2024-2025學年山西省長治市高二上學期1月期末物理試題（解析版）

高級中學名校試題PAGEPAGE1物理（A卷）考生注意：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時間75分鐘。2．答題前，考生務必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內項目填寫清楚。3．考生作答時，請將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。4．本卷命題范圍：人教版必修第三冊、選擇性必修第二冊第一、二章。一、選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求）1.關于對電場的概念以及公式的理解，下列說法正確的是（）A.電場強度公式可知，距q相同距離點電場強度相同B.電場強度公式可知，若試探電荷的電荷量加倍，則該點的電場強度減半C.電場強度公式適合于任何電場的電場強度計算D.由電勢定義式不能得出電場中某點的電勢與該點的電荷量q成反比【答案】D【解析】A．電場強度公式可知，距q相同距離點的電場強度大小相等，但方向不同，故A錯誤；B．電場強度公式是定義式，電場強度只由電場自身決定，與試探電荷的電荷量無關，故B錯誤；C．電場強度公式只適合于勻強電場的電場強度計算，故C錯誤；D．為電勢的定義式，電勢只由電場自身決定，與試探電荷的電荷量無關，所以由電勢定義式不能得出電場中某點的電勢與該點的電荷量q成反比，故D正確。2.如圖所示的電路中，C為平行板電容器，左右兩極板分別為M、N，G表為0刻度在中央的靈敏電流計。閉合電鍵，待電路穩(wěn)定，電源的內阻不可忽略。則下列說法正確的是（）A.M板向左移動少許，兩極板間的電場強度減小B.滑動變阻器的滑片向右移動少許，流過G表的電流方向向右C.增大電阻箱的阻值，流過G表的電流方向向左D.斷開電鍵S，N板向左移動少許，兩板間的電場強度增大【答案】A【解析】A．電路穩(wěn)定后，電容器極板之間電壓一定，根據可知，M板向左移動少許，極板間距增大，則兩極板間的電場強度減小，故A正確；B．滑動變阻器與電容器串聯，可知，滑動變阻器電阻的接入大小對電容器極板電壓沒有影響，即對電容器極板所帶電荷量大小沒有影響，可知，滑動變阻器的滑片向右移動少許，靈敏電流計中沒有電流通過，故B錯誤；C．增大電阻箱的電阻，外電阻增大，干路電流減小，根據閉合電路歐姆定律可知，路端電壓增大，根據可知，電容器極板所帶電荷量增大，N極帶負電，則N極得電子，電子向左運動，則流過G表的電流方向向右，故C錯誤；D．斷開電鍵S后，電容器在與電阻箱構成的新回路中放電，最終電容器不帶電，極板之間電壓為0，極板之間電場強度為0，故D錯誤。故選A。3.某同學在研究自感現象時，設計了如圖所示的電路，線圈L的自感系數較大，直流電阻為，且，小燈泡1、2完全相同，忽略兩小燈泡的電阻值受溫度的影響。下列說法正確的是（）A.電鍵閉合瞬間，燈泡1、2同時發(fā)光，且亮度均保持不變B.斷開電鍵瞬間，流過燈泡2的電流方向向右C.斷開電鍵瞬間，燈泡2立即熄滅，燈泡1逐漸熄滅D.斷開電鍵瞬間，燈泡2閃亮一下后逐漸熄滅【答案】D【解析】A．電鍵閉合瞬間，燈泡2馬上發(fā)光，由于線圈L產生自感電動勢阻礙通過線圈電流的增大，所以燈泡1逐漸變亮，故A錯誤；BCD．電鍵閉合穩(wěn)定后，由于線圈直流電阻，則線圈所在支路的電流大于燈泡2所在支路的電流，斷開電鍵瞬間，線圈L產生自感電動勢阻礙通過線圈電流的減小，且線圈與燈泡1、2、構成回路，所以燈泡1逐漸熄滅，燈泡2閃亮一下后逐漸熄滅，流過燈泡2的電流方向向左，故BC錯誤，D正確。故選D。4.如圖所示，水平直線上的A、B兩點固定有兩個點電荷，且兩點電荷所帶電荷量大小相等，O點為AB的中點，過O點虛線豎直，一重力忽略不計的正粒子僅在電場力作用下沿圖中的曲線軌跡運動，圖中的a、b兩點關于O點中心對稱。下列說法正確的是（）A.A、B兩點的點電荷均帶負電B.過O點虛線為等勢線C.a、b兩點的電場強度相同D.