2024-2025學年遼寧省名校聯(lián)盟高二下學期3月聯(lián)考物理試題（解析版）

高級中學名校試題PAGEPAGE1遼寧省名校聯(lián)盟2025年高二3月份聯(lián)合考試物理本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.下列物理量中，哪個物理量的單位不是“伏特”（）A.電勢 B.電動勢 C.電勢差 D.電勢能【答案】D【解析】根據(jù)定義可知，電勢、電動勢、電勢差的單位都是“伏特”，而電勢能的單位是焦耳，所以單位不是“伏特”的是電勢能。故選D。2.一矩形線框在勻強磁場中，繞著與磁場垂直且與線框共面的軸勻速轉動，線框中感應電動勢隨時間變化的圖像如圖所示，下列說法中正確的是（）A.感應電動勢的有效值為B.感應電動勢的瞬時值表達式為C.此交變電流的頻率為0.2HzD.時，線框平面與磁場方向平行【答案】B【解析】A．由題圖可知，線框中感應電動勢的最大值為，其有效值為故A錯誤；B．由題圖可知角速度為感應電動勢瞬時值表達式為故B正確；C．故C錯誤；D．在時，，所以線圈平面與磁場方向垂直，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，A，B是兩個完全相同的小燈泡，是自感系數(shù)很大且電阻不計的電感線圈，電源內阻不計。若最初S是斷開的，那么下列描述中正確的是（）A.剛閉合S時，A燈立即亮，B燈延遲一段時間才亮B.剛閉合S時，A燈延遲一段時間才亮，B燈立即亮C.閉合S電路穩(wěn)定后，A燈變得比剛閉合S時更亮，B燈則會熄滅D.閉合S電路穩(wěn)定后再斷開S時，A燈會閃亮一下再熄滅【答案】C【解析】AB．接通S電源就開始給電路供電，所以燈泡A、B會同時變亮，故AB錯誤；C．待電路穩(wěn)定后，由于線圈的電阻不計，B燈相當于與一段導線并聯(lián)，被短路所以B燈將會熄滅，電源只給A燈供電，A燈將變得更亮，故C正確；D．再斷開S時，A燈與電路斷開將立即熄滅，而B燈與電感線圈構成閉合電路，由于線圈的自感現(xiàn)象，B燈會先亮一下后再熄滅，故D錯誤。4.小型直流電動機（其線圈內阻為）與規(guī)格為“4V4W”的小燈泡并聯(lián)，再與阻值為的電阻串聯(lián)，然后接至的恒壓電源上，如圖所示，小燈泡恰好正常發(fā)光，電動機正常工作，下列說法正確的是（）A.通過電動機的電流為0.6A B.電動機消耗的總功率為10WC.電動機的輸出功率為2W D.電動機的效率為【答案】C【解析】A．小燈泡正常發(fā)光，則通過小燈泡的電流通過電阻電流通過電動機的電流故A錯誤；B．電動機消耗的總功率故B錯誤；C．電動機線圈內阻的熱功率電動機的輸出功率故C正確；D．電動機的效率故D錯誤。故選C。5.半導體材料的發(fā)展為霍爾效應的實際應用提供了高質量的換能器。如圖所示，一塊寬為，厚為，長為的長方體N型半導體，導電粒子為負電子，單位體積內自由電子數(shù)為，通入方向向右的恒定電流，將元件置于垂直上表面向下的勻強磁場中，磁感應強度為，元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓，其絕對值為。則（）A.前表面的電勢比后表面的電勢低B.若選擇單位體積內自由電荷數(shù)值較大的半導體，其他條件相同，則更大C.若選擇寬度更小的半導體，其他條件相同，則更大D.若選擇厚度更小的半導體，其他條件相同，則更大【答案】D【解析】A．根據(jù)左手定則可知，負電子受洛倫茲力指向后表面，可知前表面的電勢比后表面高，故A錯誤；BCD．由洛倫茲力和電場力平衡再結合電流微觀表達式可得可知電壓U與寬度無關；選擇單位體積內自由電荷數(shù)值較大的半導體，其他條件相同，則更??；選擇厚度更小的半導體，其他條件相同，則更大，故BC錯誤，D正確。故選D6.電磁俘能器可在汽車發(fā)動機振動時利用電磁感應發(fā)電實現(xiàn)能量回收，結構如圖甲所示。