2025年湘教新版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、在通電螺線管內(nèi)部有一點A；通過A點的磁感線方向一定是（）

A.從螺線管的N極指向S極。

B.放在該點的小磁針北極受力的方向。

C.放在該點的小磁針的南極受力的方向。

D.以上說法都不對。

2、如圖所示，a、b兩個點電荷帶等量同種正電荷，位置固定，O為ab的中點，O1O2通過O且與ab垂直，一個電子（重力可忽略）從O2一側(cè)沿O2O1方向射入；則電子穿過O再向左運動的過程中（）

A.它的加速度逐漸變大。

B.它的加速度逐漸變小。

C.它的加速度開始一段逐漸加大；后來逐漸減小。

D.它的加速度開始一段逐漸減?。缓髞碇饾u增加。

3、如圖為兩分子系統(tǒng)的勢能Ep與兩分子間距離r的關(guān)系曲線，下列說法正確的是（）A.當(dāng)r＞r1時，隨分子間距離的增大，分子力做正功B.當(dāng)r=r1時，分子間的作用力為零C.當(dāng)r=r2時，分子間的作用力為零D.在r由r1變到r2的過程中，分子間的作用力做負(fù)功4、如圖所示，重為100N的物體靜止在水平地面上。用F=80N的力豎直向上拉該物體時，則物體受到的合力為（）A.0NB.20N，方向豎直向上C.20N，方向豎直向下D.100N，方向豎直向下5、示波管是示波器的核心部件，它由電子槍、偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成，如圖所示．如果在熒光屏上P點出現(xiàn)亮斑，那么示波管中的（）A.極板X應(yīng)帶正電B.極板X′應(yīng)帶正電C.極板Y應(yīng)帶正電D.極板Y′應(yīng)帶正電評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)6、如圖所示為打點計時器所打的紙帶，數(shù)據(jù)單位為cm，己知牽引紙帶的物體沿水平方向向右做勻變速直線運動，相鄰兩計數(shù)點間還有四個點沒有標(biāo)出來，由圖可知BC=________；打點計時器打C點時物體的速度Vc=____m/s；物體運動加速度的大小a=____m/s2。7、瞬時值表達(dá)式為u=220sin314tV的交流電，其電壓最大值是______V，電壓有效值是______V．8、如圖所示，接于理想變壓器中四個燈泡的規(guī)格相同，而且全部正常發(fā)光，則三個線圈匝數(shù)之比n1：n2：n3=______．9、發(fā)電站通過升壓變壓器、輸電導(dǎo)線和降壓變壓器把電能輸送到用戶，如果升壓變壓器和降壓變壓器都可視為理想變壓器．如圖所示，若發(fā)電機(jī)的輸出功率P1=100kW，輸出電壓U1=250V，升壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為1：25，則升壓變壓器的輸出電壓U2=____，輸電導(dǎo)線中的電流I2=____．若輸電導(dǎo)線中的電功率損失為輸入功率的4%，則輸電導(dǎo)線的總電阻R線=____，降壓變壓器原線圈兩端的電壓U3=____．

10、隨著居民生活水平的提高；純凈水已經(jīng)進(jìn)入千家萬戶．不久前，某省對小城鎮(zhèn)市場上的純凈水質(zhì)量進(jìn)行了抽測，結(jié)果發(fā)現(xiàn)九成樣品的細(xì)菌超標(biāo)或電導(dǎo)率不合格（電導(dǎo)率是電阻率的倒數(shù)，是檢驗純凈水是否合格的一項重要指標(biāo)）．

（1）不合格的純凈水的電導(dǎo)率偏____（填大或?。?/p>

（2）如圖所示；為了方便對純凈水樣品的檢驗，將采集的水樣裝入絕緣性能良好的塑料圓柱形容器內(nèi)，容器兩端用金屬圓片電極密封．請把檢測電路連接好（要求測量盡可能準(zhǔn)確，已知水的電導(dǎo)率遠(yuǎn)小于金屬的電導(dǎo)率，所用滑動變阻器的阻值較?。?/p>

11、電磁波包含了X射線、γ射線、紅外線、紫外線、無線電波、可見光等，按波長由長到短的排列順序是：無線電波、紅外線、____、紫外線、____、____．12、交流電壓的圖形如圖所示，由圖象可知，電壓的峰值為______V．有效值是______V，頻率是______Hz．13、在赤道附近的地磁場可看做是由南向北的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是0.5隆脕10鈭?4T.

