安徽省某中學(xué)2024-2025學(xué)年高二（上）月考物理試卷（含解析）

絕密★啟用前

定遠(yuǎn)中學(xué)等校2024-2025學(xué)年高二（上）月考物理試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干

凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，本試卷和答題卡一并交回。

一、單選題：本大題共8小題，共32分。

1.有兩個(gè)相同材料制成的導(dǎo)體，兩導(dǎo)體為上、下面為正方形的柱體，柱體高均為八,大柱體柱截面邊長(zhǎng)為a,

小柱體柱截面邊長(zhǎng)為b,現(xiàn)將大小柱體串聯(lián)接在電壓U上，已知通過(guò)導(dǎo)體電流方向如圖，大小為/,貝1（）

B.導(dǎo)體電阻率為。=需%

C.大柱體中自由電荷定向移動(dòng)的速率大于小柱體中自由電荷定向移動(dòng)的速率

D.大柱體中自由電荷定向移動(dòng)的速率等于小柱體中自由電荷定向移動(dòng)的速率

【答案】A

【解析】【分析】

本題考查電阻定律和電流的微觀表達(dá)式的綜合，熟悉電阻定律是解題的關(guān)鍵。

分析兩電阻之間的大小關(guān)系，再由串并聯(lián)電路的規(guī)律可得出電流大小；由電阻定律即可求得電阻率，根據(jù)

電流的微觀表達(dá)式判斷自由電荷定向移動(dòng)的速率的大小。

【解答】

4B.由電阻定律可知：R=p（可知：兩導(dǎo)體的電阻兒=%=今=余兩電阻串聯(lián)，分壓相等，貝M兩端的電

壓為生由歐姆定律可知：R0=§=?解得：p=*,故N正確，8錯(cuò)誤；

CD由/=7iesu可知，電流/相同，單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)相同，自由電荷的電荷量相同，因截面積不相同，

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故自由電荷的定向移動(dòng)速率不同，小柱體的自由電荷定向移動(dòng)速率大，故CD錯(cuò)誤；

故選

2.一種靜電除塵空氣凈化器，工作原理如圖所示。一重力不計(jì)的帶電塵埃僅在電場(chǎng)力的作用下沿虛線由M

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，實(shí)線為電場(chǎng)線，以放電極中心為圓心的圓交于M、P兩點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）

機(jī)械過(guò)

凈化后氣體

A.帶電塵埃帶正電

B.M,P兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度及電勢(shì)都相同

C.該帶電塵埃在M點(diǎn)的動(dòng)能大于在N點(diǎn)的動(dòng)能

D.該帶電塵埃在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能

【答案】D

【解析】【分析】

本題考查電場(chǎng)線與運(yùn)動(dòng)軌跡的問(wèn)題，能從題設(shè)得出有用的信息是解題的關(guān)鍵。

根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)和電場(chǎng)力特點(diǎn)得出塵埃的電性即可判斷；根據(jù)電場(chǎng)線結(jié)合對(duì)稱性得出〃、N電勢(shì)的高低,

結(jié)合電勢(shì)能公式得出電勢(shì)能關(guān)系，結(jié)合能量守恒定律得出動(dòng)能的關(guān)系即可判斷。

【解答】

/、由運(yùn)動(dòng)軌跡結(jié)合曲線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)知，帶電塵埃所受的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，則帶電塵埃帶負(fù)

電，故/錯(cuò)誤；

2、由對(duì)稱性知，M、P兩點(diǎn)的電勢(shì)相同，場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不相同，即電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，故8錯(cuò)誤；

CD、由沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，結(jié)合對(duì)稱性知，N點(diǎn)電勢(shì)高于M點(diǎn)，帶電塵埃帶負(fù)電，由％知，

帶電塵埃在在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，由能量守恒定律知，該帶電塵埃在M點(diǎn)的動(dòng)能小于在N點(diǎn)

的動(dòng)能，故C錯(cuò)誤，。正確。

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3.如圖所示，半徑為R的光滑絕緣圓環(huán)固定于豎直平面內(nèi)，環(huán)上套有兩個(gè)相同的帶電小球4和B,靜止時(shí)4

B之間的距離為R現(xiàn)用外力緩慢推a使其到達(dá)圓環(huán)最低點(diǎn)P的過(guò)程中（）

A.圓環(huán)對(duì)8的支持力變大B.圓環(huán)對(duì)B的支持力不變

C./、B系統(tǒng)的電勢(shì)能增大D./、B系統(tǒng)的電勢(shì)能不變

【答案】C

【解析】【分析】

對(duì)B受力分析，由其平衡狀態(tài)確定各力的變化，由各力的做功情況確定其中的能量的變化.

