2025屆廣西壯族自治區(qū)高三下學(xué)期5月三模物理試題

2025屆廣西壯族自治區(qū)高三下學(xué)期5月三模物理試題一、單選題1．2024年6月25日，嫦娥六號返回器準(zhǔn)確著陸于預(yù)定區(qū)域，實現(xiàn)世界首次月球背面采樣返回。相關(guān)研究表明，月壤中氦-3儲量極為豐富，每100噸氦-3原料足可以解決全球一年的電力供應(yīng)。氦-3常見的一種核反應(yīng)為：，對于該反應(yīng)，下列說法正確的是（

）A．X是中子 B．該反應(yīng)為裂變反應(yīng)C．該反應(yīng)需在高溫下才能進(jìn)行 D．的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能2．《考工記》中記載：“馬力既竭，辀猶能一取焉”，意思是馬對車不施加拉力了，車還能繼續(xù)向前運(yùn)動一段距離。若馬拉著車以速度在平直路面上勻速行駛，車受到的阻力大小為車重的倍，重力加速度大小為。則馬對車不施加拉力后，車運(yùn)動的位移大小為（

）A． B． C． D．3．發(fā)光二極管的發(fā)光帽由透明環(huán)氧樹脂制成，它由半徑為的半球體與半徑為的圓柱體組成，如圖為過半球球心的豎直截面圖。當(dāng)用平行單色光垂直于圓柱體底面入射，經(jīng)過半徑上點的光線恰好在圓弧面上發(fā)生全反射，已知，則該透明環(huán)氧樹脂材料的折射率為（

）A． B． C．2 D．34．如圖所示，地球從外到內(nèi)分為地殼、地幔、地核三部分，其中地核質(zhì)量約為地球總質(zhì)量的0.32倍，半徑約為地球半徑的0.55倍。地殼、地幔、地核視其質(zhì)量均勻分布，已知質(zhì)量均勻分布的球殼對殼內(nèi)物體的萬有引力為零，則地幔和地核交界處的重力加速度大小與地球表面的重力加速度大小之比為（

）A．1.06 B．0.95 C．0.58 D．0.555．某水電站發(fā)電機(jī)的輸出功率為，發(fā)電機(jī)的輸出電壓為。通過升壓變壓器升壓后向遠(yuǎn)處輸電，輸電線的總電阻為，在用戶端用降壓變壓器把電壓降為。要求在輸電線上損失的功率控制在，則（

）A．輸電線上通過的電流為 B．降壓變壓器原線圈的電壓為C．升壓變壓器匝數(shù)比為 D．降壓變壓器匝數(shù)比為6．2025年3月21日，在自由式滑雪和單板滑雪世錦賽男子單板滑雪坡面障礙技巧決賽中，中國選手蘇翊鳴獲得銀牌。如圖所示，某次訓(xùn)練中，運(yùn)動員從左側(cè)高坡的點滑下，再從斜坡上的點，以的初速度沿與斜坡成方向飛出，在空中完成規(guī)定動作后落在斜坡上的點。不計空氣阻力，重力加速度大小，下列說法正確的是（）A．在研究運(yùn)動員空中姿態(tài)時可將其視為質(zhì)點B．運(yùn)動員在空中飛行時，相同時間內(nèi)速度變化量不同C．運(yùn)動員在空中飛行的時間為D．運(yùn)動員落到點時的速度方向與方向垂直7．如圖所示，直角三角形中，，其區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，點處的粒子源可向磁場區(qū)域各個方向發(fā)射速度大小為（為粒子的比荷）的帶正電的粒子。不考慮粒子的重力和相互間作用力，下列說法正確的是（

）A．邊上有粒子到達(dá)區(qū)域的長度為B．邊上有粒子到達(dá)區(qū)域的長度為C．從邊射出的粒子在磁場中運(yùn)動的最短時間為D．從邊射出的粒子在磁場中運(yùn)動的最長時間為二、多選題8．如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體的循環(huán)由下面4個過程組成：為等壓過程，為絕熱過程，為等壓過程，為絕熱過程。下列說法正確的是（