若正粒子的初速度合適，則經過O點瞬間的速度可能為0【答案】A【解析】A．曲線ab為正粒子只在電場力作用下的運動軌跡，根據正粒子所受電場力一定指向軌跡的凹側，可知A、B兩點的點電荷一定都帶負電，故A正確；B．由于兩點電荷為等量同種負點電荷，根據等量同種負點電荷周圍電勢分布可知，圖中虛線（中垂線）不是一條等勢線，故B錯誤；C．根據對稱性和等量同種負點電荷周圍電勢分布可知，a、b兩點的電場強度大小相等，方向不同，故C錯誤；D．根據等量同種負點電荷周圍電勢分布可知，O點場強為0，粒子在O點所受電場力為0，若粒子經過O點瞬間的速度可能為0，則粒子將靜止與O點，不可能從O點運動到b點，故D錯誤。故選A。5.如圖所示，兩極板間存在正交的電磁場，勻強電場和勻強磁場的方向如圖，一帶正電的粒子（重力忽略不計）以速度沿水平向左由N點射入兩極板，粒子剛好能沿直線穿過兩極板。電場強度大小為E，磁感應強度大小為B。下列說法正確的是（）A.B.若粒子的速度大于，粒子向上偏轉C.僅將正粒子改為負粒子，粒子仍沿直線穿過極板D.僅將正粒子由M水平向右射入，粒子仍沿直線穿過極板【答案】C【解析】A．粒子在極板間受電場力和洛倫茲力做勻速直線運動，有可得，A錯誤；B．粒子受向上的電場力和向下的洛倫茲力，若粒子的速度大于，則洛倫茲力大于電場力，粒子向下偏轉，B錯誤；C．僅將正粒子改為負粒子，則電場力方向向下，洛倫茲力方向向上，仍有，粒子仍沿直線穿過極板，C正確；D．僅將正粒子由M水平向右射入，則粒子所受電場力方向向上，洛倫茲力方向也向上，粒子向上偏轉，D錯誤。故選C。6.如圖所示，兩定值電阻、串聯后接在電動勢，內阻的直流電源兩端，已知電阻、的額定電壓均為12V，已知、，假設定值電阻的電阻值不受溫度的影響，電路開關S接通，下列說法正確的是（）A.定值電阻消耗的電功率為20WB.定值電阻消耗的電功率為12WC.通電時間較長，定值電阻會燒斷D.通電時間較長，定值電阻會燒斷【答案】B【解析】根據閉合電路歐姆定律可得則兩端電壓為定值電阻消耗的電功率為兩端電壓為定值電阻消耗的電功率為由于、的實際電壓都沒有超過額定電壓，所以通電時間較長，、都不會燒斷。故選B7.如圖所示，圓心為O的光滑圓形軌道豎直放置，兩根長度和質量均相等的導線A、C，導線A固定在管道的最低點并通有垂直紙面向里、大小為的電流，當導線C中通有方向垂直紙面大小為的電流時恰好能靜止在與圓心等高的圓形軌道內壁上。已知通電導線在其周圍某處產生磁場的磁感應強度大小（式中k為常數，I為通電導線中的電流大小，d為該處到通電導線的距離），現緩慢減小A導線的電流，C始終沒離開軌道。則下列說法正確的是（）A.導線C中的電流方向垂直紙面向里B.C.緩慢減小的過程中，軌道對導線C的彈力大小不變D.緩慢減小的過程中，導線A、C之間的距離減小，安培力增大【答案】C【解析】A．對導線C進行受力分析，根據平衡條件可知，C受到重力、軌道支持力和A對C的安培斥力，根據安培定則和左手定則可知，導線C中的電流方向垂直紙面向外，故A錯誤；B．由于導線A固定，通過導線C的受力情況無法判斷與的大小關系，故B錯誤；CD．緩慢減小的過程中，導線C沿著軌道緩慢向下移動，其受力如圖所示根據相似三角形可得由于、不變，導線A、C間的距離逐漸減小，所以軌道對導線C的彈力大小不變，A、C間的安培力逐漸減小，故C正確，D錯誤。故選C。二、多項選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）8.如圖所示，光滑斜面上方的某個區(qū)域內存在垂直紙面向外的勻強磁場，虛線1、2是磁場的兩條邊界線且與斜面垂直，一直立固定在平板上的正方形導線框從斜面的最高點無初速度釋放，經過一段時間，線框通過磁場區(qū)域．已知磁場邊界線的長度與磁場邊界線之間的距離均大于線框的邊長，斜面足夠長。下列說法正確的是（）A.線框進入磁場的過程中，感應電流的方向為順時針方向B.線框有可能一直勻速穿過磁場區(qū)域C.線框進入和穿出磁場的過程中，線框產生的焦耳熱相等D.線框進入和穿出磁場的過程中，通過線框橫截面的電荷量相等【答案】AD【解析】A．