考查力的平衡與能量變化，明確有外力做功與能量轉(zhuǎn)化的關(guān)系可分析，難度一般。

【解答】

AB,左球A到達(dá)P點(diǎn)的過(guò)程中，B向上運(yùn)動(dòng)，其所受的重力與庫(kù)侖力夾角變大，其合力變小，則圓環(huán)對(duì)B球的

支持力變小。則錯(cuò)誤；

CD、左球4到達(dá)P點(diǎn)的過(guò)程中，兩球的距離變小，外力做正功，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，則C正確，D

錯(cuò)誤。

故選：Co

4.如圖所示，在等邊三角形4BC的三個(gè)頂點(diǎn)上，固定三個(gè)正點(diǎn)電荷，電荷量的大小q'<q,則三角形ABC的

B.平行于4B邊

C.垂直于力B邊指向CD.垂直于力B邊指向4B

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【答案】c

【解析】解：根據(jù)幾何知識(shí)得知，三角形4BC的幾何中心到三角形三個(gè)頂點(diǎn)的距離相等，設(shè)為r。由點(diǎn)電荷

場(chǎng)強(qiáng)公式石=哈可知，兩個(gè)點(diǎn)電荷q在中心處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小均為電=*,兩個(gè)場(chǎng)強(qiáng)之間的夾角為120。，

根據(jù)平行四邊形定則得到：兩個(gè)點(diǎn)電荷q在中心處產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小E合=Ei=*,方向沿垂直于48邊指

向C0在中心處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為&=方向沿垂直于4B邊離開(kāi)C.由于q'<q,貝歸合>&，所以三角形

力BC的幾何中心處電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿垂直于4B邊指向C。

故選：Co

三角形4BC的幾何中心到三角形三個(gè)頂點(diǎn)的距離相等，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=k★和平行四邊形定則分析

兩個(gè)點(diǎn)電荷q在中心處產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小和方向，與q'在中心處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向進(jìn)行比較，確定三角

形2BC的幾何中心處電場(chǎng)強(qiáng)度的方向.

本題是電場(chǎng)的疊加問(wèn)題，根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行合成.比較簡(jiǎn)單.

5.如圖所示為平行板電容器C和定值電阻R組成的電路，接在輸出電壓恒定的電源兩端，閉合開(kāi)關(guān)Si，S2，

電路穩(wěn)定后，一質(zhì)量為根的帶電液滴恰能靜止在平行板電容器的兩金屬板正中間。已知電容器兩板水平放置、

間距為d,重力加速度為g,不考慮電容器充放電時(shí)間，下列說(shuō)法正確的是（）

B.若斷開(kāi)Si，液滴仍能保持靜止?fàn)顟B(tài)

C.若斷開(kāi)S2,將上極板向下迅速移動(dòng)和，則液滴向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)上極板的時(shí)間為￡

D.若保持兩個(gè)開(kāi)關(guān)閉合，將上極板向下迅速移動(dòng)京，則液滴向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)上極板的時(shí)間為色

【答案】D

【解析】4液滴受到的電場(chǎng)力方向豎直向上，但電容器內(nèi)電場(chǎng)方向未知，故無(wú)法判斷電荷正負(fù)，N錯(cuò)誤;

8.斷開(kāi)Si，電容器放電，場(chǎng)強(qiáng)減小，液滴受電場(chǎng)力減小向下運(yùn)動(dòng)，2錯(cuò)誤；

C若斷開(kāi)S2,將上極板向下迅速移動(dòng)《d,則電容器帶電量不變，根據(jù)

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u

E=d

2s

c=

471kd

可得

47ikQ

E=—^―

sS

可知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，液滴保持靜止?fàn)顟B(tài)，C錯(cuò)誤;

D開(kāi)始時(shí)

U

dq=m9

將上極板向下迅速移動(dòng),可知此時(shí)加速度為

U

q怎一叫

1

a7=r----------------

m

運(yùn)動(dòng)時(shí)間滿足

11

—d=—at21

4L

得到時(shí)間為

t=JI=居

。正確。

故選。。

6.有一種電荷控制式噴墨打印機(jī)的打印頭的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)圖如圖所示.其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微

