河北省邢臺市卓越聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高一下學(xué)期4月期中物理試卷（含答案）

A.繞地球做勻速圓周運動的衛(wèi)星的速度不可能大于第一B.若衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第三宇宙速度，則衛(wèi)星將C.若衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第二宇宙速度，則衛(wèi)星D.若衛(wèi)星的發(fā)射速度小于第一宇宙速度，則衛(wèi)星也能繞地時間t內(nèi)運動的位移大小為s。已知恒定拉力的方向與水平方向的夾角為α、大小墻壁相連。現(xiàn)給木板一個水平向右的拉力，木板由靜止開始向右運動，木板與木D.摩擦力對木板做的功與摩擦力對木塊做的厚度均為0.1m。重力對穿甲彈的影響忽略不計，則穿A.E1>E22116分）某同學(xué)設(shè)計“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置如圖所示。鐵架臺放在水平球直徑為d、小球球心與光電門中心的高度差為h，斷開電磁鐵開關(guān)，小球自由下落，（1）下列關(guān)于實驗的說法正確的是B.可用v=gt來計算小球經(jīng)過光電門時的速度大小，并用C.可用來計算小球經(jīng)過光電門時的速度大小，并用來驗證小球的機械能守恒（2）小球經(jīng)過光電門時的速度大小v=（用題目中給定的物理量符號表129分）某實驗小組完成“驗證機械能守恒定律”實驗的裝置如圖甲所示。請根據(jù)1310分）C919大型客機是我國首款按照國際通行適航標(biāo)準(zhǔn)自行研制、具有自止開始沿直線運動，當(dāng)位移大小x=2000m時客機速度達到起飛速度v=80m/s。求：（2）客機從靜止到速度達到起飛速度的過程中合力做的功W；（3）客機受到的平均阻力大小f。物理試卷參考答案1.A【解析】第一宇宙速度是衛(wèi)星的最小發(fā)射速度,也是衛(wèi)星繞地球做圓周運動的最大速度,選項A正確、D錯誤;若衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第三宇宙速度,則衛(wèi)星會掙脫太陽引力的束縛,飛到太陽系外,選項B錯誤;若衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第二宇宙速度,則衛(wèi)星會克服地球的引力,永遠離開地球,選項C錯誤。2.C【解析】天問二號繞地球做橢圓運動的過程中只有地球?qū)μ靻柖柕囊ψ龉?天問二號的機械能守恒,天問二號在A點的機械能等于在B點的機械能,選項A、B錯誤;根據(jù)開普勒第二定律可知,天問二號在A點的速度大于在B點的速度,因此天問二號在A點的動能大于在B點的動能,選項C正確、D錯誤。3.A【解析】根據(jù)功和功率的定義可知,時間t內(nèi)恒定拉力做的功為FsCOSα,平均功率為,選項A正確,選項B、C錯誤;分析可知物塊在做勻加速直線運動,根據(jù)P=FΨCOSα可知時間t內(nèi)不同時刻恒定拉力做功的瞬時功率不同,選項D錯誤。4.C【解析】木塊的位移為0,木塊受到的摩擦力對木塊不做功,選項A錯誤;木板受到的摩擦力方向與木板的位移方向相反,摩擦力做負功,選項B錯誤;結(jié)合前面的分析可知,摩擦力對木板做的功與摩擦力對木塊做的功的總和為負值,選項C正確、D錯誤。5.D【解析】以A點為零勢能參考平面,籃球在B點的重力勢能為mg(h2—h1),在C點的重力勢能為—mgh1,選項A、B錯誤;籃球從A點到C點的過程中重力對籃球做的功為mgh1,選項C錯誤;籃球在A點有初動能,籃球從A點到C點的過程中重力勢能轉(zhuǎn)化為動能,因此籃球落到C點前瞬間的動能大于mgh1,選項D正確。6.B【解析】根據(jù)動能定理有解得f=2.0×107N,選項B正確。