兩對永磁鐵可隨發(fā)動機一起上下振動，每對永磁鐵間有水平方向的勻強磁場，磁感應強度大小均為，磁場中，邊長為、總電阻為的單匝正方形線圈豎直固定在減震裝置上。某時刻磁場分布與線圈位置如圖乙所示，永磁鐵振動時磁場分界線不會離開線圈。如乙圖，某時刻永磁鐵相對線框豎直向上運動時，其速度大小為。下列說法正確的是（）A.線圈中感應電流的方向為順時針方向B.線圈中電流的大小等于C.線圈受到的安培力大小為D.線圈受到的安培力大小為【答案】D【解析】A．永磁鐵相對線圈上升，即線圈相對磁鐵向下，根據(jù)右手定則，線圈中感應電流的方向為逆時針方向，故A錯誤；B．ab和cd均切割磁感線，產生的電動勢所以電流為故B錯誤；CD．ab和cd都受到安培力且方向相同，所以故C錯誤，D正確。故選D。7.如圖所示，半徑為的金屬圓環(huán)，接有電阻均為的三根導電輻條、、，繞垂直于圓環(huán)平面、通過圓心的軸以角速度勻速轉動，圓環(huán)上輻條互成角。圓環(huán)內，在圓心角為的扇形區(qū)域內存在垂直圓環(huán)平面向下磁感應強度為的勻強磁場，圓環(huán)及其他電阻不計，下列說法正確的是（）A.當輻條在磁場中轉動時，輻條上熱功率為B.當輻條在磁場中轉動時，輻條上的熱功率為C.當輻條在磁場中轉動時，輻條上的熱功率為D.當輻條在磁場中轉動時，輻條上熱功率為【答案】A【解析】AB．當輻條在磁場中轉動時，輻條產生電動勢輻條和并聯(lián)，總電阻為，電路總電阻為，輻條上的電流熱功率A項正確，B項錯誤；CD．當輻條在磁場中轉動時，輻條產生電動勢輻條和并聯(lián)，總電阻為，電路總電阻為，輻條上的電流輻條上的電流輻條熱功率CD項錯誤。故選A。8.電磁學知識在科技生活中有廣泛的應用。如圖甲所示，磁塊在鋁管中由靜止開始下落，與其所蘊含原理相同的是（）A.圖乙，直流電源驅動電動自行車電動機的工作過程B.圖丙，使用的有線話筒，往往在其外面套上金屬外衣C.圖丁，運動的導體（轉盤）處在通電線圈產生的磁場中D.圖戊，磁電式儀表里面的線圈常常用鋁框做骨架【答案】CD【解析】A．圖甲，磁鐵在鋁管中下落，原理是電磁阻尼。圖乙，電動機的線圈通電后因受安培力作用而運動，A項錯誤；B．圖丙，靜電屏蔽可以防止干擾信號從話筒線上侵入，B項錯誤；CD．圖丁、戊，無論運動的導體還是鋁框在磁場中都受到安培阻力作用，是電磁阻尼，故CD正確。故選CD。9.如圖所示，兩根長直導線豎直插入光滑絕緣水平桌面上、兩小孔中，為、連線的中點，連線上的、兩點關于點對稱。導線均通有大小相等、方向向上的電流。已知長直導線在周圍產生的磁場的磁感應強度（式中是常數(shù)、是導線中的電流、為點到導線的距離）。一帶負電的小球以初速度從點出發(fā)沿、連線運動到點，運動中小球一直未離開桌面。小球從點運動到點的過程中，下列說法正確的是（）A.小球做變速運動 B.小球做勻速直線運動C.小球對桌面的壓力一直在減小 D.小球對桌面的壓力一直在增大【答案】BC【解析】CD．已知長直導線在周圍產生的磁場的磁感應強度根據(jù)安培定則，結合磁感應強度的疊加原理可知，直線上靠近處的磁場方向垂直于向里，靠近處的磁場方向垂直于向外，磁場大小先減小，過點后反向增大，根據(jù)左手定則可知，帶負電的小球受到的洛倫茲力方向開始時豎直向下，大小逐漸減小，過點后洛倫茲力的方向向上，大小逐漸增大，小球在豎直方向受力平衡，則桌面對小球的支持力逐漸減小，根據(jù)牛頓第三定律可知，小球對桌面的壓力一直在減小，故C正確，D錯誤；AB．結合上述可知，由于桌面光滑，小球僅在豎直方向上受到重力、洛倫茲力與支持力作用，在沿速度方向不受外力作用，小球所受外力的合力為0，則小球將做勻速直線運動，故A錯誤，B正確。故選BC。10.如圖甲所示，平行光滑長直導軌、水平放置，間距，兩導軌左端之間接有一定值電阻，導軌電阻不計。導體棒ab垂直于導軌放在距離導軌左端處，質量，接入電路的電阻為，豎直方向的勻強磁場范圍足夠大，選豎直向下為正方向。