粒經(jīng)過(guò)帶電室后以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，再經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后打到紙上顯示出字符.已知偏移量越

小打在紙上的字跡越小，現(xiàn)要縮小字跡,下列措施可行的是（）

信號(hào)輸入

墨盒帶電寶

A.增大墨汁微粒的荷質(zhì)比B,減小墨汁微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初動(dòng)能

C.增大偏轉(zhuǎn)極板間的電壓D.減小極板的長(zhǎng)度

【答案】D

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【解析】【分析】

要縮小字跡，就要減小微粒通過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的偏轉(zhuǎn)角y,根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合推導(dǎo)出偏轉(zhuǎn)量y

的表達(dá)式，再進(jìn)行分析。

此題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)在實(shí)際生活中的應(yīng)用，關(guān)鍵要熟練運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，推導(dǎo)出偏轉(zhuǎn)量y的

表達(dá)式。

【解答】

微粒以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有:

水平方向：L=vot；

豎直方向：y=

又a=皿-

乂md

22

qUL_qUL

聯(lián)立得,'27nd詔44反（）

要縮小字跡，就要減小微粒通過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的偏轉(zhuǎn)角y,由上式分析可知，采用的方法有：減小比荷2、增大

墨汁微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初動(dòng)能見(jiàn)0、減小極板的長(zhǎng)度L、減小偏轉(zhuǎn)極板間的電壓U,故N5C錯(cuò)誤，。正

確。

故選：D。

7.如圖所示，豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一豎直絕緣輕彈簧，彈簧下端固定在地面上，上端連接一帶電小球,

小球靜止時(shí)位于N點(diǎn)，彈簧恰好處于原長(zhǎng)狀態(tài)。保持小球的電荷量不變，將小球提高到M點(diǎn)由靜止釋放，則

釋放后小球從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中（）

A.小球的機(jī)械能守恒B.小球的電勢(shì)能增大

C.小球的動(dòng)能保持不變D.彈簧的彈性勢(shì)能增大

【答案】B

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【解析】【分析】

(1)小球所處的空間存在著豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球平衡時(shí)，彈簧恰好處于原長(zhǎng)狀態(tài)，知電場(chǎng)力與重力相

等；

(2)除重力以外其它力做功等于機(jī)械能的增量，根據(jù)能量守恒判斷小球電勢(shì)能、重力勢(shì)能和彈性勢(shì)能、動(dòng)能

的關(guān)系。

本題主要考查的是各種功能關(guān)系，關(guān)鍵是準(zhǔn)確的根據(jù)什么樣的力做功對(duì)應(yīng)著什么樣的能的變化。

【解答】

4小球從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力不變，彈簧彈力變化，電場(chǎng)力和彈簧彈力的合力對(duì)小球做功，故小

球機(jī)械能不守恒，故/錯(cuò)誤。

BCD由于小球靜止時(shí)，彈簧恰好處于原長(zhǎng)，可知小球受到的電場(chǎng)力與重力等大反向，釋放小球后小球從M

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，重力做正功，電場(chǎng)力做負(fù)功，重力和電場(chǎng)力做功代數(shù)和為零，彈簧的彈力做正功,

可知小球的電勢(shì)能增大，動(dòng)能增大，彈簧的彈性勢(shì)能減少，故B正確，CD錯(cuò)誤。

故選及

8.兩電荷量分別為qi和弦的點(diǎn)電荷分別固定在久軸上的4、B兩點(diǎn)，兩點(diǎn)電荷連線上各點(diǎn)電勢(shì)0隨坐標(biāo)x變化

的關(guān)系圖像如圖所示，其中P點(diǎn)電勢(shì)最高，且以P<XPB，貝U()

B.qi的電荷量大于久的電荷量

C.一點(diǎn)電荷只在電場(chǎng)力作用下沿%軸從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，加速度逐漸變小

D.在人B之間將一負(fù)點(diǎn)電荷沿x軸從P點(diǎn)左側(cè)移到右側(cè)，電勢(shì)能先減小后增大

【答案】D

【解析】【分析】

根據(jù)3-X圖線切線斜率大小等于電場(chǎng)強(qiáng)度大小，讀出P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大??；根據(jù)P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小，由公式E=

k2判斷qi與42電荷量大??；根據(jù)電勢(shì)隨％的變化情況，判斷兩電荷的電性；負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，在