如果赤道上有一根沿東西方向的直導(dǎo)線，長20m

通有從東向西的電流，電流強(qiáng)度為30A

則地磁場對這根導(dǎo)線的作用力大小為______N

方向______(

填“豎直向上”或“豎直向下”)

．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、解答題(共4題，共28分)23、如圖所示，質(zhì)量為m，邊長為L的正方形線框，在有界勻強(qiáng)磁場上方h高處由靜止自由下落，線框的總電阻為R，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場寬度為2L．線框下落過程中，ab邊始終與磁場邊界平行且處于水平方向．已知ab邊剛穿出磁場時線框恰好做勻速運動．求：

（1）cd邊剛進(jìn)入磁場時線框的速度；

（2）線框穿過磁場的過程中；產(chǎn)生的焦耳熱．

24、某品牌電飯煲的銘牌如下表．其簡易工作原理如圖，工作時有兩種狀態(tài)：一種是煮飯狀態(tài)，另一種是保溫狀態(tài)．S1、S2兩個開關(guān)中有一個是感溫材料制成的開關(guān)；溫度升高到某一值時會自動斷開．

（1）煮飯時，電飯煲開關(guān)S1、S2各處在什么狀態(tài)．

（2）哪一個是保溫電阻？其阻值為多少？

（3）哪一個是煮飯時主要加熱電阻？其阻值為多少。

。電源消耗功率容量煲內(nèi)氣壓類別220V煮飯時700w；

保溫時20w4L1標(biāo)準(zhǔn)大氣壓防觸電保護(hù)一類

25、如圖所示，橫截面是直角三角形ABC的三棱鏡對紅光的折射率為n1，對紫光的折射率為n2．一束很細(xì)的白光由棱鏡的一個側(cè)面AB垂直射入；從另一個側(cè)面AC折射出來．已知棱鏡的頂角∠A=30°，AC邊平行于光屏MN，且與光屏的距離為L．求在光屏上得到的可見光譜的寬度．

26、如圖所示，一個電子（質(zhì)量為m）電荷量為e，以初速度v沿著勻強(qiáng)電場的電場線方向飛入勻強(qiáng)電場；已知勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為E，不計重力，求：

（1）電子在電場中運動的加速度。

（2）電子進(jìn)入電場的最大距離．

評卷人得分五、畫圖題(共2題，共14分)27、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象28、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、簡答題(共4題，共20分)29、硫及硫化物廣泛存在于自然界中，回答下列問題：rm{(1)}基態(tài)rm{S}原子中，核外電子占據(jù)的最高能層的符號是___________，有__________種不同形狀的電子云。rm{(2)(NH_{4})_{2}SO_{4}}中rm{O}rm{N}rm{S}三種元素的第一電離能的大小關(guān)系為_______________________。rm{(3)}中學(xué)化學(xué)常用rm{KSCN}檢驗rm{Fe^{3+}}列舉一種與rm{SCN^{-}}互為等電子體的分子：___________，rm{SCN^{-}}中rm{C}原子的雜化方式為_________________。rm{(4)}乙硫醇rm{(CH_{3}CH_{2}SH)}的相對分子質(zhì)量比rm{CH_{3}CH_{2}OH}大，但乙醇的沸點高于乙硫醇的原因是_________________________________________________。rm{(5)PbS}是一種重要的半導(dǎo)體材料，具有rm{NaC1}型結(jié)構(gòu)rm{(}如圖rm{)}其中陰離子采用面心立方最密堆積方式，rm{X-}射線衍射實驗測得rm{PbS}的晶胞參數(shù)為rm{a=0.594nm}rm{壟脵}已知坐標(biāo)參數(shù)：rm{A(0,0,0)}rm{B(dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},0)}則rm{B

(dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},0)}的坐標(biāo)參數(shù)為__________________。rm{C}晶體中rm{壟脷PbS}的配位數(shù)為_________，rm{Pb^{2+}}為______rm{r(S^{2-})}rm{nm}已知rm{(}rm{sqrt{2}=1.414)}晶體的密度為_________rm{壟脹PbS}rm{g隆隴cm^{-3}}列出計算式即可rm{(}rm{)}30、公路上行駛的兩汽車之間應(yīng)保持一定的安全距離。當(dāng)前車突然停止時，后車司機(jī)可以采取剎車措施，使汽車在安全距離內(nèi)停下而不會與前車相碰。通常情況下，人的反應(yīng)時間和汽車系統(tǒng)的反應(yīng)時間之和為1s