從時刻開始磁感應強度隨時間的變化關系如圖乙所示，內ab棒固定不動。時給ab棒一個向右的速度，同時施加一方向水平的外力，使ab棒做的勻減速運動。下列說法正確的是（）A.前2s內電路中感應電流的大小為1.0AB.前3s內通過金屬棒中電流方向由到C.前2s內通過電阻的電荷量為3CD.ab棒向右運動且位移等于6.4m時外力【答案】AD【解析】A．前2s內電路中感應電動勢由閉合電路歐姆定律前2s內電路中感應電流為1.0A，A項正確；B．前3s內穿過閉合回路的磁通量先向下減小后向上增加，則由楞次定律可知，電流方向由到，B項錯誤；C．根據(jù)前2s內通過電阻的電荷量為2C，C項錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律有由運動學公式聯(lián)立解得D項正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.在“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關系”實驗中，某同學利用如圖甲所示可拆式變壓器進行研究。（1）實驗過程中，變壓器的原、副線圈選擇不同的匝數(shù)，利用多用電表測量相應電壓，記錄如圖乙，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)，在實驗誤差允許的范圍內，可得出原、副線圈兩端電壓與匝數(shù)的關系為______（用、、和表示）。（2）對于實驗過程，下列說法中正確的有______。A.本探究實驗采用了控制變量法B.變壓器工作時副線圈電流的頻率與原線圈不相同C.因為實驗所用電壓較低，通電情況下可用手接觸裸露的導線、接線柱D.測量原、副線圈的電壓時，可用直流電壓表（3）通過分析實驗數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn)，每次實驗，變壓器副線圈輸出電壓總比理論值小，下列可能的原因，你認為不正確的是______。A.變壓器線圈中有電流通過時會發(fā)熱B.原線圈中電流產生的磁場能在向副線圈轉移過程中有損失C.原線圈輸入電壓發(fā)生變化D.鐵芯在交變磁場的作用下會發(fā)熱【答案】（1）（2）A（3）C【解析】（1）通過分析表中數(shù)據(jù)可得結論，在誤差允許的范圍內，原副線圈的電壓比與匝數(shù)比相等，即（2）A．當一個物理量與多個物理量相關時，應采用控制變量法，探究該物理量與某一個量的關系，故A正確；B．由理想變壓器原理可知，理想變壓器原、副線圈兩端的交變電流的頻率相同，故B錯誤；C．通電情況下不可用手接觸裸露的導線、接線柱，因為會產生誤差，故C錯誤；D．變壓器的電壓是交流電壓，因此不能用直流電壓表，故D錯誤。故選A。（3）A．變壓器線圈中有電流通過時會發(fā)熱，線圈則有直流電阻，在線圈上會產生電壓降，使輸出電壓減小，故A正確，不符合題意；B．原線圈中電流產生的磁場能在向副線圈轉移過程中有損失，即有漏磁現(xiàn)象，由能量守恒定律可知，使輸出電壓減小，故B正確，不符合題意；C．原線圈輸入電壓發(fā)生變化，對原、副線圈電壓的比值不會有影響，故C錯誤，符合題意；D．鐵芯在交變磁場的作用下會發(fā)熱，使變壓器輸出的電能小于輸入電能，使輸出的電壓減小，故D正確，不符合題意。故選C。12.某同學自制了一個兩擋位（“”“”）的歐姆表，其內部結構如圖所示，通過調節(jié)滑動變阻器滑片的位置（分別置于“端”或“端”），虛線框內可實現(xiàn)電流表量程的改變?？捎闷鞑娜缦拢篈．干電池（電動勢，內阻不計）；B．電流表G（滿偏電流，內阻）；C．定值電阻（阻值）；D．滑動變阻器；E．定值電阻、；F．開關一個，紅、黑表筆各一支，導線若干。（1）黑表筆應該接在______（填“①”或“②”）接線柱。