2025屆高三八省聯(lián)考考前猜想卷二物理試題含答案解析

2025年1月“八省聯(lián)考考前猜想卷物理（考試時(shí)間：75分鐘試卷滿分：100分）注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。7題，每小題428分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求．2024年9月18日，蘇州大學(xué)研究團(tuán)隊(duì)在《自然》雜志上發(fā)布了輻光伏微型核電池的最新研究成果。該243Xα，則下列說(shuō)法ab電池主要是利用镅243發(fā)生α衰變釋放的能量。若镅243衰變的核反應(yīng)方程是95正確的是（）AX的電荷數(shù)為95．X的質(zhì)量數(shù)為241BX的電荷數(shù)為91D．X的質(zhì)量數(shù)為239．某衛(wèi)星發(fā)射后先在圓軌道1上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)兩次變軌后在圓軌道2上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知衛(wèi)星在軌道2上的線速度比在軌道1上的線速度小，衛(wèi)星質(zhì)量不變。下列說(shuō)法正確的是（A．軌道2的半徑比軌道1的半徑?。l(wèi)星在軌道2上的機(jī)械能比在軌道1上的機(jī)械能大．衛(wèi)星兩次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)均做負(fù)功D．衛(wèi)星第一次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)做負(fù)功，第二次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)做正功直，假設(shè)這個(gè)風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)30%的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能。已知空氣的密度為，當(dāng)風(fēng)速是時(shí)，此發(fā)電機(jī)的功率約為（A．4.5W．3）C．D．4500Wbc兩點(diǎn)各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，以c的中點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，兩點(diǎn)的連線在xx軸上各點(diǎn)的電勢(shì)φO點(diǎn)處圖像的切線平行于x0。下列說(shuō)法正確的是（）A．坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零．關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的任意兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同．、c兩點(diǎn)固定的點(diǎn)電荷均帶負(fù)電，且所帶電荷量相等D．電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在d點(diǎn)的電勢(shì)能．一列簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形如圖甲所示，質(zhì)點(diǎn)、Q在x軸上的位置為xP=1m和xQ=3m從此時(shí)開始，P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A．該波沿x軸正向傳播．此后PQ兩點(diǎn)速度大小始終相等．=0.125s時(shí)，Q質(zhì)點(diǎn)的位移為5D．若此波遇到另一列簡(jiǎn)諧橫波發(fā)生了干涉現(xiàn)象，則所遇到的波的頻率為0.5Hz2utV的正弦交流電源，副線圈接有電阻R和兩個(gè)小燈泡，開關(guān)S保持閉合狀態(tài)，電流表和電壓表均可視為理想電表。下列選項(xiàng)正確的是（）A．副線圈中交流電的頻率為100HzB．電流表AA的示數(shù)之比為2:112．電壓表VV的示數(shù)之比為2:1D．開關(guān)S斷開后電壓表2的示數(shù)增大12MNMN板帶正方向的夾角為，忽略帶電小球所帶電荷量對(duì)極板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的影響，MN板足夠大，則（）A．若只將N板水平向右平移稍許，電容器的電容將變小，夾角將變大．若只將N板豎直向上平移稍許，電容器的電容將變小，夾角將變?。畬⒓?xì)線燒斷，小球的運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線D．若只將M板水平向左平移稍許，將細(xì)線燒斷，小球到達(dá)N板的時(shí)間不變4520全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0abcda．如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)、和后再回到狀態(tài)，則（）abbcA．到過(guò)程，氣體內(nèi)能減少B．到過(guò)程，氣體對(duì)外界做正功cd．到過(guò)程，氣體從外界吸收熱量D．經(jīng)過(guò)一次循環(huán)過(guò)程，氣體從外界吸收熱量OCQ是圓弧束復(fù)色光沿方向射向界面并從ObaEb30，，則以下結(jié)論正確的是QOC30，Q點(diǎn)射出，現(xiàn)已測(cè)得與界面夾角（）Aa光的頻率小于b光的頻率．b光的折射率為3．