開關(guān)閉合時；磁鐵靜止在線圈中，電流表表針也不動；知電路閉合，磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流．

開關(guān)閉合時；將磁鐵插入或拔出線圈的過程中，電流表表針發(fā)生偏轉(zhuǎn)．知電路閉合，磁通量變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流．

綜上所知；感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是：電路必須閉合，穿過電路的磁通量發(fā)生變化．

故答案為：閉合；變化．

當穿過閉合回路中的磁通量發(fā)生變化時；會產(chǎn)生感應(yīng)電流．

解決本題的關(guān)鍵掌握感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，知道當穿過閉合回路中的磁通量發(fā)生變化時，會產(chǎn)生感應(yīng)電流．【解析】閉合；變化11、18.4100.0BD<9.86【分析】【分析】(1)

游標卡尺主尺示數(shù)與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺的示數(shù)；游標卡尺不需要估讀；

秒表中間的表盤代表分鐘；周圍的大表盤代表秒，秒表讀數(shù)是兩個表盤的示數(shù)之和，要注意觀察指針所指的位置及分度值。

(2)

根據(jù)單擺的周期公式T=2婁脨lg

得出重力加速度的表達式；從而判斷出重力加速度減小的原因。

(3)

由題意公式g=4婁脨2LT2

得到T2=4婁脨2Lg

圖象斜率表示4婁脨2g

結(jié)合圖象數(shù)據(jù)得到重力加速度。

要注意，游標卡尺不需要估讀；對秒表進行讀數(shù)時，要先確定秒表的分度值，秒表示數(shù)是分針與秒針示數(shù)之和；本題關(guān)鍵明確實驗原理；通過圖象的平移得到擺長偏小1cm

得到誤差來源；通過圖象的函數(shù)表達式得到斜率的物理意義?！窘獯稹?1)

圖1

所示游標卡尺主尺的示數(shù)是18mm

游標尺示數(shù)是4隆脕0.1mm=0.4mm

小球的直徑d=18mm+0.1隆脕4mm=18.4mm

圖2

所示秒表分針示數(shù)是90s

秒針示數(shù)是10.0s

秒表所示是90s+10.0s=100.0s

根據(jù)單擺的周期公式T=2婁脨lg

得：g=4婁脨2LT2

．

A；測擺線長時擺線拉得過緊；使得擺長的測量值偏大，則測得的重力加速度偏大.

故A錯誤．

B；擺動后出現(xiàn)松動；知擺長的測量值偏小，則測得的重力加速度偏小.

故B正確．

C；實驗中開始計時；秒表過遲按下，則測得周期偏小，所以測得的重力加速度偏大.

故C錯誤．

D；實驗中將49

次全振動數(shù)成50

次全振動；測得周期偏小，則測得的重力加速度偏大.

故D錯誤．

故選：B

(3)

由題意公式g=4婁脨2LT2

得到T2=4婁脨2Lg

由此可知，T2隆陋L

圖象為過原點的一條傾斜的直線，圖象斜率表示4婁脨2g

結(jié)合圖象數(shù)據(jù)得到：同學(xué)所測擺長總是“<

”真實值；4婁脨2g=970.8+18.42

解得：g=9.86m/s2

故答案為：(1)18.4100.0

(2)BD

(3)<9.86m/s2

【解析】18.4100.0BD<9.86

12、略

【分析】由庫侖力公式可知作用力等于F/4【解析】【答案】F/413、略

【分析】解：(1)

利用伏安法測量干電池的電動勢和內(nèi)阻；根據(jù)實驗原理選擇儀器設(shè)計電路圖.

實驗中應(yīng)保證電流由電表的正接線柱流入由負接線柱流出，并且電流表要串聯(lián)在電路中，而電壓表串聯(lián)一個電阻并聯(lián)在電源兩端，分析電表的連接即可得出正確電路.

如圖：

壟脷

電動勢約為1.5V

電壓表：量程1V

為了滿足本實驗要求并保證實驗的精確度，電壓表量程應(yīng)擴大為原量程的2

倍；

要使量程擴大1

倍；則應(yīng)串聯(lián)一個與電壓表內(nèi)阻相等的電阻，故應(yīng)使與之串聯(lián)的電阻箱的阻值為998.3婁賂

故答案為：(1)

如圖；(2)998.3

利用伏安法測量干電池的電動勢和內(nèi)阻；根據(jù)實驗原理選擇儀器設(shè)計電路圖.