（2）當滑片置于端，開關S置于端時，虛線框內電流表的量程是，此時為歐姆表的一擋位；當滑片置于端，開關S置于端時為歐姆表另一擋位，那么滑動變阻器的總阻值為______，定值電阻的阻值為______。【答案】（1）②（2）9141【解析】（1）根據(jù)“紅進黑出”規(guī)律可知，歐姆表的黑表筆應與內部電源正極相連，所以黑表筆應該接在②接線柱。（2）[1][2]虛線框內的電流表，滑片置于端時，G滿偏時，定值電阻較大，即此時干路電流較大，即此時為大量程，由于歐姆表的內阻等于中值電阻，等于電源電動勢與改裝電流表量程之比，滑片置于端時，歐姆表內阻較小，即中值電阻較小，可知，此時對應歐姆表小倍率，同理，當滑片置于端時，電流表為小量程，對應歐姆表大倍率，倍率變化為10倍，所以端電流表小量程為端電流表大量程的，即端電流表小量程。將電流表由改裝，由并聯(lián)結構有代入數(shù)據(jù)得當滑片置于端，開關S置于端時，結合上述可知，若設虛線框內改裝后的電流表總內阻為，則有又歐姆表內阻所以13.如圖所示，由均勻的電阻絲制成的直徑為的圓形導線框，放在垂直導線框平面的勻強磁場中，磁感應強度大小為，將、兩點接入電源（內阻為）兩端，通電線框所受安培力大小為，電阻絲單位長度的電阻。求：（1）通電時理想電流表的示數(shù)；（2）電源的電動勢?！敬鸢浮浚?）0.4A（2）0.4V【解析】（1）設通過優(yōu)弧的電流為，則通過劣弧的電流為，有解得（2）由閉合電路歐姆定律，有根據(jù)電阻并聯(lián)規(guī)律有且解得14.如圖所示，在的空間中存在沿軸負方向的勻強電場；在第四象限的空間中，存在勻強磁場，磁場方向垂直平面（紙面）向外。有一帶正電的粒子，經過軸上處的點時速率為、方向沿軸正方向，后經過軸上處的點進入磁場，偏轉后垂直于軸從點（圖中未畫出）離開磁場，電場強度和磁感應強度均未知，不計粒子重力及阻力。求：（1）粒子在磁場運動過程中離軸的最大距離；（2）粒子從到的總時間。【答案】（1）（2）【解析】（1）粒子運動的軌跡如圖所示設粒子從到的時間為，剛進入磁場時速度與軸正方向夾角為，則有，，解得，，最大距離解得（2）粒子在電場中運動的時間粒子在磁場中運動速度粒子在磁場中運動的時間解得，綜上可得15.如圖所示，足夠長的光滑等寬金屬導軌，固定在一水平面內，導軌寬度為。有垂直導軌平面向下的勻強磁場布滿導軌，磁感應強度為。甲、乙、丙三個金屬棒，依次跨放在導軌上，棒與軌道垂直、質量均為，金屬棒接入電路的阻值分別為、、。其中乙、丙棒由絕緣輕桿連接。忽略導軌的電阻、所有摩擦以及金屬棒和輕桿的可能形變和輕桿的質量，金屬棒與導軌始終接觸良好?，F(xiàn)讓金屬棒甲在棒乙左側以開始運動。（1）求甲棒以速度運動瞬間，流過甲棒的電流大?。唬?）以甲棒獲得速度開始到運動一段時間后乙棒速度為，求這一過程中甲棒產生的熱量；（3）甲棒以速度開始，為避免相撞，求甲棒距離乙棒的距離最小值?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）甲棒以速度運動瞬間，產生的電動勢為回路總電阻為根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，流過甲棒的電流大小為聯(lián)立解得（2）由于通過甲棒的電流等于通過乙、丙兩棒的電流之和，可知甲棒受到的安培力與乙、丙兩棒受到的安培力之和大小相等，方向相反，則甲、乙、丙三棒組成的系統(tǒng)滿足動量守恒，則有根據(jù)能量守恒可得甲棒產生的熱量為聯(lián)立解得（3）當甲、乙丙共速時距離有最小值，此時由動量守恒有對甲，由動量定理有又，聯(lián)立解得遼寧省名校聯(lián)盟2025年高二3月份聯(lián)合考試物理本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.下列物理量中，哪個物理量的單位不是“伏特”（）A.電勢 B.電動勢 C.