電勢(shì)低處電勢(shì)能大；根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的變化，分析電場(chǎng)力的變化，從而判斷加速度的變化。

本題的關(guān)鍵要知道S—久圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，根據(jù)圖象切線斜率的變化分析電場(chǎng)強(qiáng)度的變化。同時(shí),

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要了解同種電荷電場(chǎng)的分布情況。

【解答】

4由4到P的電勢(shì)升高，從P到B電勢(shì)降低，因?yàn)檠仉妶?chǎng)線電勢(shì)降低，所以電場(chǎng)線方向由P到4再?gòu)腜到B,

則和02是同種電荷，且一定是負(fù)電荷，故/錯(cuò)誤；

AR—%圖線切線斜率大小等于電場(chǎng)強(qiáng)度大小，在P點(diǎn)切線斜率為零，則P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零，說(shuō)明/和

q2兩點(diǎn)電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反，由公式E=因?yàn)镸P<KPB，故qi的電荷量小于42

的電荷量，故8錯(cuò)誤；

C圖線切線斜率為場(chǎng)強(qiáng)的大小，從P點(diǎn)到B點(diǎn)斜率越來(lái)越大，故場(chǎng)強(qiáng)越來(lái)越大，電場(chǎng)力越來(lái)越大，故加速度

越來(lái)越大，故C錯(cuò)誤；

。.負(fù)電荷從P點(diǎn)左側(cè)移到右側(cè)，電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增大，故。正確。

故選。。

二、多選題：本大題共2小題，共10分。

9.如圖所示電路中，R1、夫3為定值電阻，也為滑動(dòng)變阻器，電源內(nèi)阻不能忽略，電表均為理想電表。閉合

開(kāi)關(guān)S,當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向左滑動(dòng)的過(guò)程中，電壓表匕、匕和電流表出、42示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別是/

Ui、dg和4/1、4/2，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電壓表匕示數(shù)增大，電流表出示數(shù)增大B.電壓表展示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大

C./UiAU2J4/1D.4UI</U2，>d/2

【答案】AD

【解析】滑片左移，電阻式2減小，電路的總電阻減小，干路電流/增大，電源內(nèi)電壓增大，路端電壓U減小,

電流表必示數(shù)/2減小，因?yàn)楦陕分须娏?=/1+/2,故公示數(shù)"增大，則電壓表0示數(shù)%增大，又因?yàn)槁范?/p>

電壓U=U1+U2,所以電壓表卜2小數(shù)減小，故/正確，3錯(cuò)誤；

路端電壓^=Ui+&減小，Ui增大而%減小，所以g減小的更多，則4UI<4U2；

干路中電流/=/1+上增大，/I增大而，2減小，故/1會(huì)增加的更多，貝!故。正確，C錯(cuò)誤。

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10.如圖所示，四個(gè)帶電量絕對(duì)值相等的點(diǎn)電荷分別固定在豎直平面內(nèi)某一正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上，a、B、C、

。四個(gè)點(diǎn)分別為對(duì)應(yīng)的四條邊的中點(diǎn)，現(xiàn)有某一帶正電的試探電荷在四個(gè)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法

正確的是（）

?…一§

M

-4-------1-------4--

A.試探電荷在D點(diǎn)的電勢(shì)能小于4點(diǎn)的電勢(shì)能

B.試探電荷在。點(diǎn)的電勢(shì)能小于C點(diǎn)的電勢(shì)能

C.試探電荷從4點(diǎn)沿AC運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，其加速度逐漸增大

D.直線BD所在的水平面一定為一等勢(shì)面

【答案】AD

【解析】【分析】

本題主要考查等量異種點(diǎn)電荷及等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)、場(chǎng)強(qiáng)疊加、電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的

關(guān)系等相關(guān)知識(shí)。

【解答】

4粒子由a到。，左下和右上電荷對(duì)試探電荷未做功，左上和右下電荷對(duì)試探電荷均做正功，所以其電勢(shì)能

減小，故/正確；

8.與分析a選項(xiàng)同樣的方法可以分析，從。到c,試探電荷的電勢(shì)能也減小，故8錯(cuò)誤；

C由場(chǎng)強(qiáng)疊加原理可知，4、。兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同，故而粒子的加速度也相同，并非一直增大，故C錯(cuò)誤；