a(chǎn)b光在該透明介質(zhì)內(nèi)傳播的速率相等D．當(dāng)夾角減小到某一特定值時(shí)，將只剩下b圓弧面上射出．如圖所示，在豎直平面直角坐標(biāo)系中，在t0時(shí)，質(zhì)量m的小球從坐標(biāo)原點(diǎn)O處，以初速度0/sF5N30的夾角為vx風(fēng)0軸正方向的夾角也為取/s2。下列說(shuō)法正確的是（g）A．小球的加速度先增大后減?。∏蛟趖時(shí)再次經(jīng)過(guò)軸x．小球的重力勢(shì)能一直減小D．小球的動(dòng)能一直增大AB感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向均完全相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，只是A區(qū)域比B區(qū)域離地面高，兩線圈下落時(shí)始終保持線圈平面與磁場(chǎng)垂直，則（）A．兩線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量相等．兩線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中通過(guò)線圈橫截面的電荷量相等．兩線圈落地時(shí)甲的速度較大D．乙運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短，先落地三．非選擇題：本題共5小題，共52(6分)“的實(shí)驗(yàn)裝置可用于“探究物體所受合力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系”，物理小組同學(xué)們采用如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行探究。實(shí)驗(yàn)要求小車受到的合外力為繩的拉力的合力。實(shí)驗(yàn)中同學(xué)們研究了砂和砂桶的運(yùn)動(dòng)過(guò)程所受合力做功是否等于其動(dòng)能增量。忽略細(xì)線與滑輪間的摩擦阻力。本實(shí)驗(yàn)（填“需要”或者“不需要”）滿足m遠(yuǎn)小于M的條件。實(shí)驗(yàn)前測(cè)出砂和砂桶的總質(zhì)量mgTA的位移L，并通過(guò)紙帶算出A點(diǎn)的速度v。實(shí)驗(yàn)過(guò)程中車M所受的摩擦力。（填“需要”或者“不需要）平衡小對(duì)m研究，所需驗(yàn)證的動(dòng)能定理的表達(dá)式為_________。A．TLmv2B．2TLmv2．TLmv2D．TLmv2通過(guò)紙帶測(cè)出了起始點(diǎn)O到不同點(diǎn)BCD…的位移及BDv2L所示的實(shí)線。那么在保證小車質(zhì)量不變的情況下增加砂的質(zhì)量，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，將會(huì)得到如v（填甲”或者乙”）所示的圖線。2L圖中虛線(10分)電池采用的是刀片電池”技術(shù)?，F(xiàn)將一塊電芯拆解出來(lái)，然后測(cè)量其電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r。所提供的器材有：A．電壓表V（量程）．電壓表V（量程）．電流表A（量程）D．電流表A（量程）R．滑動(dòng)變阻器1（阻值范圍0~10，額定電流）．滑動(dòng)變阻器2（阻值范圍0~，額定電流）G．保護(hù)電阻0某同學(xué)采用了圖甲所示的電路圖，在進(jìn)行了正確操作后，得到了圖乙所示的UI圖像。實(shí)驗(yàn)中，電壓表應(yīng)選，電流表應(yīng)選，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選的字母代號(hào)）根據(jù)圖乙所示，則該電池的電動(dòng)勢(shì)EV，內(nèi)阻r為了能準(zhǔn)確地測(cè)量一塊電芯的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，該同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)可以排除電流表A和電壓表VS分別接12對(duì)應(yīng)的多組電壓表的示數(shù)U和電流表的I，根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)繪制如圖丁中所示的、B兩條UI圖線，綜合、B兩條圖線，此電芯的電EEII2E，內(nèi)阻r（用圖中BABA(10)如圖直角坐標(biāo)系xOyⅠ象限內(nèi)存在場(chǎng)強(qiáng)為ExⅡⅢⅣ內(nèi)存在垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m（q0Pl,l處由靜止開始運(yùn)動(dòng)，第1次通過(guò)x軸時(shí)沿y軸負(fù)方向。不計(jì)粒子重力。1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；2）粒子第3次經(jīng)過(guò)y軸時(shí)的縱坐標(biāo)；(12分)ABCRQ1v4ms沿水平地面向左運(yùn)動(dòng)。靜止于小球P的小球P與小球P連接的輕彈簧從接觸小球QQ運(yùn)動(dòng)的距離=0.4m間=0.25sQBCCQ均可視為質(zhì)點(diǎn)，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度g10ms2，求：Q在C點(diǎn)的速度大小C；Q的質(zhì)量m2；彈簧的最大壓縮量x。(14)dU定值電阻R，電阻箱R（最大阻值為Rr6rv，其中v密度為，重力加速度為g，油滴受到的空氣阻力大小為f為油滴運(yùn)動(dòng)的速率，不計(jì)空氣浮力。