電勢差 D.電勢能【答案】D【解析】根據(jù)定義可知，電勢、電動勢、電勢差的單位都是“伏特”，而電勢能的單位是焦耳，所以單位不是“伏特”的是電勢能。故選D。2.一矩形線框在勻強磁場中，繞著與磁場垂直且與線框共面的軸勻速轉動，線框中感應電動勢隨時間變化的圖像如圖所示，下列說法中正確的是（）A.感應電動勢的有效值為B.感應電動勢的瞬時值表達式為C.此交變電流的頻率為0.2HzD.時，線框平面與磁場方向平行【答案】B【解析】A．由題圖可知，線框中感應電動勢的最大值為，其有效值為故A錯誤；B．由題圖可知角速度為感應電動勢瞬時值表達式為故B正確；C．故C錯誤；D．在時，，所以線圈平面與磁場方向垂直，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，A，B是兩個完全相同的小燈泡，是自感系數(shù)很大且電阻不計的電感線圈，電源內阻不計。若最初S是斷開的，那么下列描述中正確的是（）A.剛閉合S時，A燈立即亮，B燈延遲一段時間才亮B.剛閉合S時，A燈延遲一段時間才亮，B燈立即亮C.閉合S電路穩(wěn)定后，A燈變得比剛閉合S時更亮，B燈則會熄滅D.閉合S電路穩(wěn)定后再斷開S時，A燈會閃亮一下再熄滅【答案】C【解析】AB．接通S電源就開始給電路供電，所以燈泡A、B會同時變亮，故AB錯誤；C．待電路穩(wěn)定后，由于線圈的電阻不計，B燈相當于與一段導線并聯(lián)，被短路所以B燈將會熄滅，電源只給A燈供電，A燈將變得更亮，故C正確；D．再斷開S時，A燈與電路斷開將立即熄滅，而B燈與電感線圈構成閉合電路，由于線圈的自感現(xiàn)象，B燈會先亮一下后再熄滅，故D錯誤。4.小型直流電動機（其線圈內阻為）與規(guī)格為“4V4W”的小燈泡并聯(lián)，再與阻值為的電阻串聯(lián)，然后接至的恒壓電源上，如圖所示，小燈泡恰好正常發(fā)光，電動機正常工作，下列說法正確的是（）A.通過電動機的電流為0.6A B.電動機消耗的總功率為10WC.電動機的輸出功率為2W D.電動機的效率為【答案】C【解析】A．小燈泡正常發(fā)光，則通過小燈泡的電流通過電阻電流通過電動機的電流故A錯誤；B．電動機消耗的總功率故B錯誤；C．電動機線圈內阻的熱功率電動機的輸出功率故C正確；D．電動機的效率故D錯誤。故選C。5.半導體材料的發(fā)展為霍爾效應的實際應用提供了高質量的換能器。如圖所示，一塊寬為，厚為，長為的長方體N型半導體，導電粒子為負電子，單位體積內自由電子數(shù)為，通入方向向右的恒定電流，將元件置于垂直上表面向下的勻強磁場中，磁感應強度為，元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓，其絕對值為。則（）A.前表面的電勢比后表面的電勢低B.若選擇單位體積內自由電荷數(shù)值較大的半導體，其他條件相同，則更大C.若選擇寬度更小的半導體，其他條件相同，則更大D.若選擇厚度更小的半導體，其他條件相同，則更大【答案】D【解析】A．根據(jù)左手定則可知，負電子受洛倫茲力指向后表面，可知前表面的電勢比后表面高，故A錯誤；BCD．由洛倫茲力和電場力平衡再結合電流微觀表達式可得可知電壓U與寬度無關；選擇單位體積內自由電荷數(shù)值較大的半導體，其他條件相同，則更??；選擇厚度更小的半導體，其他條件相同，則更大，故BC錯誤，D正確。故選D6.電磁俘能器可在汽車發(fā)動機振動時利用電磁感應發(fā)電實現(xiàn)能量回收，結構如圖甲所示。兩對永磁鐵可隨發(fā)動機一起上下振動，每對永磁鐵間有水平方向的勻強磁場，磁感應強度大小均為，磁場中，邊長為、總電阻為的單匝正方形線圈豎直固定在減震裝置上。某時刻磁場分布與線圈位置如圖乙所示，永磁鐵振動時磁場分界線不會離開線圈。如乙圖，某時刻永磁鐵相對線框豎直向上運動時，其速度大小為。下列說法正確的是（）A.線圈中感應電流的方向為順時針方向B.