線框進入磁場的過程中，穿過線框的磁通量向外增加，根據楞次定律可知，感應電流的方向為順時針方向，故A正確；B．若線框勻速進入磁場，由于磁場邊界線的長度與磁場邊界線之間的距離均大于線框的邊長，則線框完全進入磁場后將做加速運動，線框出磁場時的速度大于進入磁場時的速度，根據可知線框出磁場將做減速運動，所以線框不可能一直勻速穿過磁場區(qū)域，故B錯誤；C．若線框勻速進入磁場，則線框出磁場過程受到的安培力大于進入磁場過程受到的安培力，線框出磁場過程克服安培力做功大于進入磁場過程克服安培力做功，線框出磁場過程產生的焦耳熱大于進入磁場過程產生的焦耳熱，故C錯誤；D．根據由于線框進入和穿出磁場的過程中，磁通量變化大小相等，所以通過線框橫截面的電荷量相等，故D正確。9.如圖甲所示電路中，螺線管線圈的匝數為n、面積為、電阻為R，定值電阻的阻值為4R，電動機繞線電阻為R，穿過螺線管線圈磁場的磁感應強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示（取向上為正方向）。在時間內電動機不轉動，時間內電動機正常轉動且螺線管線圈中的電流變?yōu)闀r間內螺線管線圈中的電流的2.4倍。下列說法正確的是（）A.時間內C點電勢高于A點電勢B.時間內流過螺線管線圈的電流為C.在時間內電動機的電壓為D.在時間內流過電動機的電流為【答案】BC【解析】A．時間內，均勻增大，根據楞次定律，可判斷出線圈中的感應電流方向為順時針，則A點電勢高于C點電勢，A錯誤；B．時間內螺線管中產生的感應電動勢為并聯電路的電阻為流過螺線管線圈的電流為B正確；C．在時間內螺線管中產生的感應電動勢為電動機的電壓為C正確；D．在時間內流過定值電阻的電流為流過電動機的電流為D錯誤。故選BC。10.如圖所示，水平線上方豎直虛線左、右兩側分別存在垂直于紙面向外的勻強磁場和豎直向下的勻強電場，磁場的磁感應強度大小為B。一質量為m的帶正電粒子以初速度垂直于射入磁場，經磁場偏轉后垂直虛線進入電場中，進入電場時的位置與水平線的距離為d，離開電場時與直線的夾角為θ。不計粒子重力和空氣阻力。下列說法正確的是（）A.粒子的電荷量為B.磁場和電場對粒子作用力的總沖量大小為C.粒子在電場中的運動時間為D.勻強電場的電場強度大小為【答案】AC【解析】A．粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有半徑為，解得A正確；B．粒子進入電場時的速度為，離開電場時的速度為磁場和電場對粒子作用力的總沖量大小為速度變化量為離開電場和進入磁場時速度的矢量差，即所以B錯誤；C．粒子在電場中做類平拋運動，豎直方向做勻加速直線運動，離開電場時的豎直分速度為豎直反向位移為，有可得C正確；D．粒子在電場中運動，根據動能定理有可得D錯誤。三、非選擇題（本題共5小題，共54分）11.某實驗小組的同學為了“探究影響感應電流方向的因素”設計了如圖所示的電路，其中部分導線已連接。（1）為了完成實驗，請用筆劃線代替導線將電路補充完整________；（2）為了保護電器，電鍵閉合前，滑動變阻器的滑片P應位于______（選填“最左端”“正中央”或“最右端”）；（3）連接電路后，將線圈M插入線圈N中，發(fā)現電鍵閉合瞬間，靈敏電流計的指針向左發(fā)生偏轉，經過一段時間電路穩(wěn)定后，靈敏電流計的指針______（選填“向左”“不發(fā)生”或“向右”）偏轉；若僅將滑動變阻器的滑片P向左滑動，則靈敏電流計的指針______（選填“向左”、“不發(fā)生”或“向右”）偏轉。【答案】（1）見解析（2）最右端（3）不發(fā)生向左【解析】（1）完整實物連線如圖所示（2）為了保護電器，電鍵閉合前，滑動變阻器的滑片P應位于最右端，使滑動變阻器接入電路阻值最大。（3）[1]連接電路后，將線圈M插入線圈N中，發(fā)現電鍵閉合瞬間，穿過線圈M的磁通量增加，靈敏電流計的指針向左發(fā)生偏轉，經過一段時間電路穩(wěn)定后，穿過線圈M的磁通量不變，線圈M不產生感應電流，靈敏電流計的指針不發(fā)生偏轉；[2]若僅將滑動變阻器的滑片P向左滑動，滑動變阻器接入電路阻值減小，通過線圈N的電流增大，穿過線圈M的磁通量增加，則靈敏電流計的指針向左偏轉。