）A．過程中，氣體內(nèi)能增加B．過程中，氣體內(nèi)能不變C．過程中，氣體吸收熱量D．整個過程中，氣體從外界吸收的總熱量可以用所圍的面積表示9．如圖所示為兩列相干水波在時刻的疊加情況，其中實線表示波峰，虛線表示波谷。若兩列波的振幅均保持不變，波速為，波長為。、、、在一條直線上，下列說法正確的是（）A．、、三點都是振動加強(qiáng)點B．時、兩點變成振動減弱點C．質(zhì)點既不是振動加強(qiáng)點也不是振動減弱點D．在至的時間內(nèi)，點通過的路程為10．如圖所示，兩根足夠長的平行金屬光滑導(dǎo)軌、固定在傾角為的斜面上，導(dǎo)軌電阻不計。與間距為，與間距為。在與區(qū)域有方向垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場，在與區(qū)域有方向垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場，兩磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為。在與區(qū)域中，將質(zhì)量為，電阻為，長度為的導(dǎo)體棒置于導(dǎo)軌上，且被兩立柱擋住。與區(qū)域中將質(zhì)量為，電阻為，長度為的導(dǎo)體棒置于導(dǎo)軌上。由靜止下滑，經(jīng)時間恰好離開立柱，、始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸，重力加速度大小為。則（）A．兩導(dǎo)體棒最終做勻速直線運(yùn)動B．時刻，的速度大小為C．內(nèi)，下滑的距離為D．中電流的最大值為三、解答題11．某實驗小組利用手機(jī)物理工坊（Phyphox）探究圓周運(yùn)動向心加速度的影響因素。該小組先探究向心加速度與角速度的關(guān)系，實驗裝置如圖（a）所示，步驟如下：①將自行車倒置，并將手機(jī)固定在自行車后輪上；②打開手機(jī)物理工坊，選擇向心加速度測量功能，轉(zhuǎn)動后輪；③改變手機(jī)在自行車后輪上固定的位置，重復(fù)上述實驗；④利用手機(jī)物理工坊得到向心加速度與角速度的關(guān)系如圖（b）和圖（c）所示。(1)探究向心加速度與角速度的關(guān)系，利用的科學(xué)思想方法是_____；A．等效替代 B．控制變量 C．微小量放大(2)作圖像，得到圖（b），可以初步得到結(jié)論：轉(zhuǎn)動半徑一定時，；(3)改變自變量，作圖像，得到圖（c），圖中A、B兩次實驗中，轉(zhuǎn)動半徑（選填“>”“=”或“<”）。12．某水果加工廠的蘋果自動分揀裝置的示意圖如圖甲所示，該裝置能把大小不同的蘋果按一定質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)自動分揀為大蘋果和小蘋果，裝置中R1為半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器，托盤置于R1上，托盤所受重力不計。蘋果經(jīng)過托盤時對R1產(chǎn)生壓力，半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器R1的阻值隨壓力F變化的圖像如圖乙所示。初始狀態(tài)銜鐵水平，當(dāng)電阻箱R2兩端電壓時，控制電路使電磁鐵工作吸動銜鐵，并保持一段時間，確保蘋果在銜鐵上運(yùn)動時電磁鐵保持吸合狀態(tài)。已知電源電動勢，內(nèi)阻，取重力加速度大小。(1)當(dāng)質(zhì)量較大的蘋果通過托盤時，對應(yīng)的壓力傳感器R1的阻值（填“較大”或“較小”）。(2)現(xiàn)以0.3kg為標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量將蘋果分揀開，根據(jù)題述條件可知，質(zhì)量小于0.3kg的小果將通過（填“上通道”或“下通道”），電阻箱R2的阻值應(yīng)調(diào)為Ω（結(jié)果保留一位小數(shù)）。