線圈中電流的大小等于C.線圈受到的安培力大小為D.線圈受到的安培力大小為【答案】D【解析】A．永磁鐵相對線圈上升，即線圈相對磁鐵向下，根據(jù)右手定則，線圈中感應電流的方向為逆時針方向，故A錯誤；B．ab和cd均切割磁感線，產生的電動勢所以電流為故B錯誤；CD．ab和cd都受到安培力且方向相同，所以故C錯誤，D正確。故選D。7.如圖所示，半徑為的金屬圓環(huán)，接有電阻均為的三根導電輻條、、，繞垂直于圓環(huán)平面、通過圓心的軸以角速度勻速轉動，圓環(huán)上輻條互成角。圓環(huán)內，在圓心角為的扇形區(qū)域內存在垂直圓環(huán)平面向下磁感應強度為的勻強磁場，圓環(huán)及其他電阻不計，下列說法正確的是（）A.當輻條在磁場中轉動時，輻條上熱功率為B.當輻條在磁場中轉動時，輻條上的熱功率為C.當輻條在磁場中轉動時，輻條上的熱功率為D.當輻條在磁場中轉動時，輻條上熱功率為【答案】A【解析】AB．當輻條在磁場中轉動時，輻條產生電動勢輻條和并聯(lián)，總電阻為，電路總電阻為，輻條上的電流熱功率A項正確，B項錯誤；CD．當輻條在磁場中轉動時，輻條產生電動勢輻條和并聯(lián)，總電阻為，電路總電阻為，輻條上的電流輻條上的電流輻條熱功率CD項錯誤。故選A。8.電磁學知識在科技生活中有廣泛的應用。如圖甲所示，磁塊在鋁管中由靜止開始下落，與其所蘊含原理相同的是（）A.圖乙，直流電源驅動電動自行車電動機的工作過程B.圖丙，使用的有線話筒，往往在其外面套上金屬外衣C.圖丁，運動的導體（轉盤）處在通電線圈產生的磁場中D.圖戊，磁電式儀表里面的線圈常常用鋁框做骨架【答案】CD【解析】A．圖甲，磁鐵在鋁管中下落，原理是電磁阻尼。圖乙，電動機的線圈通電后因受安培力作用而運動，A項錯誤；B．圖丙，靜電屏蔽可以防止干擾信號從話筒線上侵入，B項錯誤；CD．圖丁、戊，無論運動的導體還是鋁框在磁場中都受到安培阻力作用，是電磁阻尼，故CD正確。故選CD。9.如圖所示，兩根長直導線豎直插入光滑絕緣水平桌面上、兩小孔中，為、連線的中點，連線上的、兩點關于點對稱。導線均通有大小相等、方向向上的電流。已知長直導線在周圍產生的磁場的磁感應強度（式中是常數(shù)、是導線中的電流、為點到導線的距離）。一帶負電的小球以初速度從點出發(fā)沿、連線運動到點，運動中小球一直未離開桌面。小球從點運動到點的過程中，下列說法正確的是（）A.小球做變速運動 B.小球做勻速直線運動C.小球對桌面的壓力一直在減小 D.小球對桌面的壓力一直在增大【答案】BC【解析】CD．已知長直導線在周圍產生的磁場的磁感應強度根據(jù)安培定則，結合磁感應強度的疊加原理可知，直線上靠近處的磁場方向垂直于向里，靠近處的磁場方向垂直于向外，磁場大小先減小，過點后反向增大，根據(jù)左手定則可知，帶負電的小球受到的洛倫茲力方向開始時豎直向下，大小逐漸減小，過點后洛倫茲力的方向向上，大小逐漸增大，小球在豎直方向受力平衡，則桌面對小球的支持力逐漸減小，根據(jù)牛頓第三定律可知，小球對桌面的壓力一直在減小，故C正確，D錯誤；AB．結合上述可知，由于桌面光滑，小球僅在豎直方向上受到重力、洛倫茲力與支持力作用，在沿速度方向不受外力作用，小球所受外力的合力為0，則小球將做勻速直線運動，故A錯誤，B正確。故選BC。10.如圖甲所示，平行光滑長直導軌、水平放置，間距，兩導軌左端之間接有一定值電阻，導軌電阻不計。導體棒ab垂直于導軌放在距離導軌左端處，質量，接入電路的電阻為，豎直方向的勻強磁場范圍足夠大，選豎直向下為正方向。從時刻開始磁感應強度隨時間的變化關系如圖乙所示，內ab棒固定不動。時給ab棒一個向右的速度，同時施加一方向水平的外力，使ab棒做的勻減速運動。下列說法正確的是（）A.前2s內電路中感應電流的大小為1.0AB.前3s內通過金屬棒中電流方向由到C.前2s內通過電阻的電荷量為3CD.ab棒向右運動且位移等于6.4m時外力【答案】AD【解析】A．