12.實驗小組為了測量一段金屬絲的電阻率，利用實驗室為其提供的器材，進行了如下操作：（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其讀數如圖甲所示，則金屬絲的直徑為______mm；（2）用多用電表粗略測量了金屬絲的電阻，測量時，將選擇開關旋至“×1”擋位，進行歐姆調零后測量，多用電表的讀數如圖乙所示，則金屬絲的阻值約為______Ω；（3）為了減小電阻率測量的誤差，實驗時應較為精確地測量了金屬絲的電阻值，實驗室為其提供了如下的實驗器材：A．電源E（電動勢約3.0V，內阻很?。〣．電壓表V（量程0~3V，內阻約3kΩ）C．電流表A1（量程0~0.6A，內阻約1.5Ω）D．電流表A2（量程0~3A，內阻約0.025Ω）E．滑動變阻器R1（阻值范圍0~10Ω，最大允許電流1A）F．滑動變阻器R2（阻值范圍0~100Ω，最大允許電流2A）H．開關、導線①實驗時，為了使電表的示數變化盡量大，利用實驗室為其提供的器材，設計測量金屬絲電阻的電路圖，將其畫在圖中的虛線框內，并標明所選的器材______；②如果金屬絲接入電路的長度為L，金屬絲的直徑為d，某次測量時電壓表讀數為U、電流表的讀數為I，若電壓表看作理想電表，則該金屬絲的電阻率為ρ=______（用以上物理量字母表示），若電壓表不能看作理想電表，則金屬絲電阻率的上述測量值______（選填“大于”“等于”或“小于”）真實值?！敬鸢浮浚?）0.727（0.726~0.728）（2）6.0（3）見解析小于【解析】（1）根據螺旋測微器的讀數規(guī)律，該讀數為（2）根據歐姆表的讀數規(guī)律，該讀數為（3）①[1]電源電動勢約為3.0V，根據上述，金屬絲電阻約為6.0Ω，則通過金屬絲的最大電流約為為了確保電流表的安全與精度，電流表選擇0~0.6A，即電流表選擇A1。由于實驗要求使電表的示數變化盡量大，則控制電路采用滑動變阻器分壓式接法，為了使測量值連續(xù)性強一些，滑動變阻器總阻值選擇小一些，即滑動變阻器選擇R1。由于電壓表內阻遠遠大于金屬絲電阻與電流表電阻，可知，電流表分壓影響大一些，為了減小電流表分壓影響，測量電路采用電流表外接法，作出電路圖，如圖所示②[2]根據歐姆定律有根據電阻定律有解得[3]由于控制電路采用電流表外接法，實驗系統(tǒng)誤差在于電壓表分流，由于電壓表的分流影響，導致電流測量值偏大，則電阻測量值偏小，可知，金屬絲電阻率的上述測量值小于真實值。13.如圖所示的虛線間有兩個邊長均為L的正方形區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，區(qū)域Ⅰ中存在水平向右的勻強電場，區(qū)域Ⅱ中存在豎直向上的勻強電場，一電荷量為q、質量為m的帶正電小球從a點由靜止釋放，小球由be的中點M進入區(qū)域Ⅱ，小球又經一段時間從c點離開區(qū)域Ⅱ，重力加速度為g，忽略空氣的阻力。求：（1）小球經M點的速度大小；（2）區(qū)域Ⅱ中的電場強度大小。【答案】（1）（2）【解析】（1）帶正電小球從a點由靜止釋放受到重力和電場力作用，沿aM方向做直線運動，小球的受力如圖所示根據幾何關系可得則有小球從a點到M點過程，根據動能定理可得其中解得小球經M點的速度大小為（2）小球由M進入區(qū)域Ⅱ，小球又經一段時間從c點離開區(qū)域Ⅱ，水平方向有豎直方向有其中聯立解得區(qū)域Ⅱ中的電場強度大小為14.如圖所示，直角三角形區(qū)域內存在垂直于紙面向里的勻強磁場（含邊界），磁感應強度大小為B，，邊長，，，一粒子源能夠向磁場范圍內均勻發(fā)射相同速率的帶電粒子，粒子的質量均為m、電荷量均為。粒子源置于a點，發(fā)射的所有粒子均能從ac邊射出，且有粒子射出的區(qū)域占ac邊總長度的．不計粒子的重力及粒子間的相互作用。求：（1）粒子的速度大??；（2）粒子在磁場中運動的最長時間；（3）若僅將粒子源移置于O點，從ab邊射出粒子數量與總數量之比。