廣東省汕頭市2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期階段考試物理試題（解析版）VIP

高級中學(xué)名校試卷PAGE2025學(xué)年度第一學(xué)期第二次階段考高二物理一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合要求的。1.2018年珠海航展，我國首臺量子雷達(dá)亮相（如圖），量子雷達(dá)發(fā)射經(jīng)典態(tài)的電磁波，可以捕捉到普通雷達(dá)無法探測到的目標(biāo)。下列說法正確的是（）A.量子就是電子B.頻率越高的電磁波能量越小C.電磁波在真空中的傳播速度與其頻率有關(guān)D.空間某處電場或磁場發(fā)生正弦規(guī)律變化就會在其周圍產(chǎn)生電磁波【答案】D【解析】A．量子不是電子，電子是實物粒子，故A錯誤；B．根據(jù)，頻率越高的電磁波能量越大，故B錯誤；C．電磁波在真空中的傳播速度與其頻率無關(guān)，為光速，故C錯誤；D．根據(jù)麥克斯韋理論可知，空間某處電場或磁場發(fā)生正弦規(guī)律變化就會在其周圍產(chǎn)生電磁波，故D正確。2.下列說法正確的是（）A.甲圖中導(dǎo)線所通電流與受力后導(dǎo)線彎曲的圖示符合物理事實B.如圖乙所示，如果長為l、通電電流為Ⅰ的短直導(dǎo)線在該磁場中所受力的大小為F，則該處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小一定為C.如圖丙所示，整個閉合線圈在勻強(qiáng)磁場中向右加速運(yùn)動，切割了磁感線，故線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流D.丁圖中環(huán)形導(dǎo)線通電后，其軸心位置小磁針的旋轉(zhuǎn)方向符合物理事實特點(diǎn)【答案】D【解析】A．根據(jù)安培定則，同向電流相互吸引，異向電流相互排斥，則圖甲所示兩導(dǎo)線應(yīng)相互排斥，故A錯誤；B．只有長為l、通過電流為I的短直導(dǎo)線垂直放在勻強(qiáng)磁場中所受磁場力的大小為F，則可測出該處磁感應(yīng)強(qiáng)度才為，故B錯誤；C．線圈運(yùn)動過程中，磁通量不變，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯誤；D．根據(jù)安培定則可知，如圖環(huán)形導(dǎo)線內(nèi)部有垂直紙面向里的磁場，N極向紙面向里轉(zhuǎn)動，故D正確。故選D。3.下列說法正確的是（）A.如圖甲所示，ABC構(gòu)成等邊三角形，若兩通電長直導(dǎo)線A、B在C處產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為，則C處磁場的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是B.圖乙中地磁場的垂直于地面磁感應(yīng)強(qiáng)度分量在南半球豎直向下，北半球豎直向上C.圖丙中穿過兩金屬圓環(huán)的磁通量大小關(guān)系為D.圖丁中與通電長直導(dǎo)線在同一平面內(nèi)的金屬線框沿平行于直導(dǎo)線方向運(yùn)動，線框中會產(chǎn)生感應(yīng)電流【答案】A【解析】A．根據(jù)安培定則可知，A、B在C處產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向之間的夾角為60°，根據(jù)矢量疊加可知，C處磁場的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小故A正確；B．根據(jù)地磁場的分別規(guī)律可知，地磁場的垂直于地面磁感應(yīng)強(qiáng)度分量在南半球豎直向上，北半球豎直向下，故B錯誤；C．