當(dāng)汽車在晴天干燥瀝青路面上以108km/h

的速度勻速行駛時，安全距離為120m

設(shè)雨天時汽車輪胎與瀝青路面間的動摩擦因數(shù)為晴天時的25

若要求安全距離仍為120m

求汽車在雨天安全行駛的最大速度。31、rm{28.}鐵在生產(chǎn)生活中應(yīng)用最廣泛；煉鐵技術(shù)和含鐵新材料的應(yīng)用倍受關(guān)注。

rm{(1)}高爐煉鐵是冶煉鐵的主要方法，發(fā)生的主要反應(yīng)有：。反應(yīng)rm{triangleH(kJ/mol)}rm{K}rm{i.Fe_{2}O_{3}(s)+}rm{3C}rm{(s)}rm{?}rm{2Fe(s)+3CO(g)}rm{+489}rm{K_{1}}rm{ii.Fe_{2}O_{3}(s)+3CO(g)}rm{?}rm{2Fe(s)+3CO_{2}(g)}rm{X}rm{K_{2}}rm{iii.C(s)+CO_{2}(g)}rm{?}rm{2CO(g)}rm{+172}rm{K_{3}}試計算，rm{X=}_____，rm{K_{1}}rm{K_{2}}與rm{K_{3}}之間的關(guān)系為rm{K_{1}=}__________。

rm{(2)T_{1}隆忙}時，向某恒溫密閉容器中加入一定量的rm{Fe_{2}O_{3}}和rm{C}發(fā)生反應(yīng)rm{i}反應(yīng)達(dá)到平衡后，在rm{t_{1}}時刻，改變某條件，rm{V_{(脛忙)}}隨時間rm{(t)}的變化關(guān)系如圖rm{1}所示，則rm{t_{1}}時刻改變的條件可能是_____rm{(}填寫字母rm{)}rm{a.}保持溫度不變，壓縮容器rm{b.}保持體積不變；升高溫度。

rm{c.}保持體積不變，加少量碳粉rm{d.}保持體積不變，增大rm{CO}濃度。

rm{(3)}在一定溫度下，向某體積可變的恒壓密閉容器rm{(p_{脳脺})}加入rm{1molCO_{2}}與足量的碳，發(fā)生反應(yīng)rm{壟攏}平衡時體系中氣體體積分?jǐn)?shù)與溫度的關(guān)系如圖rm{2}所示。

rm{壟脵650隆忙}時；該反應(yīng)達(dá)平衡后吸收的熱量是_________。

rm{壟脷T隆忙}時，若向平衡體系中再充入一定量按rm{V(CO_{2}):V(CO)=5:4}的混合氣體，平衡_____rm{(}填“正向”、“逆向”或“不”rm{)}移動。

rm{壟脹925隆忙}時，用平衡分壓代替平衡濃度表示的化學(xué)平衡常數(shù)rm{K_{p}}為_____。rm{[}氣體分壓rm{(p_{路脰})=}氣體總壓rm{(p_{脳脺})隆脕}體積分?jǐn)?shù)，用某物質(zhì)的平衡分壓代替物質(zhì)的量濃度也可以表示化學(xué)平衡常數(shù)，記作rm{K_{p}]}

rm{(4)}用原電池原理可以除去酸性廢水中的三氯乙烯、rm{AsO_{3}^{-}}其原理如下圖所示rm{(}導(dǎo)電殼內(nèi)部為納米零價鐵rm{)}在除污過程中，納米零價鐵中的rm{Fe}為原電池的______極rm{(}填“正rm{"}或“負(fù)”rm{)}寫出rm{C_{2}HCl_{3}}在其表面被還原為乙烷的電極反應(yīng)式為_____________。

32、碳及其化合物是我們身邊一類重要的物質(zhì)。rm{(1)}由水煤氣在適當(dāng)?shù)拇呋瘲l件下可以合成甲醇：rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)}壓強(qiáng)為rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)}時，向體積為rm{P_{1}}的密閉容器中充入rm{2L}和rm{bmolCO}平衡時rm{2bmolH_{2}}的轉(zhuǎn)化率與溫度、壓強(qiáng)的關(guān)系如圖rm{CO}所示。請回答：rm{1}該反應(yīng)屬于________rm{壟脵}填“吸”或“放”rm{(}熱反應(yīng)：rm{)}________rm{P_{1}}填“rm{P_{2}(}”、“rm{>}”或“rm{<}”rm{=}rm{)}時，該反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{200隆忙}________rm{K=}用含rm{(}的代數(shù)式表示rmrm{)}若rm{壟脷}時，上述反應(yīng)經(jīng)過rm{200隆忙}達(dá)到平衡，則該時間段內(nèi)氫氣的平均反應(yīng)速率為________。rm{tmin}以滲透于多孔基質(zhì)的惰性導(dǎo)電物質(zhì)材料為電極，用rm{(2)}為電解液，甲烷和空氣為原料，構(gòu)成堿性燃料電池，該電池負(fù)極的電極反應(yīng)式為________。rm{35攏樓隆蘆50攏樓KOH}以甲烷燃料電池做電源，用如圖rm{(3)}所示裝置，進(jìn)行電解實驗，發(fā)現(xiàn)溶液逐漸變渾濁，用離子方程式表示沉淀產(chǎn)生的原因是________。rm{2}己知rm{(4)}rm{25隆忙}的rm{Al(OH)_{3}}若使某鋁鹽溶液中的rm{K_{sp}=8.0隆脕10^{-33}}降至rm{Al^{3+}}則需調(diào)節(jié)溶液的rm{1.0隆脕10^{-6}mol/L}至________rm{pH}已知rm{(}rm{lg5=0.7)}參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】