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）畫出粒子的運動軌跡如圖，從a點沿ab方向射出的粒子打到ac邊時距離a點最遠，最遠距離由幾何關系可知根據可得（2）從a點沿ab方向射出的粒子在磁場中運動時間最長，則（3）若僅將粒子源移置于O點，當粒子沿Oa方向入射時打到ab邊上的粒子為下邊緣，當粒子軌跡與ab相切時為上邊緣，由幾何關系可知，粒子射出時角度范圍為30°，則從ab邊射出粒子數量與總數量之比。15.如圖所示，兩間距m、足夠長的光滑平行傾斜金屬導軌固定在水平面上，兩導軌的傾角均為，兩導軌的頂端用阻值Ω的定值電阻相連，水平虛線MN的下側存在垂直導軌平面向上的勻強磁場，質量kg、長為1m、阻值Ω的金屬棒緊靠虛線MN靜止釋放，經過一段時間后金屬棒以速度m/s勻速下滑，該過程中流過定值電阻的電荷量C。整個過程金屬棒始終與導軌垂直，不計導軌的電阻值，重力加速度m/s2，。求：（1）勻強磁場的磁感應強度大小；（2）從金屬棒靜止釋放到金屬棒開始勻速運動過程中定值電阻上產生的熱量；（3）若僅將定值電阻R換成電F的電容器，仍將金屬棒緊靠虛線MN靜止釋放，2s末金屬棒的速度大小?！敬鸢浮浚?）0.8T（2）37.5J（3）6m/s【解析】（1）金屬棒勻速下滑時的速度大小為v，金屬棒切割磁感線產生的電動勢為通過金屬棒的電流為金屬棒受到的安培力為金屬棒做勻速直線運動時有聯立并代入數據解得B=0.8T（2）通過金屬棒的電荷量為，平均電動勢，解得由能量守恒定律可得聯立并代入數據解得從金屬棒靜止釋放到金屬棒開始勻速運動過程中定值電阻上產生的熱量（3）若將電阻R改接成電容為C的電容器，將金屬棒由靜止釋放，產生感應電動勢，電容器充電，電路中有充電電流，金屬棒受到安培力和重力，根據牛頓第二定律得設時間間隔時間內流經棒的電荷量為，則電路中電流又聯立并代入數據解得所以金屬棒做初速度為零的勻加速直線運動，2秒末的速度物理（A卷）考生注意：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時間75分鐘。2．答題前，考生務必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內項目填寫清楚。3．考生作答時，請將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。4．本卷命題范圍：人教版必修第三冊、選擇性必修第二冊第一、二章。一、選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求）1.關于對電場的概念以及公式的理解，下列說法正確的是（）A.電場強度公式可知，距q相同距離點電場強度相同B.電場強度公式可知，若試探電荷的電荷量加倍，則該點的電場強度減半C.電場強度公式適合于任何電場的電場強度計算D.由電勢定義式不能得出電場中某點的電勢與該點的電荷量q成反比【答案】D【解析】A．電場強度公式可知，距q相同距離點的電場強度大小相等，但方向不同，故A錯誤；B．電場強度公式是定義式，電場強度只由電場自身決定，與試探電荷的電荷量無關，故B錯誤；C．電場強度公式只適合于勻強電場的電場強度計算，故C錯誤；D．為電勢的定義式，電勢只由電場自身決定，與試探電荷的電荷量無關，所以由電勢定義式不能得出電場中某點的電勢與該點的電荷量q成反比，故D正確。2.如圖所示的電路中，C為平行板電容器，左右兩極板分別為M、N，G表為0刻度在中央的靈敏電流計。閉合電鍵，待電路穩(wěn)定，電源的內阻不可忽略。則下列說法正確的是（）A.M板向左移動少許，兩極板間的電場強度減小B.滑動變阻器的滑片向右移動少許，流過G表的電流方向向右C.增大電阻箱的阻值，流過G表的電流方向向左D.斷開電鍵S，N板向左移動少許，兩板間的電場強度增大【答案】A【解析】A．電路穩(wěn)定后，電容器極板之間電壓一定，根據可知，M板向左移動少許，極板間距增大，則兩極板間的電場強度減小，故A正確；B．