1AtA下落到下極板處，請(qǐng)推導(dǎo)油滴A的半徑r的表達(dá)式（用，、、和g2）若將圖中密閉空間的空氣抽出，使油滴運(yùn)動(dòng)所受的空氣阻力可忽略。閉合開關(guān)：Rr①調(diào)整電阻箱的阻值為，觀察到半徑為的油滴B可做勻速直線運(yùn)動(dòng)，求油滴B所帶的電荷量；02②調(diào)整電阻箱的阻值為RkCC到上極板的時(shí)間。2025年1月“八省聯(lián)考考前猜想卷物理（考試時(shí)間：75分鐘試卷滿分：100分）注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。7428分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求．2024年9月18日，蘇州大學(xué)研究團(tuán)隊(duì)在《自然》雜志上發(fā)布了輻光伏微型核電池的最新研究成果。該243Xα，則下列說(shuō)法ab電池主要是利用镅243發(fā)生α衰變釋放的能量。若镅243衰變的核反應(yīng)方程是95正確的是（）AX的電荷數(shù)為95．X的質(zhì)量數(shù)為241BX的電荷數(shù)為91D．X的質(zhì)量數(shù)為239【答案】D【詳解】由于α粒子為42，根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒，可得243b495a2b239，a93X的電荷數(shù)為，質(zhì)量數(shù)為239。D。．某衛(wèi)星發(fā)射后先在圓軌道1上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)兩次變軌后在圓軌道2上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知衛(wèi)星在軌道2上的線速度比在軌道1上的線速度小，衛(wèi)星質(zhì)量不變。下列說(shuō)法正確的是（A．軌道2的半徑比軌道1的半徑?。l(wèi)星在軌道2上的機(jī)械能比在軌道1上的機(jī)械能大．衛(wèi)星兩次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)均做負(fù)功D．衛(wèi)星第一次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)做負(fù)功，第二次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)做正功【答案】Bv2【詳解】AGmr2rGMrv故軌道2的半徑比軌道1的半徑大，故A錯(cuò)誤；．軌道半徑越大，衛(wèi)星的機(jī)械能越大，故B正確；．衛(wèi)星每次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)均做正功，使衛(wèi)星做離心運(yùn)動(dòng)，抬高軌道，故錯(cuò)誤。B。直，假設(shè)這個(gè)風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)30%的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能。已知空氣的密度為時(shí)，此發(fā)電機(jī)的功率約為（）3，當(dāng)風(fēng)速是A．4.5W．C．D．4500W【答案】C【詳解】在?t時(shí)間內(nèi)吹到風(fēng)葉葉片上的空氣質(zhì)量為mvtS發(fā)電機(jī)的功率12t211P3r2v322帶入數(shù)據(jù)可知=457WC。bc兩點(diǎn)各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，以c的中點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，兩點(diǎn)的連線在xx軸上各點(diǎn)的電勢(shì)φO點(diǎn)處圖像的切線平行于x0。下列說(shuō)法正確的是（）A．坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零．關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的任意兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同．、c兩點(diǎn)固定的點(diǎn)電荷均帶負(fù)電，且所帶電荷量相等D．電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在d點(diǎn)的電勢(shì)能【答案】Ax【詳解】AxOA正確；．根據(jù)圖像可知，關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的任意兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤；x圖像的電勢(shì)均為正，且離點(diǎn)電荷越近電勢(shì)越高，結(jié)合對(duì)稱性可知bc兩點(diǎn)固定的點(diǎn)電荷均帶正電，且所帶電荷量相等，故C錯(cuò)誤；pD．由題圖可知a點(diǎn)的電勢(shì)大于d點(diǎn)的電勢(shì)，根據(jù)，由于電子帶負(fù)電，所以電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能小d點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。A。．