2024-2025學(xué)年安徽省A10聯(lián)盟高二下學(xué)期3月階段考（C）物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試題PAGEPAGE1A10聯(lián)盟2023級(jí)高二下學(xué)期3月階段考物理試題C一、選擇題：本大題共8小題，每小題4分，共32分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合要求的．1.交通警察向行進(jìn)中的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時(shí)測(cè)量反射波的頻率，根據(jù)反射波頻率變化的多少就能知道車輛的速度。這是應(yīng)用了波的什么原理（）A.波的干涉 B.波的衍射C.波的疊加 D.波的多普勒效應(yīng)【答案】D【解析】多普勒效應(yīng)是指波源或觀察者發(fā)生移動(dòng)，而使兩者間的位置發(fā)生變化，使觀察者收到的頻率發(fā)生了變化，根據(jù)反射波頻率變化的多少就能知道車輛的速度，其工作原理利用的是多普勒效應(yīng)。故選D。2.如圖所示，彈簧振子的平衡位置為O點(diǎn)，在A、B兩點(diǎn)之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。在小球從B點(diǎn)向O點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球加速度方向跟速度方向相同 B.小球所受回復(fù)力越來(lái)越大C.小球加速度越來(lái)越大 D.小球速度越來(lái)越小【答案】A【解析】AD．由B點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，加速度方向與速度方向相同，方向均向左，小球速度越來(lái)越大，A正確，D錯(cuò)誤；BC．由B點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，振子的位移減小，回復(fù)力減小，加速度減小，BC錯(cuò)誤。故選A。3.某同學(xué)利用電容式傳感器設(shè)計(jì)了一款水箱水量監(jiān)測(cè)系統(tǒng)，如圖所示。極板MN組成的電容器視為平行板電容器，充電后與電源斷開，M板固定，N板通過(guò)一絕緣輕桿與漂浮在水面上的浮子Q相連，浮子Q上下移動(dòng)帶動(dòng)N板上下移動(dòng)，可通過(guò)測(cè)量電容器極板間的電壓來(lái)監(jiān)測(cè)水量。下列說(shuō)法正確的是（）A.如果水箱的水量增加，則該電容器電容變小B.如果水箱的水量增加，則該電容器極板間的電壓變小C.如果水箱的水量減少，則該電容器極板的電荷量變小D.如果水箱水量減少，則該電容器極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變小【答案】B【解析】AB．充電后與電源斷開，則電容器帶電量一定，如果水箱的水量增加，則兩板間距減小，根據(jù)CD．如果水箱的水量減少，因電容器帶電量一定，則根據(jù)，可得該電容器極板的電荷量不變，電容器極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示為兩列同頻率的簡(jiǎn)諧波在時(shí)刻的疊加情況，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷。已知兩列波的振幅均為，波速為，波長(zhǎng)為，C點(diǎn)是BE連線和FQ連線的交點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.D、Q兩點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)B.時(shí)刻，A、B兩點(diǎn)的豎直高度差為C.時(shí)，C點(diǎn)正在向下振動(dòng)D.時(shí)，B點(diǎn)位于平衡位置處【答案】C【解析】A．D、Q兩點(diǎn)分別為波峰與波谷疊加，為振動(dòng)減弱點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．時(shí)刻，A點(diǎn)在該時(shí)刻波峰與波峰疊加，振動(dòng)加強(qiáng)，偏離平衡位置的位移為8cm，B點(diǎn)在該時(shí)刻波谷與波谷疊加，振動(dòng)加強(qiáng)，偏離平衡位置的位移為-8cm，則A、B兩點(diǎn)在該時(shí)刻的豎直高度差為16cm，故B錯(cuò)誤；C．波傳播的周期在時(shí)刻C點(diǎn)在平衡位置向上振動(dòng)，在C點(diǎn)正在向下振動(dòng)，故C正確；D．在時(shí)刻B點(diǎn)在波谷處，時(shí)，B點(diǎn)位于波峰處，故D錯(cuò)誤。故選C。5.安全氣囊是汽車重要的被動(dòng)安全裝備，能夠在車輛發(fā)生碰撞時(shí)迅速充氣彈出，為車內(nèi)乘客提供保護(hù)，如圖甲所示，在某安全氣囊的性能測(cè)試中，可視為質(zhì)點(diǎn)的頭錘從距氣囊上表面高H=1.8m處由靜止釋放，與正下方的氣囊發(fā)生碰撞，以頭錘到氣囊上表面為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，氣囊對(duì)頭錘豎直方向作用力F隨時(shí)間t的變化規(guī)律可近似用圖乙所示的圖像描述，已知頭錘質(zhì)量M=3kg，重力加速度g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.