圖中條形磁體內(nèi)部磁場方向向上（磁感線條數(shù)是一定的），外部線圈所在位置磁場方向向下（環(huán)面積越大，向下穿過的磁感線條數(shù)越多），由于2環(huán)面積大，抵消的磁感線條數(shù)越多，故圖丙中穿過兩金屬圓環(huán)的磁通量大小關(guān)系為故C錯誤；D．根據(jù)通電直導(dǎo)線磁場的分布特征可知，當(dāng)金屬線框沿平行于直導(dǎo)線方向運(yùn)動時，穿過線框的磁通量沒有發(fā)生變化，線框中沒有產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯誤。故選A。4.我們生活的北半球，地磁場有豎直向下的分量。如圖所示，夏天，我們在教室里抬頭就看到正在轉(zhuǎn)動的金屬材質(zhì)的電風(fēng)扇。已知葉片端點(diǎn)A到轉(zhuǎn)軸O的長度為l，電風(fēng)扇正在以轉(zhuǎn)速n順時針轉(zhuǎn)動，則下列說法中正確的是（）A.A點(diǎn)的電勢比O點(diǎn)的電勢高B.AO上的電動勢為C.扇葉長度越短，轉(zhuǎn)速越快電勢差的數(shù)值越大D.若將一個燈泡用導(dǎo)線接在A、O兩點(diǎn)間，則扇葉中的電流方向從O到A【答案】B【解析】AD．由于我們生活的北半球，地磁場有豎直向下的分量，電風(fēng)扇順時針方向轉(zhuǎn)動，切割磁感線產(chǎn)生電動勢，根據(jù)右手定則可知，感應(yīng)電流方向從A到O，則A點(diǎn)的電勢比O點(diǎn)的電勢低，則若將一個燈泡用導(dǎo)線接在A、O兩點(diǎn)間，則扇葉中的電流方向從A到O，則AD錯誤；BC．轉(zhuǎn)動切割的電動勢為可知，轉(zhuǎn)速一定時，扇葉長度越短，電勢差的數(shù)值越小，故B正確，C錯誤。故選B。5.疫情期間，為確保社區(qū)居家隔離觀察人員管控預(yù)防措施有效落實，工作人員啟用了如圖甲所示的門磁系統(tǒng)，強(qiáng)磁棒固定在門框上，閉合線圈和發(fā)射系統(tǒng)固定在房門上；如圖乙所示，當(dāng)房門關(guān)閉時線圈平面水平且穿過線圈磁通量最大，當(dāng)線圈中出現(xiàn)電流信號時，自動觸發(fā)后面的信號發(fā)射系統(tǒng)向后臺發(fā)出報警信號。下列說法中正確的是（）A.當(dāng)房門向外打開的過程中，線圈中產(chǎn)生逆時針方向的電流B.此種門磁系統(tǒng)裝在左右移動的滑門上不會起作用C.若每次房門從關(guān)閉狀態(tài)到開門至同一位置過程中，線圈產(chǎn)生的電荷量一定相等D.若每次房門從關(guān)閉狀態(tài)到開門至同一位置過程中，通過線圈的熱量一定相等【答案】AC【解析】A．房門向外打開的過程中，磁通量減小，由楞次定律可得感應(yīng)電流方向為逆時針方向，故A正確；B．此種門磁系統(tǒng)裝在左右移動的滑門上，當(dāng)房門遠(yuǎn)離或靠近時都會有磁通量的變化，產(chǎn)生感應(yīng)電壓、電流，能起到報警的作用，故B錯誤；C．根據(jù)每次房門從關(guān)閉狀態(tài)到開門至同一位置，則相同，則通過線圈的電荷量相等，故C正確；D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律感應(yīng)電流為產(chǎn)生的熱量為可得每次房門從關(guān)閉狀態(tài)到開門至同一位置，則相同，但不能保證每次都相同，所以產(chǎn)生熱量不相等，故D錯誤。故選AC。6.如圖所示，圓環(huán)形導(dǎo)體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管b與電源、滑動變阻器連接成如圖所示的電路。若將滑動變阻器的滑片P向下滑動，下列表述正確的是（）A.線圈a中將產(chǎn)生沿順時針方向（俯視）的感應(yīng)電流B.穿過線圈a的磁通量減小C.線圈a有擴(kuò)張的趨勢D.線圈a對水平桌面的壓力FN將增大【答案】D【解析】AB．