一列簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形如圖甲所示，質(zhì)點(diǎn)、Q在x軸上的位置為xP=1m和xQ=3m從此時(shí)開始，P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A．該波沿x軸正向傳播．此后PQ兩點(diǎn)速度大小始終相等．=0.125s時(shí)，Q質(zhì)點(diǎn)的位移為5D．若此波遇到另一列簡(jiǎn)諧橫波發(fā)生了干涉現(xiàn)象，則所遇到的波的頻率為0.5Hz【答案】B【詳解】A．由圖乙可知，t時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P向下振動(dòng)，根據(jù)“上下坡法由圖甲可知，該波沿x軸負(fù)向傳播，故A錯(cuò)誤；．由于PQ兩點(diǎn)間距離等于半個(gè)波長(zhǎng)，所以兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)步調(diào)相反，速度大小始終相等，故B正確；．由圖乙可知，周期為0.2s，所以0.125s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)的位移為Q10sin(t10sin(5T故C錯(cuò)誤；D．若此波遇到另一列簡(jiǎn)諧橫波發(fā)生了干涉現(xiàn)象，則兩列波頻率相同，則所遇到的波的頻率為1f5HzT故D錯(cuò)誤。B。2utV的正弦交流電源，副線圈接有電阻R和兩個(gè)小燈泡，開關(guān)S保持閉合狀態(tài)，電流表和電壓表均可視為理想電表。下列選項(xiàng)正確的是（）A．副線圈中交流電的頻率為100Hz．電壓表VV的示數(shù)之比為2:1B．電流表AA的示數(shù)之比為2:112D．開關(guān)S斷開后電壓表2的示數(shù)增大12【答案】D【詳解】A．副線圈中交流電的頻率為fA錯(cuò)誤；．電流表AA的示數(shù)之比為1212I2112B錯(cuò)誤；．根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)關(guān)系可知U1121U22因電壓表V2示數(shù)小于變壓器次級(jí)電壓，可知電壓表VV的示數(shù)之比不等于22:1，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；1DSR2的示數(shù)增大，選項(xiàng)D正確。D。MNMN板帶正方向的夾角為，忽略帶電小球所帶電荷量對(duì)極板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的影響，MN板足夠大，則（）A．若只將N板水平向右平移稍許，電容器的電容將變小，夾角將變大．若只將N板豎直向上平移稍許，電容器的電容將變小，夾角．將細(xì)線燒斷，小球的運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線將變小D．若只將M板水平向左平移稍許，將細(xì)線燒斷，小球到達(dá)N板的時(shí)間不變【答案】D【詳解】A．只將N板水平向右平移稍許，由公式CrS可知，電容器的電容將變小，而又由QCUUdE可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度rSE將不變，電場(chǎng)力不變，故夾角θ將不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；．只將N板豎直向上平移稍許，由公式rSC可知，電容器的電容將變小，而又由QCUUdE可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度rSE將變大，電場(chǎng)力變大，故夾角θ將變大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．只將M板水平向左平移稍許，由公式rSC可知，電容器的電容將變小，而又由QCUUdE可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度rSECN板的時(shí)間不變，故D正確。D。4520全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0abcda．如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)、和后再回到狀態(tài)，則（）abB．b到過(guò)程，氣體對(duì)外界做正功cA．到過(guò)程，氣體內(nèi)能減少cd．到過(guò)程，氣體從外界吸收熱量D．經(jīng)過(guò)一次循環(huán)過(guò)程，氣體從外界吸收熱量【答案】ab【詳解】A．到過(guò)程為等容變化，氣體對(duì)外界不做功，由查理定律有pababab則氣體內(nèi)能減少，故A正確；．b到過(guò)程，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做正功，故B錯(cuò)誤；ccd．到過(guò)程為等容變化，氣體對(duì)外界不做功，由查理定律有cpdcddc則氣體內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律UWQ可知，氣體從外界吸收熱量，故C正確；DWpV可知，pVd到氣體對(duì)外界做的正功大于由b到外界對(duì)氣體acUWQ可知，氣體從外界吸收熱量，故D正確。ACD。OCQ是圓弧束復(fù)色光沿方向射向界面并從ObaEb30，，則以下結(jié)論正確的是QOC30，Q點(diǎn)射出，現(xiàn)已測(cè)得與界面夾角（）Aa光的頻率小于b光的頻率．b光的折射率為3．a(chǎn)b光在該透明介質(zhì)內(nèi)傳播的速率相等D．當(dāng)夾角減小到某一特定值時(shí)，將只剩下b圓弧面上射出【答案】AB【詳解】．