2025屆海南省高三下學(xué)期學(xué)業(yè)水平診斷數(shù)學(xué)試題（三）（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試題PAGEPAGE1海南省2025屆高三下學(xué)期學(xué)業(yè)水平診斷數(shù)學(xué)試題（三）一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一是符合題目要求的．1.拋物線的準(zhǔn)線方程為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】由，可知拋物線的焦點(diǎn)在的正半軸上，又，所以，所以拋物線的準(zhǔn)線方程為.故選：B.2.復(fù)數(shù)的虛部為（）A. B. C. D.1【答案】B【解析】，所以虛部為，故選：B3.已知集合.，中（）A. B.C. D.【答案】D【解析】，所以或，所以，故選：D4.已知，則（）A. B. C. D.【答案】A【解析】因?yàn)?，所以，所以，所?故選：A5.已知等差數(shù)列的前項(xiàng)和為，若，則（）A.12 B.16 C.20 D.22【答案】D【解析】由，可得：，所以，又，故選：D6.在同一平面內(nèi)，向量滿足，則的最小值為（）A.3 B.2 C.1 D.【答案】A【解析】由題意，不妨設(shè)，則由得，則，所以，所以，所以當(dāng)時(shí)，的最小值為3.故選：A7.若邊長(zhǎng)為整數(shù)的正方形的四個(gè)頂點(diǎn)均在橢圓上，則的焦距為（）A.2 B. C. D.【答案】B【解析】由對(duì)稱性可知，正方形的四個(gè)頂點(diǎn)必在直線上，由于橢圓在y軸上的兩頂點(diǎn)間的距離為2，所以正方形的邊長(zhǎng)只能為1，因此點(diǎn)在上，代入的方程得，解得，故，所以的焦距為.故選：B8.已知是遞增的等比數(shù)列，若，則當(dāng)取得最小值時(shí)，（）A.B1C.4D.16【答案】D【解析】設(shè)的公比為q，由得，，故，又因?yàn)槭沁f增的數(shù)列，所以，因?yàn)椋匀〉米钚≈档葍r(jià)于函數(shù)取得最小值，求導(dǎo)得，令得，令得，所以在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，故當(dāng)時(shí)，取得最小值，此時(shí).故選：D二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，部分選對(duì)的得部分分，有選錯(cuò)的得0分．9.已知實(shí)數(shù)滿足，則下列不等式一定成立的是（）A. B. C. D.【答案】AD【解析】對(duì)于A，由函數(shù)單調(diào)遞增，可知當(dāng)，正確；對(duì)于B，取，可得，錯(cuò)誤；對(duì)于C，取，顯然不成立，錯(cuò)誤；對(duì)于D，等價(jià)于，由指數(shù)函數(shù)單調(diào)遞增可知：當(dāng)，，所以成立，正確；故選：AD10.須彌座是一種古建筑的基座形式，又名“金剛座”，通常用于宮殿、寺廟、塔、碑等重要建筑的基座部分，由多層不同形狀的構(gòu)件組成，具有很高的藝術(shù)價(jià)值.如圖所示，某古建筑的須彌座最下層為正六棱臺(tái)形狀，該正六棱臺(tái)的上底面邊長(zhǎng)為3，下底面邊長(zhǎng)為4，側(cè)面積為，則（）A.該正六棱臺(tái)的高為B.該正六棱臺(tái)的側(cè)面與下底面的夾角為C.該正六棱臺(tái)的側(cè)棱與下底面所成角的正弦值為D.該正六棱臺(tái)的體積為【答案】BCD【解析】如圖，分別是上,下底面中心，分別是棱中點(diǎn)，對(duì)于A，由已知可得每個(gè)側(cè)面等腰梯形的面積為，所以梯形的高為，由此可得該正六棱臺(tái)的高為，錯(cuò)誤；對(duì)于B，由正棱臺(tái)的性質(zhì)及二面角的概念可知，側(cè)面與下底面的夾角為，因?yàn)樵谥苯翘菪沃?