頭錘落到氣囊上表面時(shí)的速度大小為4m/s B.碰撞過(guò)程中F的沖量大小為66N·sC.碰撞結(jié)束后頭錘上升的最大高度為1m D.碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為30J【答案】D【解析】A．設(shè)頭錘落到氣囊上表面時(shí)的速度大小為v0，由自由落體運(yùn)動(dòng)公式得解得故A錯(cuò)誤；B．F-t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示沖量，由圖像可知碰撞過(guò)程中F的沖量大小為故B錯(cuò)誤；C．以豎直向上為正方向，頭錘與氣囊作用過(guò)程，由動(dòng)量定理得設(shè)上升的最大高度為h，由動(dòng)能定理得解得故C錯(cuò)誤；D．碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為故D正確。故選D。6.如圖甲所示，電動(dòng)勢(shì)E=12V、內(nèi)阻不計(jì)的電源為電動(dòng)機(jī)M供電，閉合開關(guān)S，電動(dòng)機(jī)開始轉(zhuǎn)動(dòng)，連接電流傳感器的計(jì)算機(jī)上顯示電流I隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示，當(dāng)電流穩(wěn)定時(shí)，電動(dòng)機(jī)正常工作．忽略溫度對(duì)電阻的影響，關(guān)于電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)下列說(shuō)法正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為8Ω B.電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為4.8WC.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為3.6W D.電動(dòng)機(jī)線圈的發(fā)熱功率為1.2W【答案】B【解析】A．由圖乙可知電動(dòng)機(jī)剛開始轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的電流由歐姆定律得電動(dòng)機(jī)的電阻故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的電流則電動(dòng)機(jī)消耗的電功率故B正確；CD．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的發(fā)熱功率電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率故CD錯(cuò)誤。故選B。7.豎直平面內(nèi)有一電場(chǎng)，電場(chǎng)線分布如圖所示，Ox軸豎直向下，一帶負(fù)電的小球從O點(diǎn)由靜止釋放沿Ox軸正向運(yùn)動(dòng)，從O到A運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列關(guān)于小球的機(jī)械能EJ、動(dòng)能Ek、電場(chǎng)的電勢(shì)φ及電場(chǎng)強(qiáng)度E隨小球運(yùn)動(dòng)的位移x變化的圖像，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】D．從O到A運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，隨小球運(yùn)動(dòng)的位移x變化，電場(chǎng)強(qiáng)度E先增大后減小，且O和A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，故D錯(cuò)誤；A．小球受到豎直向上的電場(chǎng)力先增大后減小，還受到重力，電場(chǎng)力一直做負(fù)功，故小球的機(jī)械能減小，小球的機(jī)械能EJ隨位移x變化的圖像的斜率故A正確；B．小球的動(dòng)能Ek隨位移x變化的圖像的斜率小球合力先變小后變大，故B錯(cuò)誤；C．沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)一直降低，故C錯(cuò)誤故選A。8.在一次射擊游戲中，子彈以某一水平初速度擊中靜止在光滑水平地面上的木塊，進(jìn)入木塊一定深度后與木塊相對(duì)靜止，設(shè)木塊對(duì)子彈的阻力大小恒定，子彈從進(jìn)入木塊到剛與木塊相對(duì)靜止的過(guò)程中，下列四幅圖中子彈與木塊可能的相對(duì)位置是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】子彈打擊木塊過(guò)程，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則有對(duì)木塊，根據(jù)動(dòng)能定理有解得木塊的位移對(duì)子彈，根據(jù)動(dòng)能定理有解得子彈的位移比較可知它們的相對(duì)位移它們位移的大小關(guān)系是二、選擇題：本大題共2小題，每小題5分，共10分．