由題意可得兩中色光的折射率asin6sinsin2b3sin30因?yàn)樵诮橘|(zhì)中n＜n，所以a光的頻率小于b光的頻率。abc又根據(jù)公式n可得，兩種色光在玻璃中的傳播速率vc6abca3c3cb3所以兩種色光在玻璃中的傳播速率b故AB正確，C錯(cuò)誤；D．由于光是從空氣進(jìn)入介質(zhì)，是從光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，在界面上，不能夠發(fā)生全反射，而在弧面上光始終沿法線入射，也不能夠發(fā)生全反射，所以當(dāng)入射光線與界面的夾角減小時(shí)，ab光總是能從圓弧面上射出。故D錯(cuò)誤。AB。．如圖所示，在豎直平面直角坐標(biāo)系xOy中，在t0時(shí)，質(zhì)量m的小球從坐標(biāo)原點(diǎn)O處，以初速度0/sF5N30的夾角為vx風(fēng)0軸正方向的夾角也為取/s2。下列說(shuō)法正確的是（g）A．小球的加速度先增大后減?。∏蛟趖時(shí)再次經(jīng)過(guò)軸x．小球的重力勢(shì)能一直減小D．小球的動(dòng)能一直增大【答案】【詳解】A．由題意和幾何知識(shí)可知小球受到的合力為F5N方向與初速度的方向垂直，小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，小球的加速度不變，故A錯(cuò)誤；．小球再次經(jīng)過(guò)x軸時(shí)，沿初速度方向的位移和垂直初速度的位移關(guān)系為vt0o122又Fa2mt故B正確；．小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，小球的高度先增加后減小，重力勢(shì)能先增加后減小，故C錯(cuò)誤；D．小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，速度一直在增加，小球的動(dòng)能一直增大，故D正確。BD。AB感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向均完全相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，只是A區(qū)域比B區(qū)域離地面高，兩線圈下落時(shí)始終保持線圈平面與磁場(chǎng)垂直，則（）A．兩線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量相等．兩線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中通過(guò)線圈橫截面的電荷量相等．兩線圈落地時(shí)甲的速度較大D．乙運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短，先落地【答案】【詳解】AEREBLv，iF，B2Lv2FRA錯(cuò)誤；ΔΦBSqItRR可知通過(guò)線圈橫截面的電荷量相等，故B正確；時(shí)速度較大，故C正確；D．線圈穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)受到的安培力為變力，設(shè)受到的平均安培力為F，穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)間為t，下落全過(guò)程時(shí)間為t，落地時(shí)的速度為，則全過(guò)程由動(dòng)量定理得Ft而tRIFtt，BLFtR乙甲tt乙甲故D正確。BCD。三．非選擇題：本題共5小題，共52“”的實(shí)驗(yàn)裝置可用于探究物體所受合力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系”小組同學(xué)們采用如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行探究。實(shí)驗(yàn)要求小車受到的合外力為繩的拉力的合力。實(shí)驗(yàn)中同學(xué)們研究了砂和砂桶的運(yùn)動(dòng)過(guò)程所受合力做功是否等于其動(dòng)能增量。忽略細(xì)線與滑輪間的摩擦阻力。本實(shí)驗(yàn)（填“需要”或者“不需要”）滿足m遠(yuǎn)小于M的條件。實(shí)驗(yàn)前測(cè)出砂和砂桶的總質(zhì)量mgTA的位移L，并通過(guò)紙帶算出A點(diǎn)的速度v。實(shí)驗(yàn)過(guò)程中車M所受的摩擦力。（填“需要”或者“不需要）平衡小對(duì)m研究，所需驗(yàn)證的動(dòng)能定理的表達(dá)式為_________。A．TLmv2B．2TLmv2．TLmv2D．TLmv2通過(guò)紙帶測(cè)出了起始點(diǎn)O到不同點(diǎn)BCD…的位移及BDv2L所示的實(shí)線。那么在保證小車質(zhì)量不變的情況下增加砂的質(zhì)量，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，將會(huì)得到如v（填甲”或者乙”）所示的圖線。2L圖中虛線【答案】不需要(2)(3)A(4)甲1）實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)力傳感器的讀數(shù)可以直接求出小車受到的拉力，不需要滿足小車的質(zhì)量M于砂和砂桶的總質(zhì)量m這一條件。2）盡管實(shí)驗(yàn)裝置采用了力傳感器，也需要平衡摩擦力，否則小車受到的合外力不為繩的拉力的合力。3m研究，根據(jù)動(dòng)能定理1212mgT2Lmv2mm2v2整理，可得TLmv2A。4）對(duì)小車，根據(jù)動(dòng)能定理有1TL22聯(lián)立，解得4mg4mM4gv2LLMm4逐漸增加砂的質(zhì)量mv2LvL圖中虛線“”所示的圖線。2．