DBD所在的水平面上任意一點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向均豎直向下，故而在這個(gè)水平面內(nèi)移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力不做功，此

面為一等勢(shì)面，故。正確。

故選

三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共20分。

11.某同學(xué)想測(cè)量一未知電阻Rx的阻值，粗測(cè)其阻值大約為3000,現(xiàn)要較準(zhǔn)確地測(cè)量其電阻，有如下器材:

電壓表U（量程0?3V,內(nèi)阻約為3000。）；

電流表量程。?12m4內(nèi)阻約為1。）；

滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為20。）；

電源E（電動(dòng)勢(shì)為3V,內(nèi)阻可忽略不計(jì)）；

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開(kāi)關(guān)及導(dǎo)線若干。

(1)實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)選用

(2)請(qǐng)把實(shí)物連接圖中缺少的兩根導(dǎo)線補(bǔ)全()

(3)該同學(xué)發(fā)現(xiàn)實(shí)驗(yàn)室中還有一塊內(nèi)阻約為10。、量程0?12機(jī)4的電流表4，此實(shí)驗(yàn)中用電流表(填

“乙”或者“七”)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)會(huì)使測(cè)量更準(zhǔn)確。

【答案】D

第10頁(yè)，共16頁(yè)

【解析】【分析】

(1)根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法，然后選擇實(shí)驗(yàn)電路。

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖。

(3)根據(jù)電表內(nèi)阻從減小實(shí)驗(yàn)誤差的角度分析答題。

理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法然后選擇實(shí)驗(yàn)電路圖；要掌

握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則。

【解答】

(1)由題意可知，待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法；待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器

最大阻值，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，應(yīng)選擇圖。所示實(shí)驗(yàn)電路圖。

(2)根據(jù)圖。所示實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示。

(3)電流表采用內(nèi)接法，電流表41的內(nèi)阻小于電流表色的內(nèi)阻，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)選/3

12.實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)測(cè)量粗細(xì)均勻的金屬線R的電阻率，可供選擇器材如下：

A.電源E(電動(dòng)勢(shì)為6.0V)

8.電壓表V(量程6V,內(nèi)阻約為8k/2)

C.電流表A1(量程0.6A,內(nèi)阻約為0.2。)

D電流表A2(量程3A,內(nèi)阻約為0.05。)；

￡.滑動(dòng)變阻器％(最大阻值50,額定電流2A)

F.開(kāi)關(guān)導(dǎo)線若干

G.游標(biāo)卡尺

〃螺旋測(cè)微器

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7r

-20

T

oO

甲

乙

(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)得該材料的長(zhǎng)度如圖甲所示，讀數(shù)L=mm；用螺旋測(cè)微器測(cè)得該材料的直徑

如圖乙所示，讀數(shù)。=mm?

(2)用多用電表估測(cè)導(dǎo)線電阻，選擇xl檔，讀數(shù)如圖丙所示，其電阻約為_(kāi)________第。

(3)為了便于調(diào)節(jié)，測(cè)量的盡可能準(zhǔn)確，電流表應(yīng)選擇選擇(選填C或D)；并在圖丁方框內(nèi)把實(shí)驗(yàn)原

理圖補(bǔ)充完成。(4)已知測(cè)得金屬線的電阻為R,則金屬線的電阻率為p=(用R、L、。表述)。

【答案】(1)52.35；2.150；(2)11；(3)C；

【解析】【分析】

本題主要考查測(cè)量粗細(xì)均勻的金屬線R的電阻率的實(shí)驗(yàn)，明確實(shí)驗(yàn)原理是解決問(wèn)題的關(guān)鍵。

(1)根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法可知該材料的長(zhǎng)度；根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法可知該材料的直徑；

(2)根據(jù)歐姆表的讀數(shù)方法可知導(dǎo)線電阻；

(3)根據(jù)電路中的最大電流選擇電流表；導(dǎo)線電阻是小電阻，電流表采用外接法，為了便于調(diào)節(jié)，測(cè)量盡可

能準(zhǔn)確，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，由此即可完成實(shí)驗(yàn)原理圖；

(4)根據(jù)電阻定律列方程即可求得金屬線的電阻率。

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【解答】

(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)得該材料的長(zhǎng)度讀數(shù)L=52mm+0.05mmX7=52.35mm；