滑動變阻器與電容器串聯，可知，滑動變阻器電阻的接入大小對電容器極板電壓沒有影響，即對電容器極板所帶電荷量大小沒有影響，可知，滑動變阻器的滑片向右移動少許，靈敏電流計中沒有電流通過，故B錯誤；C．增大電阻箱的電阻，外電阻增大，干路電流減小，根據閉合電路歐姆定律可知，路端電壓增大，根據可知，電容器極板所帶電荷量增大，N極帶負電，則N極得電子，電子向左運動，則流過G表的電流方向向右，故C錯誤；D．斷開電鍵S后，電容器在與電阻箱構成的新回路中放電，最終電容器不帶電，極板之間電壓為0，極板之間電場強度為0，故D錯誤。故選A。3.某同學在研究自感現象時，設計了如圖所示的電路，線圈L的自感系數較大，直流電阻為，且，小燈泡1、2完全相同，忽略兩小燈泡的電阻值受溫度的影響。下列說法正確的是（）A.電鍵閉合瞬間，燈泡1、2同時發(fā)光，且亮度均保持不變B.斷開電鍵瞬間，流過燈泡2的電流方向向右C.斷開電鍵瞬間，燈泡2立即熄滅，燈泡1逐漸熄滅D.斷開電鍵瞬間，燈泡2閃亮一下后逐漸熄滅【答案】D【解析】A．電鍵閉合瞬間，燈泡2馬上發(fā)光，由于線圈L產生自感電動勢阻礙通過線圈電流的增大，所以燈泡1逐漸變亮，故A錯誤；BCD．電鍵閉合穩(wěn)定后，由于線圈直流電阻，則線圈所在支路的電流大于燈泡2所在支路的電流，斷開電鍵瞬間，線圈L產生自感電動勢阻礙通過線圈電流的減小，且線圈與燈泡1、2、構成回路，所以燈泡1逐漸熄滅，燈泡2閃亮一下后逐漸熄滅，流過燈泡2的電流方向向左，故BC錯誤，D正確。故選D。4.如圖所示，水平直線上的A、B兩點固定有兩個點電荷，且兩點電荷所帶電荷量大小相等，O點為AB的中點，過O點虛線豎直，一重力忽略不計的正粒子僅在電場力作用下沿圖中的曲線軌跡運動，圖中的a、b兩點關于O點中心對稱。下列說法正確的是（）A.A、B兩點的點電荷均帶負電B.過O點虛線為等勢線C.a、b兩點的電場強度相同D.若正粒子的初速度合適，則經過O點瞬間的速度可能為0【答案】A【解析】A．曲線ab為正粒子只在電場力作用下的運動軌跡，根據正粒子所受電場力一定指向軌跡的凹側，可知A、B兩點的點電荷一定都帶負電，故A正確；B．由于兩點電荷為等量同種負點電荷，根據等量同種負點電荷周圍電勢分布可知，圖中虛線（中垂線）不是一條等勢線，故B錯誤；C．根據對稱性和等量同種負點電荷周圍電勢分布可知，a、b兩點的電場強度大小相等，方向不同，故C錯誤；D．根據等量同種負點電荷周圍電勢分布可知，O點場強為0，粒子在O點所受電場力為0，若粒子經過O點瞬間的速度可能為0，則粒子將靜止與O點，不可能從O點運動到b點，故D錯誤。故選A。5.如圖所示，兩極板間存在正交的電磁場，勻強電場和勻強磁場的方向如圖，一帶正電的粒子（重力忽略不計）以速度沿水平向左由N點射入兩極板，粒子剛好能沿直線穿過兩極板。電場強度大小為E，磁感應強度大小為B。下列說法正確的是（）A.B.若粒子的速度大于，粒子向上偏轉C.僅將正粒子改為負粒子，粒子仍沿直線穿過極板D.僅將正粒子由M水平向右射入，粒子仍沿直線穿過極板【答案】C【解析】A．粒子在極板間受電場力和洛倫茲力做勻速直線運動，有可得，A錯誤；B．粒子受向上的電場力和向下的洛倫茲力，若粒子的速度大于，則洛倫茲力大于電場力，粒子向下偏轉，B錯誤；C．僅將正粒子改為負粒子，則電場力方向向下，洛倫茲力方向向上，仍有，粒子仍沿直線穿過極板，C正確；D．僅將正粒子由M水平向右射入，則粒子所受電場力方向向上，洛倫茲力方向也向上，粒子向上偏轉，D錯誤。故選C。6.如圖所示，兩定值電阻、串聯后接在電動勢，內阻的直流電源兩端，已知電阻、的額定電壓均為12V，已知、，假設定值電阻的電阻值不受溫度的影響，電路開關S接通，下列說法正確的是（）A.定值電阻消耗的電功率為20WB.定值電阻消耗的電功率為12WC.通電時間較長，定值電阻會燒斷D.通電時間較長，定值電阻會燒斷【答案】B【解析】根據閉合電路歐姆定律可得則兩端電壓為定值電阻消耗的電功率為兩端電壓為定值電阻消耗的電功率為由于、的實際電壓都沒有超過額定電壓，所以通電時間較長，、都不會燒斷。故選B7.