新能源汽車已經(jīng)普遍走進(jìn)了我們的生活，某校學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組通過(guò)網(wǎng)絡(luò)查找了某種知名的電池銘牌，電池采用的是“刀片電池”技術(shù)?，F(xiàn)將一塊電芯拆解出來(lái)，然后測(cè)量其電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r。所提供的器材有：A．電壓表V（量程）．電壓表V（量程）．電流表A（量程）D．電流表A（量程）R．滑動(dòng)變阻器1（阻值范圍0~10，額定電流）．滑動(dòng)變阻器2（阻值范圍0~，額定電流）G．保護(hù)電阻0某同學(xué)采用了圖甲所示的電路圖，在進(jìn)行了正確操作后，得到了圖乙所示的UI圖像。實(shí)驗(yàn)中，電壓表應(yīng)選，電流表應(yīng)選，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選的字母代號(hào)）根據(jù)圖乙所示，則該電池的電動(dòng)勢(shì)EV，內(nèi)阻r為了能準(zhǔn)確地測(cè)量一塊電芯的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，該同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)可以排除電流表A和電壓表VS分別接12對(duì)應(yīng)的多組電壓表的示數(shù)U和電流表的2I，根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)繪制如圖丁中所示的、B兩條UI圖線，綜合、B兩條圖線，此電芯的電E，內(nèi)阻r（用圖中EEIIABABEBI【答案】(1)ACE(2)3.80.6(3)EBA1[1][2][3]3.8V0.6A，RA0電流表選C，為了調(diào)節(jié)方便，滑動(dòng)變阻器選。2[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得UEI(0r)所以圖像縱軸的截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)為E=3.8V圖像的斜率的絕對(duì)值表示電源的等效內(nèi)阻，有U000r|I所以電源的內(nèi)阻為r3[1][2]當(dāng)S2接1時(shí)，誤差在于電流表的分壓，所測(cè)內(nèi)阻等于電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻之和，所以內(nèi)阻測(cè)量值比真實(shí)值偏大；當(dāng)S2接2時(shí)，誤差在于電壓表的分流，所測(cè)內(nèi)阻等于電源與電壓表并聯(lián)的總電阻，所以內(nèi)阻測(cè)量值比真實(shí)值偏小。由于U-I圖線斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)阻，即S2接1時(shí)的圖線陡一些，可以判斷A是利用單刀雙擲開關(guān)S2接2中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描出的，內(nèi)阻測(cè)量值比真實(shí)值偏小。S接1時(shí)，所測(cè)電動(dòng)勢(shì)為電流表與電源串聯(lián)后整體的等效電源的電動(dòng)勢(shì)，即S接1時(shí)的電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等22于真實(shí)值，即有EBS2接2時(shí)，當(dāng)電路短路時(shí)，電壓表沒(méi)有分流，即此時(shí)的電流的測(cè)量值與真實(shí)值相等，結(jié)合上述可知，電源的真實(shí)的U-I圖線是B圖線縱軸交點(diǎn)與A圖線橫軸交點(diǎn)的連線，可知EBrIAxOyⅠ象限內(nèi)存在場(chǎng)強(qiáng)為ExⅡⅢⅣ象限內(nèi)存在mq0Pl,l處由靜止開始運(yùn)動(dòng)，第1次通過(guò)x軸時(shí)沿y軸負(fù)方向。不計(jì)粒子重力。1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；2）粒子第3次經(jīng)過(guò)y軸時(shí)的縱坐標(biāo)；21）B22l1）設(shè)粒?經(jīng)第Ⅰ象限的電場(chǎng)加速后，到達(dá)y軸時(shí)的速度為，根據(jù)動(dòng)能定理v1112①2由左定則可以判斷，粒?向－向偏轉(zhuǎn)，如圖所示由幾何關(guān)系知，粒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為1l②?頓第二定律得v21R11Bm③④由①②③得2B2）粒第2次經(jīng)過(guò)x軸時(shí)，速度沿＋y向，位置坐標(biāo)為2l⑤?在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，經(jīng)歷的時(shí)間t33次經(jīng)過(guò)y1l2⑥2a⑦myvt⑧31由①⑤⑥⑦⑧得3l．如圖，在豎直平面內(nèi)有一固定光滑軌道ABC，R的半圓，段足夠長(zhǎng)，小球Q1v4ms沿水平地面向左運(yùn)動(dòng)。與于小球P的左側(cè)。質(zhì)量的小球P與輕彈簧一端連接，以速度P連接的輕彈簧從接觸小球QQ運(yùn)動(dòng)的距離d=0.4m=0.25sQBCCQ均可視為質(zhì)點(diǎn)，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度g10ms2，求：Q在C點(diǎn)的速度大小C；Q的質(zhì)量m2；彈簧的最大壓縮量x?！