當(dāng)滑動觸頭P向下移動時電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈b的電流增大，穿過線圈a的磁通量增加，方向向下；根據(jù)楞次定律即可判斷出線圈a中感應(yīng)電流方向俯視應(yīng)為逆時針，故AB錯誤；C．根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的產(chǎn)生總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因，因為滑動觸頭向下滑動導(dǎo)致穿過線圈a的磁通量增加，故只有線圈面積減少時才能阻礙磁通量的增加，故線圈a應(yīng)有收縮的趨勢，故C錯誤；D．開始時線圈a對桌面的壓力等于線圈a的重力，當(dāng)滑動觸頭向下滑動時，可以用“等效法”，即將線圈a和b看做兩個條形磁鐵，判斷知此時兩磁鐵的N極相對，互相排斥，故線圈a對水平桌面的壓力將增大，故D正確。故選D。7.圖甲是雷擊廣州塔圖片，由于廣州塔有避雷針而安然無恙。圖乙為避雷針周圍的等勢面分布情況，電場中有M、N、P三點(diǎn)，則下列說法不正確的是（）A.P、M兩點(diǎn)電勢差UPM=-2kVB.P點(diǎn)的場強(qiáng)小于M點(diǎn)的場強(qiáng)C.電子從M運(yùn)動到N，電場力不做功D.電子在P點(diǎn)的電勢能小于其在N點(diǎn)的電勢能【答案】D【解析】詳析】A．由圖可知，P、M兩點(diǎn)電勢差UPM=φP-φM=-2kV故A不符合題意；B．因M點(diǎn)比P點(diǎn)等勢面密集，可知電場線密集，則P點(diǎn)的場強(qiáng)大小比M點(diǎn)的小，故B不符合題意；C．M、N兩點(diǎn)在同一條等勢線上，所以電子從M到N，電場力不做功，故C不符合題意；D．因P點(diǎn)的電勢比N點(diǎn)的低，可知電子在P點(diǎn)的電勢能大于其在N點(diǎn)的電勢能，故D符合題意。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示，培訓(xùn)人員使用AED自動除顫機(jī)進(jìn)行治療心臟驟停示范。若AED自動除顫機(jī)內(nèi)有一電容為的電容器，某次使用過程中，該電容器在內(nèi)充電至電壓，之后在時間內(nèi)完成放電，則（）A.電容器充電后所帶的電荷量為B.電容器充電過程中電容一直增大C.電容器放電過程中放電電流一直減小D.電容器放電過程中平均電流為【答案】CD【解析】A．電容器充電后所帶電荷量為故A錯誤；B．電容器的電容由電容器本身的性質(zhì)決定，與電容器是否帶電無關(guān)，故電容器充電過程中電容保持不變，故B錯誤；C．電容器放電過程中，放電電流逐漸減小，故C正確；D．電容器放電過程中的平均電流為故D正確。故選CD9.如圖所示，圖甲為磁流體發(fā)電機(jī)原理示意圖，圖乙為質(zhì)譜儀原理圖，圖丙和圖丁分別為速度選擇器和回旋加速器的原理示意圖，忽略粒子在圖丁的D形盒狹縫中的加速時間，不計粒子重力，下列說法正確的是（）A.圖甲中，將一束等離子體噴入磁場，A、B板間產(chǎn)生電勢差，A板電勢高B.圖乙中，兩種氫的同位素從靜止經(jīng)加速電場射入磁場，打到位置的粒子比荷比較小C.圖丙中，粒子能夠沿直線勻速通過速度選擇器的速度D.圖丁中，隨著粒子速度增大，交變電流的頻率也應(yīng)該增大【答案】B【解析】A．由左手定則知正離子向下偏轉(zhuǎn)，所以下極板帶正電，A板是電源的負(fù)極，B板是電源的正極，B板電勢高，A錯誤；B．帶電粒子經(jīng)過加速電場進(jìn)入磁場根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得可知，R越大，荷質(zhì)比越小，B正確；C．電場的方向與B的方向垂直，帶電粒子進(jìn)入復(fù)合場，受電場力和安培力，且二力是平衡力，即所以C錯誤；D．