，，，所以，易知為銳角，所以，正確；對(duì)于C，由正棱臺(tái)的性質(zhì)及二面角的概念可知，側(cè)棱與下底面所成角為，在直角梯形中，，得，所以，正確；對(duì)于D，該棱臺(tái)上底面面積，下底面面積，故棱臺(tái)的體積為，正確.故選：BCD11.已知函數(shù)的定義域?yàn)镽，且，若，則下列說(shuō)法正確的是（）A. B.是奇函數(shù)C. D.若，則【答案】ABD【解析】對(duì)于A，令可得：，所以，正確；對(duì)于B，令，可得：，令可得：，即，所以，即是奇函數(shù)，正確；對(duì)于C：令，可得，由B可得：，所以，C錯(cuò)誤；對(duì)于D，令，可得：，所以所以，，,累加可得：所以，化簡(jiǎn)可得：，當(dāng)時(shí)，代入可得滿足，所以，則，故選：ABD三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分．12.若（為正常數(shù)）的展開(kāi)式中所有項(xiàng)的系數(shù)之和為81，則展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為_(kāi)_________．【答案】24【解析】令，由題意可得且，解得：，由通項(xiàng)公式可知：展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為.故答案為：2413.已知函數(shù)在上的最小值為，則的最小值為_(kāi)_________．【答案】【解析】由，可得：，令由題意可知：在可取到，結(jié)合余弦函數(shù)的性質(zhì)可知需滿足：，解得，所以的最小值為，故答案為：14.某商場(chǎng)舉行有獎(jiǎng)問(wèn)答游戲，每名參加者要依次回答若干道題，若連續(xù)答對(duì)兩題則結(jié)束游戲，并獲得獎(jiǎng)品，若連續(xù)答錯(cuò)兩題也結(jié)束游戲，但不能獲得獎(jiǎng)品，只要沒(méi)有出現(xiàn)連續(xù)答對(duì)或連續(xù)答錯(cuò)的情況，就繼續(xù)答題．已知小明答對(duì)每道題的概率都為，則小明獲得獎(jiǎng)品的概率為_(kāi)_________．【答案】【解析】設(shè)表示當(dāng)前已答對(duì)最后一題的情況下獲得獎(jiǎng)品的概率；表示當(dāng)前已答錯(cuò)最后一題的情況下獲得獎(jiǎng)品的概率；由題意可得：，解得：，，所以小明獲得獎(jiǎng)品的概率為，故答案為：四、解答題：本題共5小題，共77分．解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明、證明過(guò)程或演算步驟．15.記的內(nèi)角所對(duì)的邊分別為，已知．（1）求；（2）若，求外接圓半徑的最小值．解：（1）由正弦定理及可得，，因?yàn)椋裕?，因?yàn)?，所以；?）由題意得三角形外接圓的半徑，要使外接圓的半徑最小，只需最小，又因?yàn)?，則由余弦定理得，當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)取等號(hào)，此時(shí)，所以，即外接圓半徑的最小值為.16.如圖，將等腰直角三角形沿斜邊上的中線翻折，得到四面體．（1）證明：平面；（2）若，求平面與平面夾角的余弦值．（1）證明：由為等腰直角三角形斜邊上的中線，可得：，也即，又為平面內(nèi)兩條相交直線，所以平面；（2）由，可得，所以，所以，因?yàn)槠矫?，以為坐?biāo)原點(diǎn)，以為軸和軸，過(guò)在平面作的垂線為軸建系，易知，則設(shè)平面的法向量為，則，即，令，可得：，所以，易知平面的一個(gè)法向量為，設(shè)平面與平面夾角為，所以，所以平面與平面夾角的余弦值為；17.已知雙曲線的焦距為，過(guò)點(diǎn)的直線與交于兩點(diǎn)，且當(dāng)軸時(shí)，．（1）求的方程；（2）若點(diǎn)都在的左支上，且以為直徑的圓與軸相切，求的斜率．解：（1）因?yàn)楫?dāng)軸時(shí)，，所以點(diǎn)在曲線C上，所以，又的焦距為，所以，所以，解得（負(fù)根舍去），所以，所以的方程為；（2）由題知，直線l的斜率一定存在，設(shè)直線的方程為，，聯(lián)立，消并整理得，因?yàn)橹本€與的左支交于兩點(diǎn)，所以，解得，所以，且，因?yàn)橐詾橹睆降膱A與軸相切，所以，所以，所以，結(jié)合，所以，解得，即的斜率為.18.