A；螺線管內(nèi)部磁感線由S極指向N極；故磁感線方向應(yīng)由S極指向N極；故A錯誤；

B；磁感線方向即磁場方向；磁場方向與小磁針N極受力方向是一致的，故B正確；

C；磁感線的方向為放在該點的小磁針N極受力方向；故C錯誤；

D；因B正確；故D錯誤；

故選B．

【解析】【答案】小磁針N極受力方向為該點磁感線的方向；磁感線都是閉合的，外部磁感線由N極指向S極，而內(nèi)部磁感線由S極指向N極．

2、C【分析】

在帶等量同種正電荷的電場中；電場的分布是對稱的，沿著中垂線從O點到無窮遠(yuǎn)的過程中，電場的方向都相同，在中點0的電場強(qiáng)度為零，并且沿著中垂線向兩邊的過程中，電場強(qiáng)度的大小線變大后變小，所以在電子向左運動的過程中，受到的電場力的大小是先變大后變小的，所以電子得到加速度也是先逐漸加大，后來逐漸減小，所以C正確．

故選C．

【解析】【答案】根據(jù)等量同種正電荷的電場的分布的特點；分析電子的受力情況可以求得電子的加速度的變化．

3、C【分析】解：從分子勢能圖象可知；

A、當(dāng)r=r2時分子處于平衡位置，當(dāng)r＞r2時；表現(xiàn)為引力，隨分子間距離的增大，分子勢能增大，分子力做負(fù)功．故A錯誤．

B、當(dāng)r=r1時；分子間表現(xiàn)為斥力，不為零，故B錯誤．

C、分子勢能最小時，即r=r2時分子間的引力等于斥力；分子間作用力為零，故C正確．

D、當(dāng)在r由r1變到r2的過程中；分子勢能減小，分子間的作用力做正功，故D錯誤．

故選：C．

從分子勢能圖象可知，當(dāng)分子勢能最小時，即r=r2時分子間的引力等于斥力，分子間作用力為零．當(dāng)r＜r2時，分子間表現(xiàn)為斥力，當(dāng)r＞r2時，表現(xiàn)為引力，所以當(dāng)r由r1變到r2時分子間的作用力做正功．

本題主要考察分子勢能圖象的理解，知道分子勢能隨距離增大關(guān)系，可根據(jù)勢能的共性分析．【解析】【答案】C4、A【分析】解：物體受重力；支持力及手對物體的拉力；因拉力小于重力；故物體靜止于地面上，受力平衡，物體受到的合力為0；故A正確，BCD錯誤。

故選：A。

根據(jù)力的合成分析物體所處的狀態(tài)；根據(jù)平衡條件分析合力大小。

本題考查共點力平衡以及力的合成的應(yīng)用，解答本題要知道物體處于靜止?fàn)顟B(tài)時合力為零。【解析】A5、A|C【分析】試題分析：由亮斑位置可知電子偏轉(zhuǎn)的打在偏向X，Y向，電子受力方向與電場方向相反，因電子向X向偏轉(zhuǎn)則，電場方向為X到X′，則X帶正電，同理可知Y帶正電，所以AC正確，BD錯誤。考點：本題考查示波器的使用【解析】【答案】AC二、填空題(共8題，共16分)6、略

【分析】【解析】【答案】5.950.521.57、略

【分析】解：由題，交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的表達(dá)式為：e=εmsinωt=220sin314tV；

所以電動勢的最大值為220V，有效值U==220V；

故答案為：220220

根據(jù)交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢e=εmsinωt；寫出感應(yīng)電動勢的最大值和角速度，根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求解有效值．

本題考查對交流電感應(yīng)電動勢e=εmsinωt的掌握與能力，同時對公式ω=2πf理解并加強(qiáng)記憶．【解析】2202208、略

【分析】解：燈泡規(guī)格相同，且全部正常發(fā)光知：流經(jīng)每個燈泡的電流都相等設(shè)為I，每個燈泡兩端電壓都相等設(shè)為u，則U2=2u，U3=u；

根據(jù)輸入功率等于輸出功率知：u1I=u2I+u3I，u1=3u；

再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知n1：n2：n3=u1：u2：u3=3：2：1．

故答案為：3：2：1

變壓器的特點：電壓與匝數(shù)成正比；電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率．

本題副線圈中有兩個，對于電壓仍然可以用于匝數(shù)成正比，但是電流不再和匝數(shù)成反比，應(yīng)該利用輸入功率等于輸出功率．【解析】3：2：19、略