在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．9.圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.1s時(shí)刻的波形圖，P是平衡位置在x=1.0m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置在x=4.0m處的質(zhì)點(diǎn)；圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的傳播方向沿x軸正方向B.在t=0.15s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的加速度方向沿y軸負(fù)方向C.從t=0.1s到0.15s，質(zhì)點(diǎn)Q運(yùn)動(dòng)的路程為10cmD.質(zhì)點(diǎn)Q做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為【答案】BC【解析】A．由圖乙可知，t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)“上下坡”法可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．在t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P在x軸上方沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，由乙圖知所以0.15s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P在x軸上方沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，加速度方向沿y軸負(fù)方向，故B正確；C．從t=0.1s到0.15s，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，運(yùn)動(dòng)的路程為10cm，故C正確；D．t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q由平衡位置沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，初相位為零，則質(zhì)點(diǎn)Q做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖甲所示，質(zhì)量m=2kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以初速度v0=4m/s經(jīng)過(guò)光滑水平面上的O點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，并同時(shí)給物塊施加一沿水平方向的拉力F，F(xiàn)隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示（沿x軸正方向時(shí)F取正值），則下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊在第5s末的速度大小為2m/sB.物塊在第2s內(nèi)與第3s內(nèi)通過(guò)的位移大小之比為3:1C.物塊在第4s內(nèi)與4~6s內(nèi)通過(guò)的位移大小之比為1:2D.物塊在0~3s內(nèi)的位移大小為15m【答案】CD【解析】AB．如圖乙所示，由動(dòng)量定理有代入數(shù)據(jù)解得，，由平均速度可得，所以故AB錯(cuò)誤；C．第4s內(nèi)物塊通過(guò)的位移4~6s內(nèi)物塊通過(guò)的位移則物塊在第4s內(nèi)與4~6s內(nèi)通過(guò)的位移大小之比為1:2，故C正確；D．0~1s物塊通過(guò)的位移故在0~3s內(nèi)物塊通過(guò)的位移故D正確。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分．11.某同學(xué)用如圖甲所示裝置測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取＃?）用游標(biāo)卡尺測(cè)出小球下面的遮光片的寬度，示數(shù)如圖乙所示，則遮光片的寬度d=______mm；（2）先讓小球自然懸掛，記錄這時(shí)力傳感器的示數(shù)F0；將圖甲裝置中小球拉開一定的角度，讓小球在豎直面內(nèi)做擺動(dòng)，記錄小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中最大拉力F及小球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)遮光片的擋光時(shí)間t，多次改變小球拉開的位置進(jìn)行重復(fù)實(shí)驗(yàn)，測(cè)得多組F和t，作圖像，得到圖像的斜率為k，重力加速度用g表示，則等效擺長(zhǎng)可表示為L(zhǎng)=______；（用F0、k、g、d表示）（3）將圖甲中小球做小角度擺動(dòng)，小球第一次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)光電計(jì)時(shí)器開始計(jì)時(shí)，至此后小球第n次經(jīng)過(guò)光電門時(shí)，記錄運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為t，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間=______。