(3)若要將分揀標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量提高到0.40kg，僅將R2的阻值調(diào)為Ω即可實現(xiàn)。（結(jié)果保留一位小數(shù)）(4)若電源長時間未使用，內(nèi)阻r增大，但電動勢不變，則分揀標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量將會（填“變大”“變小”或“不變”）。13．如圖所示，一位滑雪者，人與裝備的總質(zhì)量為，以的初速度沿山坡勻加速直線滑下，山坡傾角為，滑雪者受到的阻力（包括摩擦和空氣阻力）為總重力的0.1倍，已知重力加速度大小，求(1)滑雪者滑下的加速度大?。?2)滑雪者沿山坡滑行的位移大小。14．如圖所示，豎直面內(nèi)有一長為、寬為的長方形ABCD，M、N分別為AD與BC的中點。四個電荷量均為Q（Q未知）的點電荷位于長方形的四個頂點，A、D處點電荷帶正電，B、C處點電荷帶負(fù)電。一個質(zhì)量為m、電荷量為（可視為點電荷）的帶電小球從M處由靜止釋放，小球運(yùn)動到MN中點O處時速度為。已知重力加速度大小為g，不計空氣阻力，求:(1)M、O兩點間的電勢差；(2)小球到達(dá)N點時的速度大??；(3)已知在電荷量為Q的點電荷產(chǎn)生的電場中，將無限遠(yuǎn)處的電勢規(guī)定為零時，距離該點電荷r處的電勢為，其中k為靜電力常量，多個點電荷產(chǎn)生的電場中某點的電勢等于每個點電荷單獨存在時該點的電勢的代數(shù)和，求點電荷Q的電荷量。15．如圖所示，凹形槽放置在光滑水平地面上，完全相同的兩物塊、（可視為質(zhì)點）分別置于槽的左側(cè)和中點，a、b、c的質(zhì)量相等，槽內(nèi)底部長為?，F(xiàn)給一水平向右的初速度，此后和、和各發(fā)生一次碰撞，且和恰好未發(fā)生碰撞。所有的碰撞均視為彈性碰撞，碰撞時間極短，且碰撞前后速度交換，重力加速度大小為。求(1)a、b、c的最終速度；(2)和碰撞前瞬間的速度大??；(3)從開始運(yùn)動至、、三者剛好共速時，的位移。參考答案1．C【詳解】A．根據(jù)核反應(yīng)方程的兩個守恒，可得X的質(zhì)量數(shù)為1，電荷數(shù)為1，因此X是質(zhì)子，故A錯誤。BC．該反應(yīng)屬于核聚變，需要在高溫下才能進(jìn)行，故B錯誤，C正確。D．反應(yīng)物的穩(wěn)定性小于生成物的穩(wěn)定性，因此的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能，故D錯誤。故選C。2．B【詳解】根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式有聯(lián)立解得故選B。3．A【詳解】如圖所示根據(jù)全反射臨界角公式可知解得故選A。4．A【詳解】設(shè)地球質(zhì)量為M，半徑為R，則地球表面的重力加速度大小地幔和地核交界處的重力加速度大小則有故選A。5．C【詳解】A．輸電線上損失的功率為，根據(jù)可得輸電線通過的電流故A錯誤；BCD．升壓變壓器為理想變壓器，有又可得輸電線上損失的電壓升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比可得降壓變壓器原線圈兩端電壓降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比可得故C正確，BD錯誤。故選C。6．D【詳解】A．在研究運(yùn)動員空中姿態(tài)時，運(yùn)動員的大小和形狀不能忽略，因此不能將其視為質(zhì)點，A錯誤；B．運(yùn)動員在空中飛行時，僅受重力作用，加速度為重力加速度，則相同時間內(nèi)速度變化量可見相同時間內(nèi)速度變化量相同，B錯誤；C．由題意可知，將運(yùn)動的運(yùn)動情況分解，如圖所示從B點到離斜面最遠(yuǎn)點過程中，運(yùn)動員在垂直斜面方向上有又聯(lián)立代入數(shù)據(jù)可得由對稱性可知，運(yùn)動員在空中飛行的時間為C錯誤；D．