根據(jù)帶電粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的公式可得隨著粒子速度的增大，圓周運(yùn)動的半徑也應(yīng)該增大，與交變電流的頻率無關(guān)，D錯誤。故選B。10.如圖所示，足夠長的豎直絕緣墻壁右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。質(zhì)量為m、帶電量為-q的絕緣物塊與絕緣墻壁之間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g?，F(xiàn)將小物塊緊貼豎直墻壁由靜止釋放，小物塊沿絕緣墻壁下滑，墻壁足夠長，下列說法正確的是（）A.小物塊受磁場力方向向右B.小物塊運(yùn)動過程中的最大加速度為gC.小物塊所受的摩擦力與速度成正比D.小物塊的最大速度【答案】BC【解析】A．由左手定則可知，小物塊受磁場力方向向左，A錯誤；B．小物塊運(yùn)動過程中的加速度物塊由靜止釋放時有最大加速度B正確；C．根據(jù)平衡條件得小物塊所受的摩擦力與速度成正比，C正確；D．物塊向下做加速運(yùn)動，物塊受到重力、墻壁對其支持力、豎直向上的摩擦力和洛倫磁力，當(dāng)物塊受到的重力與摩擦力相等時，物塊達(dá)到最大速度后勻速運(yùn)動。故小物塊不會離開墻壁。根據(jù)平衡條件得解得小物塊能達(dá)到的最大速度為D錯誤。故選BC。第Ⅱ卷（非選擇題）三、非選擇題：共54分，考生根據(jù)要求做答。11.某實驗小組為測定一段粗細(xì)均勻、電阻率較小的電阻絲的電阻率，采用了如圖甲所示的電路進(jìn)行測量。實驗步驟如下：a.用螺旋測微器在電阻絲上的三個不同位置測出電阻絲的直徑，求出平均值D；b.調(diào)節(jié)電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，用毫米刻度尺測量并記錄導(dǎo)電夾P到電阻絲右端B的長度x；閉合開關(guān)S，記錄電壓表的示數(shù)U、電流表的示數(shù)I；c.改變電阻絲上導(dǎo)電夾P的位置，重復(fù)步驟b，記錄多組x、U、I的值。（1）螺旋測微器某次測量的結(jié)果如圖乙所示，其示數(shù)為__________mm。（2）R0在電路中的作用是__________。（3）若選用某組U、I值，用算出電阻絲連入電路電阻Rx，則計算值與真實值相比__________（填“偏小”“相等”或“偏大”）。（4）根據(jù)多組測量得到的實驗數(shù)據(jù)繪出圖像如圖丙所示，若圖線斜率為k，則電阻絲的電阻率__________（用已知或測量出的物理量的符號表示）；電流表內(nèi)阻對電阻率的測量__________（填“有”或“沒有”）影響?！敬鸢浮浚?）1.662（2）保護(hù)電路（3）偏大（4）沒有【解析】（1）根據(jù)題圖乙的螺旋測微器可知，其示數(shù)（2）R0在電路中可保護(hù)電路。（3）由題圖甲可知，電壓表測量的是Rx和電流表的電壓，電流表測量的是流過Rx的電流，若用算出電阻絲連入電路的電阻Rx，則計算值與真實值相比偏大。（4）[1][2]根據(jù)電阻的決定式可知，電阻絲連入電路的電阻設(shè)電流表的內(nèi)阻為RA，根據(jù)歐姆定律可知根據(jù)題圖丙的圖像可知解得電流表內(nèi)阻對電阻率的測量沒有影響。12.某學(xué)習(xí)小組設(shè)計了如圖甲、乙所示的電路測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，定值電阻的阻值。（1）實驗室提供了兩個可供選擇的滑動變阻器，（阻值），（阻值），為了方便操作，實驗時滑動變阻器應(yīng)選擇_____________（選填“”或“”）。（2）該學(xué)習(xí)小組按照甲、乙電路圖分別連接好電路，閉合開關(guān)，移動滑動變阻器的滑片，記錄電壓表、電流表的示數(shù)并描點(diǎn)，如圖丙、丁所示，則按照甲電路進(jìn)行實驗得到的圖像為_____________（選填“丙”或“丁”），兩個電路合理的是_____________（選填“甲”或“乙”）。