（用n、t、F0、k、d表示）【答案】（1）6.25（2）（3）【解析】（1）游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光片的寬度（2）由牛頓第二定律可得因此又故（3）由于則單擺的周期根據(jù)單擺周期公式聯(lián)立解得12.某實(shí)驗(yàn)小組利用銅片、鋅片和蘋果制作了一個(gè)水果電池，他們測(cè)量水果電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，并探究電極間距對(duì)E和r的影響．實(shí)驗(yàn)電路圖如圖甲所示。已知電流表的內(nèi)阻、量程為，電阻箱R阻值的變化范圍為。（1）連接電路后，開關(guān)閉合前電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)節(jié)到______（填“最大”“最小”或“任意”）值；（2）調(diào)節(jié)電阻箱R，改變電路中的電流I，利用測(cè)量數(shù)據(jù)作出圖像，其中電壓U為電阻箱兩端電壓；（3）保持銅片和鋅片插入蘋果中的深度不變，依次增加銅片與鋅片的間距，先后得到圖像如圖乙中（a）、（b）、（c）、（d）所示；（4）由圖乙可知：在該實(shí)驗(yàn)中，隨電極間距的增大，該水果電池的電動(dòng)勢(shì)______，內(nèi)阻______；（均填“增大”“減小”或“不變”）（5）曲線（c）對(duì)應(yīng)的水果電池電動(dòng)勢(shì)______V，內(nèi)阻______?。（均保留3位有效數(shù)字）【答案】（1）最大（4）不變?cè)龃螅?）【解析】（1）[1]為了電路安全，開關(guān)閉合前電阻箱接入電路的阻值要調(diào)至最大。（4）[2][3]電壓U為電阻箱兩端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可知圖像中的縱截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，斜率的絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻之和，所以由圖乙可知在該實(shí)驗(yàn)中，隨電極間距的增大，電動(dòng)勢(shì)不變，內(nèi)阻逐漸增大。（5）[4]由曲線（c）的縱截距可知電動(dòng)勢(shì)大小為[5]曲線（c）的斜率絕對(duì)值為可得四、計(jì)算題：本大題共3題，共42分．13.甲、乙兩列橫波在同一均勻介質(zhì)中沿x軸相向傳播，振幅分別為A1=2cm，A2=4cm，波速均為v=1m/s，t=0時(shí)刻兩波在x=5m處相遇，波形如圖所示，P、Q分別為平衡位置位于x=5m、x=6m處的兩質(zhì)點(diǎn)，求：（1）t=1s時(shí)，P偏離平衡位置的位移；（2）在0~7s內(nèi)，Q通過(guò)的路程?！敬鸢浮浚?）6cm（2）16cm【解析】（1）由圖得甲、乙波的波長(zhǎng)均為周期均為時(shí)，甲波使P偏離平衡位置的位移乙波使P偏離平衡位置位移兩列波在P點(diǎn)均向上振動(dòng)，P偏離平衡位置的位移（2）甲波經(jīng)傳到Q點(diǎn)，則在時(shí)間內(nèi)，Q點(diǎn)回到平衡位置，走過(guò)的路程為此時(shí)甲波在Q點(diǎn)引起的振動(dòng)方向向上，乙波在Q點(diǎn)引起的振動(dòng)方向向下，故振幅為之后走過(guò)的路程為全程Q通過(guò)的路程為14.光滑水平臺(tái)面上有一滑塊，滑塊右側(cè)面是半徑為R的圓弧，圓弧面與水平臺(tái)面相切．小球從滑塊的最高點(diǎn)沿圓弧面由靜止釋放，已知小球和滑塊的質(zhì)量分別為m、3m，重力加速度為g，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，在小球滑到圓弧面底端的過(guò)程中，求：（1）小球的水平位移大??；（2）小球剛滑到圓弧面底端時(shí)，滑塊的速度大小；（3）小球剛滑到圓弧面底端時(shí)，小球?qū)A弧面底端的壓力大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）設(shè)小球?qū)Φ厮椒炙俣却笮関1，滑塊對(duì)地速度大小為v2，水平位移大小分別為x1、x2，在小球下滑過(guò)程，小球和滑塊組成系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，有整理后有由幾何關(guān)系有解得（2）當(dāng)小球滑到圓弧面底端時(shí)，小球的速度大小為v3，滑塊的速度大小為v4，滿足動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，有，解得，（3）小球在圓弧面最底端時(shí)相對(duì)于圓弧的速度根據(jù)牛頓第二定律有由牛頓第三定律可得小球?qū)A弧面底端的壓力大小解得15.