實驗中應(yīng)保證電流由電表的正接線柱流入由負接線柱流出，并且電流表要串聯(lián)在電路中，而電壓表串聯(lián)一個電阻并聯(lián)在電源兩端，分析電表的連接即可得出正確電路.

將電壓表量程擴大時應(yīng)串聯(lián)一個電阻，根據(jù)電壓擴大的倍數(shù)可知應(yīng)串聯(lián)電阻的大?。?/p>

電學(xué)實驗中要特別注意儀表的接法；能正確使用各儀器才能準確得出實驗的結(jié)論．

電表量程的選取既要安全還要滿足本實驗要求并保證實驗的精確度．【解析】998.3

14、（1）0.5m（2）6（3）（4）16F（5）0.022（6）2.5【分析】(1)

【分析】先求出汽車剎車到停止的時間，因為汽車剎車停止后不再運動，再根據(jù)勻變速直線運動的位移公式即可求解；解決本題的關(guān)鍵知道汽車剎車停止后不再運動，知道剎車運動可以逆向思維看成初速度為零的勻加速直線運動；【解答】36km/h=10m/s

汽車剎車到停止所需的時間t0=0?v0a=?10?4=2.5s

剎車后第3s

內(nèi)的位移，等于停止前0.5s

內(nèi)的位移；

則x=12at2=12隆脕4隆脕0.25=0.5m

故填：0.5m

(2)

【分析】打點計時器每隔0.02s

打一次點，由此可求出計數(shù)點之間的時間間隔，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運動中，中間時刻的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上2

點時小車的瞬時速度大小。利用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習(xí)中要加強基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用，提高解決問題能力，處理數(shù)據(jù)時注意單位換算?！窘獯稹看螯c計時器的打點周期為0.02s

相鄰計數(shù)點之間有5

個時間間隔；

因此計數(shù)點之間的時間間隔是：0.1s

由圖可知：鈻?x=6.00cm

勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

得：a=?xT2=6.00隆脕10?20攏廬12=6m/s2

故填：6

(3)

【分析】根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力可以由地球表面的重力加速度和地球半徑和引力常量求得地球質(zhì)量，再根據(jù)密度公式求得地球的密度。計算地球的質(zhì)量一是根據(jù)表面的重力與萬有引力相等，二是萬有引力提供圓周運動向心力來求，注意求密度是要掌握球的體積公式?！窘獯稹吭诘厍虮砻嬷亓εc萬有引力相等有：GMmR2=mg

可得地球的質(zhì)量M=gR2G

根據(jù)密度公式有地球的密度婁脩=MV=3g4婁脨GR

(4)

【分析】真空中兩個靜止的點電荷間的作用力符合庫侖定律，根據(jù)庫侖定律的公式F=kQqr2

判斷即可。解決本題的關(guān)鍵掌握庫侖定律，能夠靈活運用該公式解決問題，基礎(chǔ)題目。【解答】真空中有兩個靜止點電荷，它們之間的靜電引力為F

故：F=kQqr2

若它們的電量都增大為原來的22倍，距離減小為原來的一半，它們之間的庫侖力變?yōu)镕隆盲=k2Q2q(12r)2=16FF隆盲=dfrac{k2Q2q;}{(;dfrac{1}{2}r{)}^{2};};;=16F(5)

【分析】本題考查了交流電的描述，根據(jù)交流電的表達式，可知知道其最大值，以及線圈轉(zhuǎn)動的角速度等物理量，然后進一步求出其它物理量，如有效值、周期、頻率等。對于交流電的產(chǎn)生和描述要正確理解，要會推導(dǎo)交流電的表達式，明確交流電表達式中各個物理量的含義?！窘獯稹坑蓨涿?22sin100婁脨tV，可知，婁脴=100婁脨rad/s

所以交流電的周期是T=2婁脨100婁脨=0.02s

電壓有效值是U=222=2V

(6)

【分析】根據(jù)高度求出平拋運動的時間，結(jié)合水平位移和時間求出球離開桌面的速度；解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解，基礎(chǔ)題?！窘獯稹扛鶕?jù)h=12gt2

得；t=2hg=2隆脕0.810s=0.4s

則球離開桌面時的速度v0=xt=10.4m/s=2.5m/s

故填：(1)0.5m

(2)6

(3)婁脩=3g4婁脨GR

(4)16F

(5)0.022

(6)2.5

【解析】(1)0.5m

(2)6

(3)婁脩=3g4婁脨GR

(4)16F

(5)0.022

(6)2.5

三、判斷題(共7題，共14分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?9、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方