（3）在合理的圖像上作圖，可知電動勢_____________，內(nèi)阻_____________。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）【答案】（1）丁（2）乙1.48（1.45~1.50）（3）0.55（0.50~0.68）【解析】（1）[1]一節(jié)干電池的電動勢約為，內(nèi)阻為零點(diǎn)幾歐，工作電流不超過，為方便調(diào)節(jié)，滑動變阻器阻值不能太大，故選擇；（2）[2][3]圖甲電壓表測量路端電壓，圖像的斜率的絕對值為電池內(nèi)阻，內(nèi)阻較小，圖像斜率較小，對應(yīng)丁圖，圖乙相當(dāng)于增大了電池的內(nèi)阻，圖像的斜率的絕對值為電池內(nèi)阻與定值電阻的和，圖像斜率較大，對應(yīng)丙圖，丙圖作出的圖像誤差較小，故應(yīng)選擇乙電路進(jìn)行實驗；（3）[4][5]在丙圖上作出直線，如圖所示可知電池電動勢為，圖像斜率的絕對值電池內(nèi)阻（1）棒進(jìn)入磁場前，回路中的電動勢E大小；（2）棒在運(yùn)動過程中受到的最大安培力F，以及棒通過三角形abd區(qū)域時電流I與時間t的關(guān)系式．【答案】（1）0.04V；（2）0.04N，i＝t－1（其中，1s≤t≤1.2s）；【解析】（1）在棒進(jìn)入磁場前，由于正方形區(qū)域abcd內(nèi)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化，使回路中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，在棒進(jìn)入磁場前回路中的電動勢為E＝＝0.04V（2）當(dāng)棒進(jìn)入磁場時，磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T恒定不變，此時由于導(dǎo)體棒做切割磁感線運(yùn)動，使回路中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，回路中的電動勢為：e＝Blv，當(dāng)棒與bd重合時，切割有效長度l＝L，達(dá)到最大，即感應(yīng)電動勢也達(dá)到最大em＝BLv＝0.2V＞E＝0.04V根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，回路中的感應(yīng)電流最大為：im＝＝0.2A根據(jù)安培力大小計算公式可知，棒在運(yùn)動過程中受到的最大安培力為：Fm＝imLB＝0.04N在棒通過三角形abd區(qū)域時，切割有效長度l＝2v（t－1）（其中，1s≤t≤＋1s）綜合上述分析可知，回路中的感應(yīng)電流為：i＝＝（其中，1s≤t≤＋1s）即：i＝t－1（其中，1s≤t≤1.2s）14.如圖所示，以直角三角形AOC為邊界的有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，∠A=60°，AO=L，在O點(diǎn)發(fā)射某種帶負(fù)電的粒子（不計重力作用），粒子的比荷為。發(fā)射方向與OC邊的夾角為θ=60°，粒子從A點(diǎn)射出磁場。（1）求粒子的發(fā)射速度大小v0；（2）求粒子在磁場中的運(yùn)動時間；若減小粒子的入射速度，粒子在磁場中運(yùn)動的時間如何變化？（3）若入射粒子為正電荷，試討論，粒子能從OC邊射出，入射速度的范圍．【答案】（1）；（2），不變；（3）【解析】（1）粒子從A點(diǎn)射出磁場，運(yùn)動軌跡如圖所示由幾何知識可知根據(jù)洛倫茲力提供向心力，所以代入解得。（2）由幾何知識可知，粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為，角速度為