如圖甲所示，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間距離m，板長(zhǎng)m，在A板的中點(diǎn)O固定一根長(zhǎng)為m的輕質(zhì)絕緣細(xì)線，細(xì)線另一端連接一個(gè)帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)且重力不計(jì)）。將小球拉至細(xì)線與豎直方向夾角，隨后由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C時(shí)，細(xì)線恰好斷裂，小球繼續(xù)運(yùn)動(dòng)。以O(shè)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，水平向右為x軸，豎直向下為y軸建立xOy直角坐標(biāo)系，板間電場(chǎng)的電勢(shì)沿y軸的變化規(guī)律如圖乙所示，已知該小球的電荷量C，質(zhì)量kg，不計(jì)空氣阻力。求：（1）小球受到的電場(chǎng)力的大?。唬?）在C點(diǎn)，細(xì)線對(duì)小球的拉力T大?。?xì)線斷裂前）；（3）試判斷小球最終是落在B板上還是從AB板間飛出，若落在B板上，求落點(diǎn)的坐標(biāo)位置，若從AB板間飛出，求飛出點(diǎn)的坐標(biāo)位置?！敬鸢浮浚?）（2）（3）落在B板上，【解析】（1）由圖乙可得金屬板間的電場(chǎng)強(qiáng)度V/m小球在金屬板間所受的電場(chǎng)力的大小解得N（2）小球由靜止開始運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理，有解得小球在C點(diǎn)的速度大小m/s在C點(diǎn)，由牛頓第二定律解得細(xì)線對(duì)小球的拉力大?。?）細(xì)線斷裂后，小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，假設(shè)小球不能從金屬板間飛出，落在B板上所用的時(shí)間為t，則根據(jù)牛頓第二定律，有根據(jù)公式聯(lián)立解得mm故假設(shè)成立。即小球最終落在B板上，落點(diǎn)的位置坐標(biāo)為A10聯(lián)盟2023級(jí)高二下學(xué)期3月階段考物理試題C一、選擇題：本大題共8小題，每小題4分，共32分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合要求的．1.交通警察向行進(jìn)中的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時(shí)測(cè)量反射波的頻率，根據(jù)反射波頻率變化的多少就能知道車輛的速度。這是應(yīng)用了波的什么原理（）A.波的干涉 B.波的衍射C.波的疊加 D.波的多普勒效應(yīng)【答案】D【解析】多普勒效應(yīng)是指波源或觀察者發(fā)生移動(dòng)，而使兩者間的位置發(fā)生變化，使觀察者收到的頻率發(fā)生了變化，根據(jù)反射波頻率變化的多少就能知道車輛的速度，其工作原理利用的是多普勒效應(yīng)。故選D。2.如圖所示，彈簧振子的平衡位置為O點(diǎn)，在A、B兩點(diǎn)之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。在小球從B點(diǎn)向O點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球加速度方向跟速度方向相同 B.小球所受回復(fù)力越來(lái)越大C.小球加速度越來(lái)越大 D.小球速度越來(lái)越小【答案】A【解析】AD．由B點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，加速度方向與速度方向相同，方向均向左，小球速度越來(lái)越大，A正確，D錯(cuò)誤；BC．由B點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，振子的位移減小，回復(fù)力減小，加速度減小，BC錯(cuò)誤。故選A。3.某同學(xué)利用電容式傳感器設(shè)計(jì)了一款水箱水量監(jiān)測(cè)系統(tǒng)，如圖所示。極板MN組成的電容器視為平行板電容器，充電后與電源斷開，M板固定，N板通過(guò)一絕緣輕桿與漂浮在水面上的浮子Q相連，浮子Q上下移動(dòng)帶動(dòng)N板上下移動(dòng)，可通過(guò)測(cè)量電容器極板間的電壓來(lái)監(jiān)測(cè)水量。下列說(shuō)法正確的是（）A.如果水箱的水量增加，則該電容器電容變小B.如果水箱的水量增加，則該電容器極板間的電壓變小C.如果水箱的水量減少，則該電容器極板的電荷量變小D.如果水箱水量減少，則該電容器極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變小【答案】B【解析】AB．充電后與電源斷開，則電容器帶電量一定，如果水箱的水量增加，則兩板間距減小，根據(jù)CD．如果水箱的水量減少，因電容器帶電量一定，則根據(jù)，可得該電容器極板的電荷量不變，電容器極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示為兩列同頻率的簡(jiǎn)諧波在時(shí)刻的疊加情況，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷。已知兩列波的振幅均為，波速為，波長(zhǎng)為，C點(diǎn)是BE連線和FQ連線的交點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.D、Q兩點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)B.時(shí)刻，A、B兩點(diǎn)的豎直高度差為C.時(shí)，C點(diǎn)正在向下振動(dòng)D.時(shí)，B點(diǎn)位于平衡位置處【答案】C【解析】A．D、Q兩點(diǎn)分別為波峰與波谷疊加，為振動(dòng)減弱點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．時(shí)刻，A點(diǎn)在該時(shí)刻波峰與波峰疊加，振動(dòng)加強(qiáng)，偏離平衡位置的位移為8cm，B點(diǎn)在該時(shí)刻波谷與波谷疊加，振動(dòng)加強(qiáng)，偏離平衡位置的位移為-8cm，則A、B兩點(diǎn)在該時(shí)刻的豎直高度差為16cm，故B錯(cuò)誤；C．波傳播的周期在時(shí)刻C點(diǎn)在平衡位置向上振動(dòng)，在C點(diǎn)正在向下振動(dòng)，故C正確；D．在時(shí)刻B點(diǎn)在波谷處，時(shí)，B點(diǎn)位于波峰處，故D錯(cuò)誤。故選C。5.安全氣囊是汽車重要的被動(dòng)安全裝備，能夠在車輛發(fā)生碰撞時(shí)迅速充氣彈出，為車內(nèi)乘客提供保護(hù)，如圖甲所示，在某安全氣囊的性能測(cè)試中，可視為質(zhì)點(diǎn)的頭錘從距氣囊上表面高H=1.8m處由靜止釋放，與正下方的氣囊發(fā)生碰撞，以頭錘到氣囊上表面為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，氣囊對(duì)頭錘豎直方向作用力F隨時(shí)間t的變化規(guī)律可近似用圖乙所示的圖像描述，已知頭錘質(zhì)量M=3kg，重力加速度g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.頭錘落到氣囊上表面時(shí)的速度大小為4m/s B.碰撞過(guò)程中F的沖量大小為66N·sC.碰撞結(jié)束后頭錘上升的最大高度為1m D.碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為30J【答案】D【解析】A．設(shè)頭錘落到氣囊上表面時(shí)的速度大小為v0，由自由落體運(yùn)動(dòng)公式得解得故A錯(cuò)誤；B．F-t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示沖量，由圖像可知碰撞過(guò)程中F的沖量大小為故B錯(cuò)誤；C．以豎直向上為正方向，頭錘與氣囊作用過(guò)程，由動(dòng)量定理得設(shè)上升的最大高度為h，由動(dòng)能定理得解得故C錯(cuò)誤；D．碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為故D正確。故選D。6.如圖甲所示，電動(dòng)勢(shì)E=12V、內(nèi)阻不計(jì)的電源為電動(dòng)機(jī)M供電，閉合開關(guān)S，電動(dòng)機(jī)開始轉(zhuǎn)動(dòng)，連接電流傳感器的計(jì)算機(jī)上顯示電流I隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示，當(dāng)電流穩(wěn)定時(shí)，電動(dòng)機(jī)正常工作．忽略溫度對(duì)電阻的影響，關(guān)于電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)下列說(shuō)法正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為8Ω B.電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為4.8WC.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為3.6W D.電動(dòng)機(jī)線圈的發(fā)熱功率為1.2W【答案】B【解析】A．由圖乙可知電動(dòng)機(jī)剛開始轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的電流由歐姆定律得電動(dòng)機(jī)的電阻故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的電流則電動(dòng)機(jī)消耗的電功率故B正確；CD．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的發(fā)熱功率電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率故CD錯(cuò)誤。故選B。7.