敬鸢浮?1)5ms(2)(3)1）小球Q沿運(yùn)動(dòng)時(shí)恰能經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)C，根據(jù)牛頓第二定律可得v2CR2g2C5m/s2Q與彈簧分開時(shí)Q的速度分別為v1、v2Q從BC得1212v22mv2C2gR22、Q、彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，可得mvmvmv101122、Q、彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可得121212021222223PQ和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，小球P連接的輕彈簧從接觸Q到彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中的任意時(shí)刻有mvmv'12v'2101在任意一段很短的時(shí)間t內(nèi)均有兩邊分別對(duì)時(shí)間累加求和，可得mvtmv't22t'1011mvtmxmd101P2P0.76m所以，彈簧的最大壓縮量為xPd0.4m．某科研小組設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)，研究油滴在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。實(shí)驗(yàn)裝置的原理示意圖，如圖所示，兩個(gè)水平放置、相距為d的金屬極板﹐上極板中央有一小孔，兩金屬極板與恒壓源（可以提供恒定電壓U定值電阻R，電阻箱R（最大阻值為Rr6rv，其中v密度為，重力加速度為g，油滴受到的空氣阻力大小為f為油滴運(yùn)動(dòng)的速率，不計(jì)空氣浮力。1AtA下落到下極板處，請(qǐng)推導(dǎo)油滴A的半徑r的表達(dá)式（用，、、和g2）若將圖中密閉空間的空氣抽出，使油滴運(yùn)動(dòng)所受的空氣阻力可忽略。閉合開關(guān)：Rr①調(diào)整電阻箱的阻值為，觀察到半徑為的油滴B可做勻速直線運(yùn)動(dòng)，求油滴B所帶的電荷量；02②調(diào)整電阻箱的阻值為RkCC到上極板的時(shí)間。2d32dtggdr301）r）①；②U1）油滴勻速下落的速度0.5dvtffrv32dtgr2）①由串聯(lián)電路規(guī)律有U131RR22解得兩極板之間的電壓對(duì)油滴由平衡條件可知而UU13U1dq4mr303gdr30qU②設(shè)油滴C的電荷量為q、質(zhì)量為m，兩極板之間電壓為UU22設(shè)油滴向上運(yùn)動(dòng)加速度為a，由牛頓第二定律有Uq2mgmadag2d由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得d2t2025年1月“八省聯(lián)考考前猜想卷物理·參考答案與評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)題號(hào)答案12345678910DBCABDDAB42He，根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒，可得．D【解析】由于α粒子為243b495a2b239，a93X的電荷數(shù)為93，質(zhì)量數(shù)為239。故選。．Bv2GMr【解析】AGmv故軌道2的半徑比軌道1的半徑大，故A錯(cuò)誤；r2r．軌道半徑越大，衛(wèi)星的機(jī)械能越大，故B正確；．衛(wèi)星每次變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)均做正功，使衛(wèi)星做離心運(yùn)動(dòng)，抬高軌道，故錯(cuò)誤。故選B。．CmvtS【解析】在?t時(shí)間內(nèi)吹到風(fēng)葉葉片上的空氣質(zhì)量為發(fā)電機(jī)的功率121212=457W。2帶入數(shù)據(jù)可知3P3r2vt．Ax【解析】AxOA正確；．根據(jù)圖像可知，關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的任意兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤；x圖像的電勢(shì)均為正，且離點(diǎn)電荷越近電勢(shì)越高，結(jié)合對(duì)稱性可知bc兩點(diǎn)固定的點(diǎn)電荷均帶正電，且所帶電荷量相等，故C錯(cuò)誤；pD．由題圖可知a點(diǎn)的電勢(shì)大于d點(diǎn)的電勢(shì)，根據(jù)，由于電子帶負(fù)電，所以電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能小d點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。故選A。．B【解析】A．由圖乙可知，t時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P向下振動(dòng)，根據(jù)“上下坡法由圖甲可知，該波沿x軸負(fù)向傳播，故A錯(cuò)誤；．由于PQ兩點(diǎn)間距離等于半個(gè)波長(zhǎng)，所以兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)步調(diào)相反，速度大小始終相等，故B正確；．由圖乙可知，周期為0.2s，所以0.125s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)的位移為Q10sin(t10sin(5故C錯(cuò)誤；TD．