【分析】

根據(jù)得，則U2=250×25V=6250V．

輸電線路上的電流．

根據(jù)4%P=解得R=．

則輸電線路上的電壓降△U=I2R≈250V，所以U3=U2-△U=6000V．

故答案為：6250V；16A，15.6Ω，6000V．

【解析】【答案】根據(jù)原副線圈的電壓比等于匝數(shù)之比求出升壓變壓器的輸出電壓，通過輸出功率求出導(dǎo)線上的電流，根據(jù)P=I2R求出輸電線上的電阻．通過歐姆定律求出輸電線路上的電壓降；從而求出降壓變壓器的輸入電壓．

10、略

【分析】

（1）純凈水是不導(dǎo)電的；不合格的純凈水含的電解質(zhì)較多，電阻率小，電導(dǎo)率偏大；

（2）所用滑動變阻器的電阻較??；用分壓法接；水的電導(dǎo)率遠(yuǎn)小于金屬的電導(dǎo)率，所以水的電阻率遠(yuǎn)大于金屬的，故用內(nèi)接法．

電路圖如圖所示：

【解析】【答案】（1）純凈水是不導(dǎo)電的；不合格的純凈水含的電解質(zhì)較多，電阻率小，電導(dǎo)率偏大；

（2）所用滑動變阻器的電阻較??；用分壓法接；水的電導(dǎo)率遠(yuǎn)小于金屬的電導(dǎo)率，所以水的電阻率遠(yuǎn)大于金屬的，故用內(nèi)接法．

11、可見光X射線γ射線【分析】【解答】按照波長從大到小的順序依次是無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線和γ射線．

故答案為：可見光，X射線，γ射線。

【分析】電磁波譜按照波長從大到小的順序依次是無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線和γ射線．12、略

【分析】解：由圖象可知交流電的最大值為Um=220V；

因此其有效值為：U==220V；

由圖可知，周期T=0.02s，故頻率f==50Hz；

故答案為：22050

根據(jù)圖象可以知道交流電的最大值和交流電的周期；根據(jù)最大值和有效值的關(guān)系即可求得交流電的有效值和頻率．

本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量，同時正確書寫交流電的表達(dá)式．【解析】220220；5013、3隆脕10鈭?2

豎直向下【分析】解：安培力的公式可得：

F=BIL=0.50隆脕10鈭?4隆脕20隆脕30N=3隆脕10鈭?2N

從東向西的電流；由南向北的勻強(qiáng)磁場，根據(jù)左手定則可知，安培力的方向豎直向下；

故答案為：3隆脕10鈭?2N

豎直向下．

根據(jù)左手定則；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是導(dǎo)線受的安培力的方向.

根據(jù)F=BIL

來計算安培力的大小即可．

本題是安培力的分析和計算問題.

安培力大小的一般計算公式是F=BILsin婁脕婁脕

是導(dǎo)體與磁場的夾角，當(dāng)BIL

互相垂直的時候安培力最大為F=BIL

．【解析】3隆脕10鈭?2

豎直向下三、判斷題(共9題，共18分)14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．20、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、解答題(共4題，共28分)23、略

【分析】

（1）設(shè)cd邊剛進(jìn)入磁場時線框的速度大小為v1，ab邊剛穿出磁場時速度大小為v2．

ab邊剛穿出磁場時線框恰好做勻速運動，則有mg=BIL=得

cd邊進(jìn)入磁場后到ab邊剛穿出磁場過程，線框的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，不受安培力而勻加速運動，加速度大小為g，則有

解得

（2）從線框開始下落到整個線框全部穿出磁場的過程；線框的重力勢能減小轉(zhuǎn)化為線框的動能和電路的內(nèi)能，由能量守恒定律得。

Q=mg（3L+h）-=mg（3L+h）-

答：

（1）cd邊剛進(jìn)入磁場時線框的速度為

（2）線框穿過磁場的過程中，產(chǎn)生的焦耳熱為mg（3L+h）-．

【解析】【答案】（1）由題，ab邊剛穿出磁場時線框恰好做勻速運動，安培力與重力平衡，由平衡條件和安培力公式F=可求出此時線框的速度，cd邊進(jìn)入磁場后到ab邊剛穿出磁場過程；線框的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，不受安培力而勻加速運動，由運動學(xué)公式求出cd邊剛進(jìn)入磁場時線框的速度；

（2）從線框開始下落到整個線框全部穿出磁場的過程；線框的重力勢能減小轉(zhuǎn)化為線框的動能和電路的內(nèi)能，由能量守恒定律求解焦耳熱．

24、略

【分析】

（1）R1和R2是并聯(lián)的，S2在干路上，煮飯時功率較大，兩個電阻都工作，這兩個開關(guān)都閉合，所以煮飯時，電飯煲開關(guān)S1、S2均處于閉合狀態(tài)．