豎直平面內(nèi)有一電場(chǎng)，電場(chǎng)線分布如圖所示，Ox軸豎直向下，一帶負(fù)電的小球從O點(diǎn)由靜止釋放沿Ox軸正向運(yùn)動(dòng)，從O到A運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列關(guān)于小球的機(jī)械能EJ、動(dòng)能Ek、電場(chǎng)的電勢(shì)φ及電場(chǎng)強(qiáng)度E隨小球運(yùn)動(dòng)的位移x變化的圖像，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】D．從O到A運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，隨小球運(yùn)動(dòng)的位移x變化，電場(chǎng)強(qiáng)度E先增大后減小，且O和A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，故D錯(cuò)誤；A．小球受到豎直向上的電場(chǎng)力先增大后減小，還受到重力，電場(chǎng)力一直做負(fù)功，故小球的機(jī)械能減小，小球的機(jī)械能EJ隨位移x變化的圖像的斜率故A正確；B．小球的動(dòng)能Ek隨位移x變化的圖像的斜率小球合力先變小后變大，故B錯(cuò)誤；C．沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)一直降低，故C錯(cuò)誤故選A。8.在一次射擊游戲中，子彈以某一水平初速度擊中靜止在光滑水平地面上的木塊，進(jìn)入木塊一定深度后與木塊相對(duì)靜止，設(shè)木塊對(duì)子彈的阻力大小恒定，子彈從進(jìn)入木塊到剛與木塊相對(duì)靜止的過(guò)程中，下列四幅圖中子彈與木塊可能的相對(duì)位置是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】子彈打擊木塊過(guò)程，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則有對(duì)木塊，根據(jù)動(dòng)能定理有解得木塊的位移對(duì)子彈，根據(jù)動(dòng)能定理有解得子彈的位移比較可知它們的相對(duì)位移它們位移的大小關(guān)系是二、選擇題：本大題共2小題，每小題5分，共10分．在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．9.圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.1s時(shí)刻的波形圖，P是平衡位置在x=1.0m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置在x=4.0m處的質(zhì)點(diǎn)；圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的傳播方向沿x軸正方向B.在t=0.15s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的加速度方向沿y軸負(fù)方向C.從t=0.1s到0.15s，質(zhì)點(diǎn)Q運(yùn)動(dòng)的路程為10cmD.質(zhì)點(diǎn)Q做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為【答案】BC【解析】A．由圖乙可知，t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)“上下坡”法可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．在t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P在x軸上方沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，由乙圖知所以0.15s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P在x軸上方沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，加速度方向沿y軸負(fù)方向，故B正確；C．從t=0.1s到0.15s，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，運(yùn)動(dòng)的路程為10cm，故C正確；D．t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q由平衡位置沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，初相位為零，則質(zhì)點(diǎn)Q做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖甲所示，質(zhì)量m=2kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以初速度v0=4m/s經(jīng)過(guò)光滑水平面上的O點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，并同時(shí)給物塊施加一沿水平方向的拉力F，F(xiàn)隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示（沿x軸正方向時(shí)F取正值），則下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊在第5s末的速度大小為2m/sB.