用螺旋測(cè)微器測(cè)得該材料的直徑。=2mm+0.01mmx15.0=2.150mm；

(2)用多用電表估測(cè)導(dǎo)線電阻，選擇xl檔，其電阻約為11XI。=11。；

(3)電路中的最大電流為/=彳=5A=0.55A,則電流表選擇即選擇C；因電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻,

可知應(yīng)采用電流表外接；為了便于調(diào)節(jié)，測(cè)量的盡可能準(zhǔn)確，滑動(dòng)變阻器用分壓電路，則電路如圖：

(4)根據(jù)電阻定律有R=p卜p向，可得：p=曙。

四、計(jì)算題：本大題共3小題，共38分。

13.如圖所示，空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)中。點(diǎn)，一個(gè)質(zhì)量為小，電荷量大小為q的帶電小球沿

與電場(chǎng)方向成8=45。、斜向右上射出，小球射出的初速度大小為火，小球射出后沿初速度方向做直線運(yùn)動(dòng),

到P點(diǎn)(圖中未畫(huà)出)時(shí)速度恰好為零。已知重力加速度為g,求：

■>

(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小；

(2)0、P兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；

(3)當(dāng)小球回到。點(diǎn)時(shí)，將電場(chǎng)方向迅速反向，則小球從。點(diǎn)再運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)正下方需要的時(shí)間為多少。

【答案】解：(1)由于小球射出后做直線運(yùn)動(dòng)，則小球帶負(fù)電，受到的電場(chǎng)力向左，電場(chǎng)力與重力的合力與

初速度在一條直線上，因此有

tan45°=毒

解得E=詈；

(2)小球運(yùn)動(dòng)的合外力為F合=，器=pmg,

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根據(jù)牛頓第二定律"爪9=ma,

解得a="g,

。、P間的距離s=^=選，

。、P兩點(diǎn)沿電場(chǎng)方向的距離&=5(:。545°=算，

2

則。、P兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U=Ed=^；

(3)當(dāng)小球回到0點(diǎn)時(shí)，分析可知小球速度大小為火,將電場(chǎng)方向迅速反向，小球沿水平方向做類豎直上拋

運(yùn)動(dòng)，

沿水平方向的分速度大小巧=%cos45。=孝"0，

小球沿水平方向運(yùn)動(dòng)的加速度的=辭=g,

因此，小球從。點(diǎn)再運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)正下方需要的時(shí)間為t=2/=專”

【解析】本題考查帶電小球在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。

(1)小球射出后沿初速度方向做直線運(yùn)動(dòng)，則小球受到的重力與電場(chǎng)力的合力一定與初速度方向共線；

(2)根據(jù)牛頓第二定律求加速度，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求。P間距，再求出沿電場(chǎng)線方向的距離，利用U=Ed求電

勢(shì)差；

(3)分析小球在水平和豎直方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解知識(shí)結(jié)合牛頓第二定律求時(shí)間。

14.如圖1所示，電路中h為定值電阻，/?2為滑動(dòng)變阻器，M為玩具電動(dòng)機(jī)，電動(dòng)機(jī)線圈電阻n=O.50,4、

乙、乙均理想電表。閉合開(kāi)關(guān)Si、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2,在將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最右端滑到最左端的過(guò)程中，

兩個(gè)電壓表的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的完整圖線如圖2所示。

(1)求電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r；

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(2)求滑動(dòng)變阻器7?2的最大功率巳n；

(3)若滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P滑到最左端后，再閉合開(kāi)關(guān)S2,此時(shí)電流表的示數(shù)/=1.04求此狀態(tài)下電動(dòng)

機(jī)的輸出功率P

【答案】解：(1)由題圖2可知，圖線B的延長(zhǎng)線與縱軸的交點(diǎn)值表示電動(dòng)勢(shì)，即電源的電動(dòng)勢(shì)E=6U

由圖線4可知％=壽=80

電壓表乙的示數(shù)變化△6等效于電源內(nèi)阻r和定值電阻力分得的電壓變化，則△內(nèi)與電流表示數(shù)的變化△

/的比值為％+r,即呼=Ri+r=10O

解得電源內(nèi)阻r=20

(2)由圖線B知，滑動(dòng)變阻器接入電路的最大阻值R21n=