（2）溫度升高到某一值時，S1會自動斷開，此時處于保溫狀態(tài)，R2是保溫電阻；

保溫時：S1斷開、S2閉合；由功率公式。

解得：Ω

（3）R2是保溫電阻，所以R1是煮飯時主要加熱電阻；

=

解得：R1=71.2Ω

答：（1）煮飯時，電飯煲開關(guān)S1、S2均處于閉合狀態(tài)．

（2）R2是保溫電阻；其阻值為2420Ω；

（3）R1是煮飯時主要加熱電阻；其阻值為71.2Ω

【解析】【答案】（1）分析此電路，R1和R2是并聯(lián)的，S2在干路上；煮飯時功率較大，兩個電阻都工作，這兩個開關(guān)都閉合；

（2）溫度升高到某一值時，S1會自動斷開，此時處于保溫狀態(tài)，R2是保溫電阻；根據(jù)功率公式即可求解電阻阻值；

（3）R2是保溫電阻，所以R1是煮飯時主要加熱電阻；根據(jù)功率公式即可求解電阻阻值；

25、略

【分析】

光路如圖所示．設(shè)射到屏上的紅光和紫光偏離O點的距離分別。

為d1和d2，折射角分別為θ2和θ3，入射角θ1=30°；則由折射定律。

得sinθ2=n1sinθ1=n1

sinθ3=n2sinθ1=n2

則d1=Ltanθ2=L

d2=Ltanθ3=L

則可見光譜的寬度為。

d2-d1=L（）．

答：光屏上得到的可見光譜的寬度為L（）．

【解析】【答案】光垂直AB面射入，在AB面上不發(fā)生偏折，射到AC面上，入射角為30°，根據(jù)三棱鏡對紅光的折射率為n1，對紫光的折射率為n2．運用折射定律求出折射角；再根據(jù)幾何關(guān)系求出可見光譜的寬度．

26、略

【分析】

（1）由牛頓第二定律；F=ma，得：

a==

（2）由運動學(xué)公式；得：

S==

答：（1）電子在電場中運動的加速度為．

（2）電子進(jìn)入電場的最大距離為．

【解析】【答案】（1）電子在勻強(qiáng)電場中受到電場力作用；由牛頓第二定律可求得加速度．

（2）電子受到的電場力方向與初速度方向相反；做勻減速直線運動，當(dāng)速度減小到零時，距離達(dá)到最大，由運動學(xué)公式求出進(jìn)入電場的最大距離．

五、畫圖題(共2題，共14分)27、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】28、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】六、簡答題(共4題，共20分)29、rm{(1)M}rm{2}

rm{(2)N>O>S}

rm{(3)CO_{2}}rm{CS_{2}}rm{N_{2}O}rm{COS}等rm{sp}

rm{(1)}乙醇分子間存在氫鍵

rm{(5)壟脵(dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},dfrac{1}{2})}

rm{(5)壟脵(dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},

dfrac{1}{2})}rm{壟脷6}

rm{壟脹dfrac{4隆脕239}{6.02隆脕{10}^{23}隆脕{(0.594隆脕{10}^{?7})}^{3}}}rm{0.210}【分析】【分析】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，涉及元素的第一電離能的大小的比較，核外電子的排布，等電子體，原子的雜化方式，晶胞的計算等?！窘獯稹縭m{(1)S}原子核外有rm{3}個電子層，核外電子占據(jù)的最高能層的符號是rm{M}原子核外有rm{(1)S}個電子層，核外電子占據(jù)的最高能層的符號是rm{3}基態(tài)rm{M}原子核外電子排布式為rm{S}rm{1s}rm{2}rm{2}rm{2s}rm{2}rm{2}rm{2p}rm{6}rm{6}，有rm{3s}種不同形狀的電子云，rm{2}rm{2}rm{3p}元素原子rm{4}能級有rm{4}個電子，為半滿穩(wěn)定狀態(tài)，能量降低，第一電離能rm{2}故答案為：rm{M}rm{2}rm{M}同周期，電離能rm{2}rm{(2)N}rm{p}rm{3}rm{N>O}rm{O}原子總數(shù)相同、價電子總數(shù)相同的粒子互為等電子體，rm{S}rm{O>S}的價電子總數(shù)為第一電離能的大小關(guān)系為，故答案為：rm{N>O>S}；rm{(3)}rm{SCN}rm{SCN}rm{{,!}^{-}}等rm{16}與rm{SCN}rm{SCN}原子的雜化方式為rm{{,!}^{-}}互為等電子體的分子為：rm{CO_{2}}rm{CS_{2}}rm{N_{2}O}rm{COS}等，rm{SCN}rm{SCN}乙醇的沸點高于乙硫醇的原因是乙醇分子間存在氫鍵rm{{,!}^{-}}中rm{C}原子的雜化方式為rm{sp}乙醇分子間存在氫鍵rm{C}rm{sp}故答案為：據(jù)晶胞及坐標(biāo)參數(shù)：rm{CO_{2}}rm{CS_{2}}rm{N_{2}O}rm{COS}；rm{sp}rm{sp}rm{(4)}乙醇的沸點高于乙硫醇的原因是位于體心，則rm{(4)}的坐標(biāo)參數(shù)為，故答案為：；，rm{(5)}rm{壟脵}據(jù)晶胞及坐標(biāo)參數(shù)：rm{A(0,0,0)}rm{B(}，rm{壟脵}rm{A(0,0,0)}rm{B(}rm{dfrac{1}{2}}，rm{dfrac{1}{2}}，rm{0)}rm{C}位于體心，則rm{C}的坐標(biāo)參數(shù)為rm{0)}，rm{C}rm{C}，rm{(}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{1/}晶體具有rm{2}型結(jié)構(gòu)，rm{2}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{1/}rm{2}rm{2}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{1/}rm{2}rm{2}rm{)}，故答案為：rm{(}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{1/}rm{2}晶體的密度為rm{dfrac{4times239}{6.02times{{10}^{23}}times{{(0.594times{{10}^{-7}})}^{3}}}}rm{2}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{1/}rm{2}rm{2}rm{1/}rm{2}rm{dfrac{4times239}{6.02times{{10}^{23}}times{{(0.594times{{10}^{-7}})}^{3}}}}rm{1/}rm{2}rm{1/}rm{1/}rm{2}rm{2}【解析】rm{(1)M}rm{2}rm{(2)N>O>S}rm{(3)CO_{2}}rm{CS_{2}}rm{N_{2}O}rm{COS}等rm{sp}rm{(1)}乙醇分子間存在氫鍵rm{(5)壟脵(dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},dfrac{1}{2})}rm{(5)壟脵(dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},