物塊在第2s內(nèi)與第3s內(nèi)通過(guò)的位移大小之比為3:1C.物塊在第4s內(nèi)與4~6s內(nèi)通過(guò)的位移大小之比為1:2D.物塊在0~3s內(nèi)的位移大小為15m【答案】CD【解析】AB．如圖乙所示，由動(dòng)量定理有代入數(shù)據(jù)解得，，由平均速度可得，所以故AB錯(cuò)誤；C．第4s內(nèi)物塊通過(guò)的位移4~6s內(nèi)物塊通過(guò)的位移則物塊在第4s內(nèi)與4~6s內(nèi)通過(guò)的位移大小之比為1:2，故C正確；D．0~1s物塊通過(guò)的位移故在0~3s內(nèi)物塊通過(guò)的位移故D正確。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分．11.某同學(xué)用如圖甲所示裝置測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取＃?）用游標(biāo)卡尺測(cè)出小球下面的遮光片的寬度，示數(shù)如圖乙所示，則遮光片的寬度d=______mm；（2）先讓小球自然懸掛，記錄這時(shí)力傳感器的示數(shù)F0；將圖甲裝置中小球拉開一定的角度，讓小球在豎直面內(nèi)做擺動(dòng)，記錄小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中最大拉力F及小球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)遮光片的擋光時(shí)間t，多次改變小球拉開的位置進(jìn)行重復(fù)實(shí)驗(yàn)，測(cè)得多組F和t，作圖像，得到圖像的斜率為k，重力加速度用g表示，則等效擺長(zhǎng)可表示為L(zhǎng)=______；（用F0、k、g、d表示）（3）將圖甲中小球做小角度擺動(dòng)，小球第一次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)光電計(jì)時(shí)器開始計(jì)時(shí)，至此后小球第n次經(jīng)過(guò)光電門時(shí)，記錄運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為t，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間=______。（用n、t、F0、k、d表示）【答案】（1）6.25（2）（3）【解析】（1）游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光片的寬度（2）由牛頓第二定律可得因此又故（3）由于則單擺的周期根據(jù)單擺周期公式聯(lián)立解得12.某實(shí)驗(yàn)小組利用銅片、鋅片和蘋果制作了一個(gè)水果電池，他們測(cè)量水果電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，并探究電極間距對(duì)E和r的影響．實(shí)驗(yàn)電路圖如圖甲所示。已知電流表的內(nèi)阻、量程為，電阻箱R阻值的變化范圍為。（1）連接電路后，開關(guān)閉合前電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)節(jié)到______（填“最大”“最小”或“任意”）值；（2）調(diào)節(jié)電阻箱R，改變電路中的電流I，利用測(cè)量數(shù)據(jù)作出圖像，其中電壓U為電阻箱兩端電壓；（3）保持銅片和鋅片插入蘋果中的深度不變，依次增加銅片與鋅片的間距，先后得到圖像如圖乙中（a）、（b）、（c）、（d）所示；（4）由圖乙可知：在該實(shí)驗(yàn)中，隨電極間距的增大，該水果電池的電動(dòng)勢(shì)______，內(nèi)阻______；（均填“增大”“減小”或“不變”）（5）曲線（c）對(duì)應(yīng)的水果電池電動(dòng)勢(shì)______V，內(nèi)阻______?。（均保留3位有效數(shù)字）【答案】（1）最大（4）不變?cè)龃螅?）【解析】（1）[1]為了電路安全，開關(guān)閉合前電阻箱接入電路的阻值要調(diào)至最大。（4）[2][3]電壓U為電阻箱兩端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可知圖像中的縱截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，斜率的絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻之和，所以由圖乙可知在該實(shí)驗(yàn)中，隨電極間距的增大，電動(dòng)勢(shì)不變，內(nèi)阻逐漸增大。（5）[4]由曲線（c）的縱截距可知電動(dòng)勢(shì)大小為[5]曲線（c）的斜率絕對(duì)值為可得四、計(jì)算題：本大題共3題，共42分．13.甲、乙兩列橫波在同一均勻介質(zhì)中沿x軸相向傳播，振幅分別為A1=2cm，A2=4cm，波速均為v=1m/s，t=0時(shí)刻兩波在x=5m處相遇，波形如圖所示，P、Q分別為平衡位置位于x=5m、x=6m處的兩質(zhì)點(diǎn)，求：（1）t=1s時(shí)，P偏離平