若此波遇到另一列簡(jiǎn)諧橫波發(fā)生了干涉現(xiàn)象，則兩列波頻率相同，則所遇到的波的頻率為1f5Hz故D錯(cuò)誤。故選B。T．D【解析】A．副線圈中交流電的頻率為fA錯(cuò)誤；12I211．電流表AA的示數(shù)之比為B錯(cuò)誤；122U112．根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)關(guān)系可知U212因電壓表V2示數(shù)小于變壓器次級(jí)電壓，可知電壓表VV的示數(shù)之比不等于22:1，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；1DSR2的示數(shù)增大，選項(xiàng)D正確。故選D。．DrS【解析】A．只將N板水平向右平移稍許，由公式CQ可知，電容器的電容將變小，而又由CUUEdrSE可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將不變，電場(chǎng)力不變，故夾角θ將不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；rS．只將N板豎直向上平移稍許，由公式CQ可知，電容器的電容將變小，而又由CUUEE可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將變大，電場(chǎng)力變大，故夾角θ將變大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；Sdr運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；rSD．只將M板水平向左平移稍許，由公式CQ可知，電容器的電容將變小，而又由CUUEdrSE可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度CN板的時(shí)間不變，故D正確。故選D。．ppbaba【解析】A．到過(guò)程為等容變化，氣體對(duì)外界不做功，由查理定律有abTT則氣體內(nèi)能減少，故A正確；ab．b到過(guò)程，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做正功，故B錯(cuò)誤；cppdcdcTdc．到過(guò)程為等容變化，氣體對(duì)外界不做功，由查理定律有cd則氣體內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律UWQ可知，氣體從外界吸收熱量，故C正確；D．由WpV可知，pVd到氣體對(duì)外界做的正功大于由b到外界對(duì)氣體acU知，氣體從外界吸收熱量，故D正確。故選ACD。．ABWQ可【解析】．由題意可得兩中色光的折射率sin6absinsinsin3023因?yàn)樵诮橘|(zhì)中n＜n，所以a光的頻率小于b光的頻率。abc又根據(jù)公式n可得，兩種色光在玻璃中的傳播速率vc6abca3c3cb3vvAB正確，C錯(cuò)誤；所以兩種色光在玻璃中的傳播速率故baD．由于光是從空氣進(jìn)入介質(zhì)，是從光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，在界面上，不能夠發(fā)生全反射，而在弧面上光始終沿法線入射，也不能夠發(fā)生全反射，所以當(dāng)入射光線與界面的夾角減小時(shí)，ab光總是能從圓弧面上射出。故D錯(cuò)誤。故選AB。．【解析】A．由題意和幾何知識(shí)可知小球受到的合力為F5N方向與初速度的方向垂直，小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，小球的加速度不變，故A錯(cuò)誤；vt0o．小球再次經(jīng)過(guò)x軸時(shí)，沿初速度方向的位移和垂直初速度的位移關(guān)系為122Fa2t故B正確；又m．小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，小球的高度先增加后減小，重力勢(shì)能先增加后減小，故C錯(cuò)誤；D．小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，速度一直在增加，小球的動(dòng)能一直增大，故D正確。BD。ERB2Lv2BLv，iFF【解析】AE，RA錯(cuò)誤；ΔΦBSqIt可知通過(guò)線圈橫截面的電荷量相等，故B正確；RR時(shí)速度較大，故C正確；D．線圈穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)受到的安培力為變力，設(shè)受到的平均安培力為F，穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)間為t，下落全過(guò)程時(shí)間為t，落地時(shí)的速度為，則全過(guò)程由動(dòng)量定理得FttRBL而Ftt，IFtR乙甲tt乙甲故D正確。故選BCD。．不需要【1(2)【1(3)A2(4)甲【21）實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)力傳感器的讀數(shù)可以直接求出小車受到的拉力，不需要滿足小車的質(zhì)量M于砂和砂桶的總質(zhì)量m這一條件。2）盡管實(shí)驗(yàn)裝置采用了力傳感器，也需要平衡摩擦力，否則小車受到的合外力不為繩的拉力的合力。12123m研究，根據(jù)動(dòng)能定理2m2TLmv2A。mgT2Lmvm2v整理，可得4mg4mM4g1v2LLTL2Mm4）對(duì)小車，根據(jù)動(dòng)能定理有聯(lián)立，解得42逐漸增加砂的質(zhì)量mvvL圖中虛線“”所示的圖線。A1【13.8【1EB【22L2．(1)C【1(2)0.62BI(3)【2A1[1][2][