7.B【解析】輕繩的拉力對滑塊B做負功,滑塊B的機械能減少,因此滑塊B的動能增加量小于其重力勢能的減少量,且滑塊B機械能的減少量小于E2,選項A錯誤、B正確;由于摩擦力對滑塊A做負功,滑塊A、B構(gòu)成的系統(tǒng)機械能減少,且減少量等于滑塊A克服摩擦力做的功,選項D錯誤;根據(jù)動能定理可知,滑塊B受到的重力對其做的功減去克服輕繩拉力做的功等于滑塊B動能的增加量,選項C錯誤。8.AC【解析】該過程中蹦床對運動員的彈力方向向上,與運動員的位移方向相反,彈力做負功,選項A正確;蹦床形變越來越大,蹦床的彈性勢能一直增大,選項B錯誤;該過程中運動員的機械能轉(zhuǎn)化為蹦床的彈性勢能,運動員的機械能一直減小,選項C正確;運動員在最低【高一物理●參考答案第1頁(共4頁)】●25【高一物理●參考答案第2頁(共4頁)】●25-460A●點時加速度方向豎直向上,不為0,選項D錯誤。9.AD【解析】由機械能守恒有Ψ2,解得Ψ=2m/S,因此物塊P增加的動能為4J,物塊Q增加的動能為2J,選項A正確、B錯誤;物塊P減少的機械能E=物塊Q增加的機械能也為8J,選項C錯誤、D正確。10.ABD【解析】由機械能守恒定律可知,第1次小球落至水平地面時和第2次小球運動至斜面底端時動能大小相等,此時重力做功的瞬時功率相等,小球此時的速度方向也必然相同,小球落至水平地面時的速度大小,選項A正確;第1次小球從拋出到落地有解得選項B正確;第2次釋放小球時的機械能E= 十選項C錯誤;小球兩次運動過程中在豎直方向上均做勻變速直線運動,重力做功的平均功率均可用公式P=mgΨ來計算,Ψ為對應(yīng)過程中豎直方向上的平均速度大小,由于第1次小球運動過程中豎直方向上的平均速度小于第2次的,可知第1次小球在空中運動過程中重力做功的平均功率小于第2次小球從開始運動至到達斜面底端的過程中重力做功的平均功率,選項D正確。11.(1)A(2分)(3)大于(2分)【解析】(1)實驗時應(yīng)選用體積小、質(zhì)量大的小球以減小空氣阻力對實驗的影響,選項A正確;t是小球通過光電門的擋光時間是小球做自由落體運動時適用的公式,相當(dāng)于默認了小球機械能守恒,與實驗?zāi)康牟环?選項B、C錯誤。(2)根據(jù)光電門測量速度的原理可知(3)考慮到斷開電磁鐵開關(guān)時電磁鐵線圈對小球的吸引力不會馬上消失,該吸引力在小球下落過程中對小球做負功,會導(dǎo)致小球的機械能減少,即實際上小球的重力勢能減少量大于動能增加量。12.(1)B(2分)【解析】(1)由于重物下落過程中重力勢能的減少量和動能的增加量均與重物的質(zhì)量成正比,實驗時可以不用測量重物的質(zhì)量,選項A錯誤;實驗時應(yīng)先接通電源,后釋放紙帶,選項B【高一物理●參考答案第3頁(共4頁)】●25-460A●正確;為減小阻力對實驗的影響,應(yīng)用手捏住紙帶的Q位置將紙帶由靜止釋放,選項C錯誤。(2)紙帶上打出B點時重物的速度大小紙帶上打出E點時重物的速度大小×10—2m/s=2.40m/s,從紙帶上打出B點到打出E點,重物減少的重力勢能△Ep=mgh=0.5×9.8×(3.84十4.22十4.61)×10—2J=0.621J,重物增加的動能△13.解:(1)根據(jù)功的定義式可知W1=Fx(2分)解得W1=1.8×108J。(1分)(2)根據(jù)動能定理有(2分)解得W=1.6×108J。(2分)(3)客機受到的合力做的功W=W1—fx(2分)解得f=1.0×104N。(1分)14.解:(1)小球經(jīng)過A點時有(2分)其中F1=4mg(2)小球從豎直半圓軌道最低點運動到A點,有(2分)小球經(jīng)過豎直半圓軌道最低點時有(2分)由牛頓第三定律有FN=F2(1分)解得FN=10mg。(1分)(3)小球從A點運動到B點,豎直方向上有oy2=4gR(1分)小球落到B點時的合速度大小(1分)小球在B點的速度方向平行于斜面,則有(1分)解得(1分)【高一物理●參考答案第4頁(共4頁)】●25-15.解:(1)滑塊P靜止在A點時,有F彈十FN=mg(2分)其中F彈(2分)解得k=50N/m。(1分)(2)滑塊P從開始運動到第一次向右運動至最遠位置的過程中,對滑塊P、Q和彈性輕繩構(gòu)成的系統(tǒng),有mgd十父12十wf(3分)解得wf=16J。(1分)(3)設(shè)滑塊P第一次向右運動過程中某時刻彈性輕繩與