dfrac{1}{2})}rm{壟脷6}rm{壟脹dfrac{4隆脕239}{6.02隆脕{10}^{23}隆脕{(0.594隆脕{10}^{?7})}^{3}}}rm{0.210}30、解：設(shè)路面干燥時，汽車與地面的動摩擦因數(shù)為μ0，剎車時汽車的加速度大小為a0，安全距離為s，反應(yīng)時間為t0，由牛頓第二定律和運動學(xué)公式得：v0=108km／h=30m/s

μ0mg=ma0①；

②；

式中，m和v0分別為汽車的質(zhì)量和剎車前的速度．

設(shè)在雨天行駛時；汽車與地面的動摩擦因數(shù)為μ，依題意有：

③；

設(shè)在雨天行駛時汽車剎車的加速度大小為a；安全行駛的最大速度為v，由牛頓第二定律和運動學(xué)公式得：μmg=ma④；

⑤

聯(lián)立①②③④⑤式并代入題給數(shù)據(jù)得：v=20m/s

答：若要求安全距離仍為120m，則汽車在雨天安全行駛的最大速度為20m/s．【分析】

在反應(yīng)時間內(nèi)汽車做勻速直線運動；所以汽車間的安全距離等于勻速運動的位移和勻減速直線運動的位移之和，根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運動學(xué)基本公式求解．

解決本題的關(guān)鍵知道安全距離是反應(yīng)時間內(nèi)勻速運動的位移和勻減速運動的位移之和.

勻減速運動的位移可以通過速度位移公式求解．【解析】解：設(shè)路面干燥時，汽車與地面的動摩擦因數(shù)為婁脤0

剎車時汽車的加速度大小為a0

安全距離為s

反應(yīng)時間為t0

由牛頓第二定律和運動學(xué)公式得：v0=108km/hv_{0}=108km/h=30m/s

婁脤0mg=ma0壟脵

s=v0t0+v022a0壟脷

式中；m

和v0

分別為汽車的質(zhì)量和剎車前的速度．

設(shè)在雨天行駛時；汽車與地面的動摩擦因數(shù)為婁脤

依題意有：

婁脤=25婁脤0壟脹

設(shè)在雨天行駛時汽車剎車的加速度大小為a

安全行駛的最大速度為v

由牛頓第二定律和運動學(xué)公式得：婁脤mg=ma壟脺

s=vt0+v22a壟脻

聯(lián)立壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻

式并代入題給數(shù)據(jù)得：v=20m/s

答：若要求安全距離仍為120m

則汽車在雨天安全行駛的最大速度為20m/s

．31、（1）-27K2K33（2）ad（3）①43kJ②正向③23.04P總（4）負(fù)C2HCl3+5H++8e-=C2H6+3C1-

【分析】【分析】本題考查了蓋斯定律、化學(xué)平衡常數(shù)的計算、外界條件對化學(xué)平衡的影響、化學(xué)平衡的移動影響因素、原電池原理和電極方程式的書寫等知識，難度一般?！窘獯稹縭m{(1)}已知rm{i}rm{Fe_{2}O_{3}(s)+3C(s)}rm{2Fe(s)+3CO(g)triangleH=+489kJ/mol}