已知函數(shù)．（1）若曲線在點(diǎn)處的切線平行于直線．求；（2）若且函數(shù)只有一個(gè)極值點(diǎn).求實(shí)數(shù)的取值范圍；（3）若，求實(shí)數(shù)的取值范圍．解：（1）由題意，得，則，由題意，解得；（2）當(dāng)時(shí)，，，令，則，當(dāng)時(shí)，，則在上單調(diào)的遞增，所以函數(shù)不存在極值；當(dāng)時(shí)，令即，得，令，則恒成立，則在上單調(diào)遞增，又，，所以存在唯一的，使得，當(dāng)時(shí)，，即，所以函數(shù)單調(diào)遞減，當(dāng)時(shí)，，即，所以函數(shù)單調(diào)遞增，所以僅在處取到極小值，符合題意.綜上，函數(shù)只有一個(gè)極值點(diǎn)時(shí)，實(shí)數(shù)的取值范圍為.（3）由，參變分離得，設(shè)，則，因?yàn)?，所以，令，因?yàn)?，所以，設(shè)，則，，當(dāng)時(shí)，，為減函數(shù)，當(dāng)時(shí)，，為增函數(shù)，所以，即的最小值為0，即，所以，即，故實(shí)數(shù)的取值范圍為.19.在一個(gè)足夠大的不透明袋中進(jìn)行一個(gè)輪摸球試驗(yàn)，規(guī)則如下：每一輪試驗(yàn)時(shí)，袋中均有紅、黑、白三種顏色的球，從中隨機(jī)摸出一個(gè)球（摸出的球不再放回），若摸出紅球．則試驗(yàn)成功；若摸出白球，則試驗(yàn)失??；若摸出黑球，則進(jìn)入判定環(huán)節(jié)：判定時(shí)，放回兩個(gè)黑球取出一個(gè)白球，再?gòu)闹须S機(jī)摸出一個(gè)球，若為白球則試驗(yàn)失敗，否則試驗(yàn)成功．若試驗(yàn)成功，則結(jié)束試驗(yàn)，若試驗(yàn)失敗，則進(jìn)行下一輪試驗(yàn)，直至成功或輪試驗(yàn)進(jìn)行完．已知第輪試驗(yàn)開(kāi)始時(shí)，袋中有1個(gè)紅球，個(gè)黑球，個(gè)白球．（1）求第1輪試驗(yàn)成功的概率；（2）某團(tuán)隊(duì)對(duì)這個(gè)試驗(yàn)進(jìn)行了一定的研究，請(qǐng)若干志愿者進(jìn)行了5輪試驗(yàn)，并記錄了第輪試驗(yàn)成功志愿者的比例，記，發(fā)現(xiàn)與線性相關(guān)，求關(guān)于的經(jīng)驗(yàn)回歸方程，并預(yù)測(cè)試驗(yàn)輪數(shù)足夠大時(shí)，試驗(yàn)成功志愿者的比例；（3）記試驗(yàn)結(jié)束時(shí)，試驗(yàn)成功的概率為，證明：．參考數(shù)據(jù)：．附：回歸方程中斜率和截距的最小二乘估計(jì)公式分別為．解：（1）第1輪試驗(yàn)中有1個(gè)紅球，1個(gè)黑球，2個(gè)白球，摸出紅球，即試驗(yàn)成功的概率為，摸出黑球且試驗(yàn)成功的概率為，所以第1輪試驗(yàn)成功的概率為；（2），所以，則所求經(jīng)驗(yàn)回歸方程為，當(dāng)試驗(yàn)輪數(shù)足夠大，即足夠大時(shí)，x接近于0，則y接近于，故預(yù)測(cè)成功志愿者的比例為；（3）依題意，輪試驗(yàn)失敗的概率為，設(shè)第輪試驗(yàn)失敗的概率為，則，發(fā)生有兩種可能，直接摸出白球，概率為，或者摸出黑球后再摸出白球，概率為，所以，則，因此.海南省2025屆高三下學(xué)期學(xué)業(yè)水平診斷數(shù)學(xué)試題（三）一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一是符合題目要求的．1.拋物線的準(zhǔn)線方程為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】由，可知拋物線的焦點(diǎn)在的正半軸上，又，所以，所以拋物線的準(zhǔn)線方程為.故選：B.2.復(fù)數(shù)的虛部為（）A. B. C. D.1【答案】B【解析】，所以虛部為，故選：B3.