前2s內電路中感應電動勢由閉合電路歐姆定律前2s內電路中感應電流為1.0A，A項正確；B．前3s內穿過閉合回路的磁通量先向下減小后向上增加，則由楞次定律可知，電流方向由到，B項錯誤；C．根據(jù)前2s內通過電阻的電荷量為2C，C項錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律有由運動學公式聯(lián)立解得D項正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.在“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關系”實驗中，某同學利用如圖甲所示可拆式變壓器進行研究。（1）實驗過程中，變壓器的原、副線圈選擇不同的匝數(shù)，利用多用電表測量相應電壓，記錄如圖乙，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)，在實驗誤差允許的范圍內，可得出原、副線圈兩端電壓與匝數(shù)的關系為______（用、、和表示）。（2）對于實驗過程，下列說法中正確的有______。A.本探究實驗采用了控制變量法B.變壓器工作時副線圈電流的頻率與原線圈不相同C.因為實驗所用電壓較低，通電情況下可用手接觸裸露的導線、接線柱D.測量原、副線圈的電壓時，可用直流電壓表（3）通過分析實驗數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn)，每次實驗，變壓器副線圈輸出電壓總比理論值小，下列可能的原因，你認為不正確的是______。A.變壓器線圈中有電流通過時會發(fā)熱B.原線圈中電流產生的磁場能在向副線圈轉移過程中有損失C.原線圈輸入電壓發(fā)生變化D.鐵芯在交變磁場的作用下會發(fā)熱【答案】（1）（2）A（3）C【解析】（1）通過分析表中數(shù)據(jù)可得結論，在誤差允許的范圍內，原副線圈的電壓比與匝數(shù)比相等，即（2）A．當一個物理量與多個物理量相關時，應采用控制變量法，探究該物理量與某一個量的關系，故A正確；B．由理想變壓器原理可知，理想變壓器原、副線圈兩端的交變電流的頻率相同，故B錯誤；C．通電情況下不可用手接觸裸露的導線、接線柱，因為會產生誤差，故C錯誤；D．變壓器的電壓是交流電壓，因此不能用直流電壓表，故D錯誤。故選A。（3）A．變壓器線圈中有電流通過時會發(fā)熱，線圈則有直流電阻，在線圈上會產生電壓降，使輸出電壓減小，故A正確，不符合題意；B．原線圈中電流產生的磁場能在向副線圈轉移過程中有損失，即有漏磁現(xiàn)象，由能量守恒定律可知，使輸出電壓減小，故B正確，不符合題意；C．原線圈輸入電壓發(fā)生變化，對原、副線圈電壓的比值不會有影響，故C錯誤，符合題意；D．鐵芯在交變磁場的作用下會發(fā)熱，使變壓器輸出的電能小于輸入電能，使輸出的電壓減小，故D正確，不符合題意。故選C。12.某同學自制了一個兩擋位（“”“”）的歐姆表，其內部結構如圖所示，通過調節(jié)滑動變阻器滑片的位置（分別置于“端”或“端”），虛線框內可實現(xiàn)電流表量程的改變?？捎闷鞑娜缦拢篈．干電池（電動勢，內阻不計）；B．電流表G（滿偏電流，內阻）；C．定值電阻（阻值）；D．滑動變阻器；E．定值電阻、；F．開關一個，紅、黑表筆各一支，導線若干。（1）黑表筆應該接在______（填“①”或“②”）接線柱。（2）當滑片置于端，開關S置于端時，虛線框內電流表的量程是，此時為歐姆表的一擋位；當滑片置于端，開關S置于端時為歐姆表另一擋位，那么滑動變阻器的總阻值為______，定值電阻的阻值為______?！敬鸢浮浚?）②（2）9141【解析】（1）根據(jù)“紅進黑出”規(guī)律可知，歐姆表的黑表筆應與內部電源正極相連，所以黑表筆應該接在②接線柱。（2）[1][2]虛線框內的電流表，滑片置于端時，