如圖所示，圓心為O的光滑圓形軌道豎直放置，兩根長度和質量均相等的導線A、C，導線A固定在管道的最低點并通有垂直紙面向里、大小為的電流，當導線C中通有方向垂直紙面大小為的電流時恰好能靜止在與圓心等高的圓形軌道內壁上。已知通電導線在其周圍某處產生磁場的磁感應強度大?。ㄊ街衚為常數，I為通電導線中的電流大小，d為該處到通電導線的距離），現緩慢減小A導線的電流，C始終沒離開軌道。則下列說法正確的是（）A.導線C中的電流方向垂直紙面向里B.C.緩慢減小的過程中，軌道對導線C的彈力大小不變D.緩慢減小的過程中，導線A、C之間的距離減小，安培力增大【答案】C【解析】A．對導線C進行受力分析，根據平衡條件可知，C受到重力、軌道支持力和A對C的安培斥力，根據安培定則和左手定則可知，導線C中的電流方向垂直紙面向外，故A錯誤；B．由于導線A固定，通過導線C的受力情況無法判斷與的大小關系，故B錯誤；CD．緩慢減小的過程中，導線C沿著軌道緩慢向下移動，其受力如圖所示根據相似三角形可得由于、不變，導線A、C間的距離逐漸減小，所以軌道對導線C的彈力大小不變，A、C間的安培力逐漸減小，故C正確，D錯誤。故選C。二、多項選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）8.如圖所示，光滑斜面上方的某個區(qū)域內存在垂直紙面向外的勻強磁場，虛線1、2是磁場的兩條邊界線且與斜面垂直，一直立固定在平板上的正方形導線框從斜面的最高點無初速度釋放，經過一段時間，線框通過磁場區(qū)域．已知磁場邊界線的長度與磁場邊界線之間的距離均大于線框的邊長，斜面足夠長。下列說法正確的是（）A.線框進入磁場的過程中，感應電流的方向為順時針方向B.線框有可能一直勻速穿過磁場區(qū)域C.線框進入和穿出磁場的過程中，線框產生的焦耳熱相等D.線框進入和穿出磁場的過程中，通過線框橫截面的電荷量相等【答案】AD【解析】A．線框進入磁場的過程中，穿過線框的磁通量向外增加，根據楞次定律可知，感應電流的方向為順時針方向，故A正確；B．若線框勻速進入磁場，由于磁場邊界線的長度與磁場邊界線之間的距離均大于線框的邊長，則線框完全進入磁場后將做加速運動，線框出磁場時的速度大于進入磁場時的速度，根據可知線框出磁場將做減速運動，所以線框不可能一直勻速穿過磁場區(qū)域，故B錯誤；C．若線框勻速進入磁場，則線框出磁場過程受到的安培力大于進入磁場過程受到的安培力，線框出磁場過程克服安培力做功大于進入磁場過程克服安培力做功，線框出磁場過程產生的焦耳熱大于進入磁場過程產生的焦耳熱，故C錯誤；D．根據由于線框進入和穿出磁場的過程中，磁通量變化大小相等，所以通過線框橫截面的電荷量相等，故D正確。9.如圖甲所示電路中，螺線管線圈的匝數為n、面積為、電阻為R，定值電阻的阻值為4R，電動機繞線電阻為R，穿過螺線管線圈磁場的磁感應強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示（取向上為正方向）。在時間內電動機不轉動，時間內電動機正常轉動且螺線管線圈中的電流變?yōu)闀r間內螺線管線圈中的電流的2.4倍。下列說法正確的是（）A.時間內C點電勢高于A點電勢B.時間內流過螺線管線圈的電流為C.在時間內電動機的電壓為D.在時間內流過電動機的電流為【答案】BC【解析】A．時間內，均勻增大，根據楞次定律，可判斷出線圈中的感應電流方向為順時針，則A點電勢高于C點電勢，A錯誤；B．時間內螺線管中產生的感應電動勢為并聯電路的電阻為流過螺線管線圈的電流為B正確；C．在時間內螺線管中產生的感應電動勢為電動機的電壓為C正確；D．在時間內流過定值電阻的電流為流過電動機的電流為D錯誤。故選BC。10.如圖所示，水平線上方豎直虛線左、右兩側分別存在垂直于紙面向外的勻強磁場和豎直向下的勻強電場，磁場的磁感應強度大小為B。一質量為m的帶正電粒子以初速度垂直于射入磁場，經磁場偏轉后垂直虛線進入電場中，進入電場時的位置與水平線的距離為d，離開電場時與直線的夾角為θ。不計粒子重力和空氣阻力。下列說法正確的是（）A.粒子的電荷量為B.磁場和電場對粒子作用力的總沖量大小為C.粒子在電場中的運動時間為D.