已知集合.，中（）A. B.C. D.【答案】D【解析】，所以或，所以，故選：D4.已知，則（）A. B. C. D.【答案】A【解析】因?yàn)椋?，所以，所?故選：A5.已知等差數(shù)列的前項(xiàng)和為，若，則（）A.12 B.16 C.20 D.22【答案】D【解析】由，可得：，所以，又，故選：D6.在同一平面內(nèi)，向量滿足，則的最小值為（）A.3 B.2 C.1 D.【答案】A【解析】由題意，不妨設(shè)，則由得，則，所以，所以，所以當(dāng)時(shí)，的最小值為3.故選：A7.若邊長(zhǎng)為整數(shù)的正方形的四個(gè)頂點(diǎn)均在橢圓上，則的焦距為（）A.2 B. C. D.【答案】B【解析】由對(duì)稱性可知，正方形的四個(gè)頂點(diǎn)必在直線上，由于橢圓在y軸上的兩頂點(diǎn)間的距離為2，所以正方形的邊長(zhǎng)只能為1，因此點(diǎn)在上，代入的方程得，解得，故，所以的焦距為.故選：B8.已知是遞增的等比數(shù)列，若，則當(dāng)取得最小值時(shí)，（）A.B1C.4D.16【答案】D【解析】設(shè)的公比為q，由得，，故，又因?yàn)槭沁f增的數(shù)列，所以，因?yàn)?，所以取得最小值等價(jià)于函數(shù)取得最小值，求導(dǎo)得，令得，令得，所以在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，故當(dāng)時(shí)，取得最小值，此時(shí).故選：D二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，部分選對(duì)的得部分分，有選錯(cuò)的得0分．9.已知實(shí)數(shù)滿足，則下列不等式一定成立的是（）A. B. C. D.【答案】AD【解析】對(duì)于A，由函數(shù)單調(diào)遞增，可知當(dāng)，正確；對(duì)于B，取，可得，錯(cuò)誤；對(duì)于C，取，顯然不成立，錯(cuò)誤；對(duì)于D，等價(jià)于，由指數(shù)函數(shù)單調(diào)遞增可知：當(dāng)，，所以成立，正確；故選：AD10.須彌座是一種古建筑的基座形式，又名“金剛座”，通常用于宮殿、寺廟、塔、碑等重要建筑的基座部分，由多層不同形狀的構(gòu)件組成，具有很高的藝術(shù)價(jià)值.如圖所示，某古建筑的須彌座最下層為正六棱臺(tái)形狀，該正六棱臺(tái)的上底面邊長(zhǎng)為3，下底面邊長(zhǎng)為4，側(cè)面積為，則（）A.該正六棱臺(tái)的高為B.該正六棱臺(tái)的側(cè)面與下底面的夾角為C.該正六棱臺(tái)的側(cè)棱與下底面所成角的正弦值為D.該正六棱臺(tái)的體積為【答案】BCD【解析】如圖，分別是上,下底面中心，分別是棱中點(diǎn)，對(duì)于A，由已知可得每個(gè)側(cè)面等腰梯形的面積為，所以梯形的高為，由此可得該正六棱臺(tái)的高為，錯(cuò)誤；對(duì)于B，由正棱臺(tái)的性質(zhì)及二面角的概念可知，側(cè)面與下底面的夾角為，因?yàn)樵谥苯翘菪沃?，，，所以，易知為銳角，所以，正確；對(duì)于C，由正棱臺(tái)的性質(zhì)及二面角的概念可知，側(cè)棱與下底面所成角為，在直角梯形中，，得，所以，正確；對(duì)于D，該棱臺(tái)上底面面積，下底面面積，故棱臺(tái)的體積為，正確.故選：BCD11.已知函數(shù)的定義域?yàn)镽，且，若，則下列說(shuō)法正確的是（）A. B.是奇函數(shù)C. D.若，則【答案】ABD【解析】對(duì)于A，令可得：，所以，正確；對(duì)于B，令，可得：，令可得：，即，所以，即是奇函數(shù)，正確；對(duì)于C：令，可得，由B可得：，所以，C錯(cuò)誤；對(duì)于D，令，可得：，所以所以，，,累加可得：所以，化簡(jiǎn)可得：，當(dāng)時(shí)，代入可得滿足，所以，則，故選：ABD三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分．12.