rm{2Fe(s)+3CO(g)triangle

H=+489kJ/mol}rm{ii}rm{C(s)+CO_{2}(g)}rm{2CO(g)}

根據(jù)蓋斯定律可知，rm{triangleH=+172kJ/mol}得rm{i-ii隆脕3}rm{2Fe(s)+3CO_{2}(g)triangleH=-27kJ/mol}由上述計算過程可知：rm{Fe_{2}O_{3}(s)+3CO(g)}rm{2Fe(s)+3CO_{2}(g)triangle

H=-27kJ/mol}rm{K}rm{K}rm{{,!}_{1}}rm{=}rm{=}rm{K}，故答案為：rm{K}rm{2}rm{2}rm{K}rm{K}rm{3}rm{3}rm{3}；rm{3}時，向某恒溫密閉容器中加入一定量的rm{-27}和rm{K_{3}=}發(fā)生反應(yīng)rm{Fe_{2}O_{3}(s)+3C(s)2Fe(s)+3CO(g)}反應(yīng)達(dá)到平衡后，在rm{K}時刻，改變某條件，rm{K}突然增大，但重新達(dá)到平衡后與原平衡相同，說明溫度不變，平衡常數(shù)rm{2}不變，則rm{2}時刻改變的條件可以是壓縮容器的體積或增大rm{K}的濃度，故答案為：rm{K}rm{3}由圖rm{3}可知，rm{3}時，反應(yīng)達(dá)到平衡后，rm{3}的體積分?jǐn)?shù)為根據(jù)化學(xué)平衡“三段式”法有：rm{(2)T_{1}隆忙}rm{Fe_{2}O_{3}}起始rm{C}rm{Fe_{2}O_{3}(s)+3C(s)

2Fe(s)+3CO(g)}rm{t_{1}}轉(zhuǎn)化rm{V_{(脛忙)}}rm{K=c(CO)}rm{t_{1}}平衡rm{CO}rm{ad}rm{(3)壟脵}則rm{dfrac{2x}{1-x+2x}隆脕100%=40%}解得rm{2}由rm{650隆忙}rm{2CO(g)triangleH=+172kJ/mol}可知，該反應(yīng)達(dá)平衡后吸收的熱量是：rm{CO}故答案為：rm{40%}rm{C(s)+CO_{2}(g)}時，若向平衡體系中再充入一定量按rm{2CO(g)}rm{(mol)}的混合氣體，因原平衡時rm{1}rm{0}則rm{(mol)}rm{x}大于原平衡狀態(tài)下的rm{2x}rm{(mol)}平衡正向移動；故答案為：正向；rm{1-x}時，rm{2x}的體積分?jǐn)?shù)為rm{dfrac{2x}{1-x+2x}

隆脕100%=40%}則rm{x=0.25mol}的體積分?jǐn)?shù)為rm{C(s)+CO_{2}(g)}所以用平衡分壓代替平衡濃度表示的化學(xué)平衡常數(shù)rm{2CO(g)triangle

H=+172kJ/mol}rm{0.25mol隆脕172kJ/mol=43kJ}故答案為：rm{43kJ}rm{壟脷T隆忙}由圖rm{V(CO_{2}):V(CO)}可知，納米零價鐵中rm{=5:4}失電子作負(fù)極，rm{V(CO_{2}):V(CO)}在其表面被還原為乙烷，根據(jù)電荷守恒和原子守恒，該電極反應(yīng)式為：rm{=1:1}rm{V(CO_{2}):V(CO)}rm{=5:4}故答案為：負(fù)；rm{V(CO_{2}):V(CO)}rm{=1:1}rm{壟脹.925隆忙}rm{CO}【解析】rm{(1)-27}rm{K}rm{2}rm{2}rm{K}rm{3}rm{3}rm{3}rm{3}正向rm{(2)ad}rm{(3)壟脵43kJ}rm{壟脷}負(fù)rm{壟脹23.04P}總rm{(4)}rm{C}rm{2}rm{2}rm{HCl}rm{3}rm{3}rm{+5H}rm{+}rm{+}rm{+8e}rm{-}

rm{-}32、rm{(1)壟脵}放rm{<}rm{dfrac{4}{^{2}}}rm{L^{2}?}rm{mol^{-2}}rm{壟脷}rm{mol/(L?min)}rm{(2)CH_{4}-8e^{-}+10OH^{-}簍TCO_{3}^{2-}+7H_{2}O}rm{(3)Al^{3+}+3HCO_{3}^{-}=Al(OH)_{3}隆媒+3CO_{2}隆眉}rm{(4)5.3}【分析】