勻強電場的電場強度大小為【答案】AC【解析】A．粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有半徑為，解得A正確；B．粒子進入電場時的速度為，離開電場時的速度為磁場和電場對粒子作用力的總沖量大小為速度變化量為離開電場和進入磁場時速度的矢量差，即所以B錯誤；C．粒子在電場中做類平拋運動，豎直方向做勻加速直線運動，離開電場時的豎直分速度為豎直反向位移為，有可得C正確；D．粒子在電場中運動，根據動能定理有可得D錯誤。三、非選擇題（本題共5小題，共54分）11.某實驗小組的同學為了“探究影響感應電流方向的因素”設計了如圖所示的電路，其中部分導線已連接。（1）為了完成實驗，請用筆劃線代替導線將電路補充完整________；（2）為了保護電器，電鍵閉合前，滑動變阻器的滑片P應位于______（選填“最左端”“正中央”或“最右端”）；（3）連接電路后，將線圈M插入線圈N中，發(fā)現電鍵閉合瞬間，靈敏電流計的指針向左發(fā)生偏轉，經過一段時間電路穩(wěn)定后，靈敏電流計的指針______（選填“向左”“不發(fā)生”或“向右”）偏轉；若僅將滑動變阻器的滑片P向左滑動，則靈敏電流計的指針______（選填“向左”、“不發(fā)生”或“向右”）偏轉。【答案】（1）見解析（2）最右端（3）不發(fā)生向左【解析】（1）完整實物連線如圖所示（2）為了保護電器，電鍵閉合前，滑動變阻器的滑片P應位于最右端，使滑動變阻器接入電路阻值最大。（3）[1]連接電路后，將線圈M插入線圈N中，發(fā)現電鍵閉合瞬間，穿過線圈M的磁通量增加，靈敏電流計的指針向左發(fā)生偏轉，經過一段時間電路穩(wěn)定后，穿過線圈M的磁通量不變，線圈M不產生感應電流，靈敏電流計的指針不發(fā)生偏轉；[2]若僅將滑動變阻器的滑片P向左滑動，滑動變阻器接入電路阻值減小，通過線圈N的電流增大，穿過線圈M的磁通量增加，則靈敏電流計的指針向左偏轉。12.實驗小組為了測量一段金屬絲的電阻率，利用實驗室為其提供的器材，進行了如下操作：（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其讀數如圖甲所示，則金屬絲的直徑為______mm；（2）用多用電表粗略測量了金屬絲的電阻，測量時，將選擇開關旋至“×1”擋位，進行歐姆調零后測量，多用電表的讀數如圖乙所示，則金屬絲的阻值約為______Ω；（3）為了減小電阻率測量的誤差，實驗時應較為精確地測量了金屬絲的電阻值，實驗室為其提供了如下的實驗器材：A．電源E（電動勢約3.0V，內阻很?。〣．電壓表V（量程0~3V，內阻約3kΩ）C．電流表A1（量程0~0.6A，內阻約1.5Ω）D．電流表A2（量程0~3A，內阻約0.025Ω）E．滑動變阻器R1（阻值范圍0~10Ω，最大允許電流1A）F．滑動變阻器R2（阻值范圍0~100Ω，最大允許電流2A）H．開關、導線①實驗時，為了使電表的示數變化盡量大，利用實驗室為其提供的器材，設計測量金屬絲電阻的電路圖，將其畫在圖中的虛線框內，并標明所選的器材______；②如果金屬絲接入電路的長度為L，金屬絲的直徑為d，某次測量時電壓表讀數為U、電流表的讀數為I，若電壓表看作理想電表，則該金屬絲的電阻率為ρ=______（用以上物理量字母表示），若電壓表不能看作理想電表，則金屬絲電阻率的上述測量值______（選填“大于”“等于”或“小于”）真實值?！敬鸢浮浚?）0.727（0.726~0.728）（2）6.0（3）見解析小于【解析】（1）根據螺旋測微器的讀數規(guī)律，該讀數為（2）根據歐姆表的讀數規(guī)律，該讀數為（3）①[1]電源電動勢約為3.0V，根據上述，金屬絲電阻約為6.0Ω，則通過金屬絲的最大電流約為為了確保電流表的安全與精度，電流表選擇0~0.6A，即電流表選擇A1。由于實驗要求使電表的示數變化盡量大，則控制電路采用滑動變阻器分壓式接法，為了使測量值連續(xù)性強一些，滑動變阻器總阻值選擇小一些，即滑動變阻器選擇R1。由于電壓表內阻遠遠大于金屬絲電阻與電流表電阻