若（為正常數(shù)）的展開(kāi)式中所有項(xiàng)的系數(shù)之和為81，則展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為_(kāi)_________．【答案】24【解析】令，由題意可得且，解得：，由通項(xiàng)公式可知：展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為.故答案為：2413.已知函數(shù)在上的最小值為，則的最小值為_(kāi)_________．【答案】【解析】由，可得：，令由題意可知：在可取到，結(jié)合余弦函數(shù)的性質(zhì)可知需滿足：，解得，所以的最小值為，故答案為：14.某商場(chǎng)舉行有獎(jiǎng)問(wèn)答游戲，每名參加者要依次回答若干道題，若連續(xù)答對(duì)兩題則結(jié)束游戲，并獲得獎(jiǎng)品，若連續(xù)答錯(cuò)兩題也結(jié)束游戲，但不能獲得獎(jiǎng)品，只要沒(méi)有出現(xiàn)連續(xù)答對(duì)或連續(xù)答錯(cuò)的情況，就繼續(xù)答題．已知小明答對(duì)每道題的概率都為，則小明獲得獎(jiǎng)品的概率為_(kāi)_________．【答案】【解析】設(shè)表示當(dāng)前已答對(duì)最后一題的情況下獲得獎(jiǎng)品的概率；表示當(dāng)前已答錯(cuò)最后一題的情況下獲得獎(jiǎng)品的概率；由題意可得：，解得：，，所以小明獲得獎(jiǎng)品的概率為，故答案為：四、解答題：本題共5小題，共77分．解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明、證明過(guò)程或演算步驟．15.記的內(nèi)角所對(duì)的邊分別為，已知．（1）求；（2）若，求外接圓半徑的最小值．解：（1）由正弦定理及可得，，因?yàn)?，所以，所以，因?yàn)?，所以；?）由題意得三角形外接圓的半徑，要使外接圓的半徑最小，只需最小，又因?yàn)椋瑒t由余弦定理得，當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)取等號(hào)，此時(shí)，所以，即外接圓半徑的最小值為.16.如圖，將等腰直角三角形沿斜邊上的中線翻折，得到四面體．（1）證明：平面；（2）若，求平面與平面夾角的余弦值．（1）證明：由為等腰直角三角形斜邊上的中線，可得：，也即，又為平面內(nèi)兩條相交直線，所以平面；（2）由，可得，所以，所以，因?yàn)槠矫?，以為坐?biāo)原點(diǎn)，以為軸和軸，過(guò)在平面作的垂線為軸建系，易知，則設(shè)平面的法向量為，則，即，令，可得：，所以，易知平面的一個(gè)法向量為，設(shè)平面與平面夾角為，所以，所以平面與平面夾角的余弦值為；17.已知雙曲線的焦距為，過(guò)點(diǎn)的直線與交于兩點(diǎn)，且當(dāng)軸時(shí)，．（1）求的方程；（2）若點(diǎn)都在的左支上，且以為直徑的圓與軸相切，求的斜率．解：（1）因?yàn)楫?dāng)軸時(shí)，，所以點(diǎn)在曲線C上，所以，又的焦距為，所以，所以，解得（負(fù)根舍去），所以，所以的方程為；（2）由題知，直線l的斜率一定存在，設(shè)直線的方程為，，聯(lián)立，消并整理得，因?yàn)橹本€與的左支交于兩點(diǎn)，所以，解得，所以，且，因?yàn)橐詾橹睆降膱A與軸相切，所以，所以，所以，結(jié)合，所以，解得，即的斜率為.18.已知函數(shù)．（1）若曲線在點(diǎn)處的切線平行于直線．求；（2）若且函數(shù)只有一個(gè)極值點(diǎn).求實(shí)數(shù)的取值范圍；（3）若，求實(shí)數(shù)的取值范圍．解：（1）由題意，得，則，由題意，解得；（2）當(dāng)時(shí)，，，令，則，當(dāng)時(shí)，，則在上單調(diào)的遞增，所以函數(shù)不存在極值；當(dāng)時(shí)，令即，得，令，則恒成立，則在上單調(diào)遞增，又，，所以存在唯一的，使得，當(dāng)時(shí)，，即，所以函數(shù)單調(diào)遞減，當(dāng)時(shí)，，即，所以