運(yùn)動員落到點時的垂直斜面方向的速度沿斜面方向的速度運(yùn)動員落到點時的速度與斜面的夾角所以運(yùn)動員落到點時的速度與斜面的夾角為30°，而初速度與斜面的夾角為60°，所以速度方向與方向垂直，D正確。故選D。7．C【詳解】AB．粒子在磁場中由洛倫茲力提供向心力得解得如圖所示由幾何關(guān)系可得邊上有粒子到達(dá)區(qū)域的長度為由幾何關(guān)系可得邊上有粒子到達(dá)區(qū)域的長度為故AB錯誤；C．如圖所示粒子從邊上點射出時，對應(yīng)的圓心角最小，所用時間最短，由幾何關(guān)系可知，最小圓心角為，則最短時間為故C正確；D．如圖所示粒子從邊上點射出時，對應(yīng)的圓心角最大，所用時間最長，由幾何關(guān)系可知，最大圓心角為，則最長時間為故D錯誤。故選C。8．AD【詳解】A．為等壓過程，體積增大，根據(jù)可知溫度升高，氣體內(nèi)能增加，A正確；B．為絕熱過程，由圖可知體積增大，氣體對外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知內(nèi)能減小，B錯誤；C．為等壓過程，體積減小，外界對氣體做功；根據(jù)可知溫度降低，內(nèi)能減少，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知氣體放出熱量，C錯誤；D．圖像與V軸圍成的面積代表功，而整個過程回到a狀態(tài)時氣體與初態(tài)相比溫度不變，內(nèi)能不變，可知整個過程氣體從外界吸收的總熱量與做的總功相同，所以整個過程中，氣體從外界吸收的總熱量可以用所圍的面積表示，D正確。故選AD。9．AD【詳解】A．AD兩點為波峰與波峰疊加，B點為波谷與波谷疊加，、、三點都是振動加強(qiáng)點。故A正確；B．、兩點一直為振動加強(qiáng)點。故B錯誤；C．質(zhì)點為振動加強(qiáng)點。故C錯；D．在至的時間內(nèi)，點經(jīng)歷了半個周期，通過的路程等于振幅的2倍，振幅為10cm，則通過的路程為。故D正確；故選AD。10．BD【詳解】A．若a棒最終做勻速直線運(yùn)動，則有此時對b棒則有可見兩導(dǎo)體棒最終不會都做勻速直線運(yùn)動，A錯誤；B．設(shè)時刻，的速度大小為v，a棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢由閉合電路歐姆定律分析b受力解得B正確；C．在時間t內(nèi)，對a棒由動量定理有解得C錯誤；D．由閉合電路歐姆定律，a棒中的電流滿足對b棒，由牛頓第二定律對a棒，由牛頓第二定律顯然，當(dāng)電流最大時，最大，有即解得D正確。故選BD。11．(1)B；(2)向心加速度隨角速度的增大而增大；(3)【詳解】（1）探究向心加速度與角速度的關(guān)系，利用的科學(xué)思想方法是控制變量法。故選B。（2）由圖（b）可知，轉(zhuǎn)動半徑一定時，向心加速度隨角速度的增大而增大。（3）根據(jù)公式可知，圖像的斜率為轉(zhuǎn)動半徑，則由圖（c）可知轉(zhuǎn)動半徑。12．(1)較??；(2)上通道10.5；(3)8.0；(4)變大【詳解】（1）蘋果通過托盤時，質(zhì)量較大的蘋果托盤對R1的壓力較大，根據(jù)圖乙可知，R1的阻值較??；（2）[1]若蘋果質(zhì)量小于0.3kg時，則R1阻值增大，分壓增大，由于電源電動勢不變，R2兩端分壓減小，電銜鐵將不被吸合，小蘋果將通過上通道；[2]當(dāng)蘋果質(zhì)量為0.3kg時，此時為使該裝置達(dá)到分揀目的，R2的阻值滿足解得（3）同理當(dāng)蘋果質(zhì)量為0.40kg時，此時為使該裝置達(dá)到分揀目的，R2的阻值滿足解得（4）若電源長時間未使用，內(nèi)阻r增大，但電動勢不變，根據(jù)可知內(nèi)阻r增大，則實際要吸引銜鐵打開通道時的電阻偏小，需要的壓力偏大，即分揀標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量將會偏大13．(1)；(2)【詳解】（1）由題意阻力由牛頓第二定律得①解得（2）由運(yùn)動學(xué)公式解得14．(1)；(2)；(3)【詳解】（1）小球從M運(yùn)動到