四川省成都航天中學(xué)校2025屆高一化學(xué)第二學(xué)期期末綜合測試模擬試題含解析_第1頁
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文檔簡介

四川省成都航天中學(xué)校2025屆高一化學(xué)第二學(xué)期期末綜合測試模擬試題注意事項1.考試結(jié)束后,請將本試卷和答題卡一并交回.2.答題前,請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.3.請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符.4.作答選擇題,必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑;如需改動,請用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案.作答非選擇題,必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律無效.5.如需作圖,須用2B鉛筆繪、寫清楚,線條、符號等須加黑、加粗.一、選擇題(每題只有一個選項符合題意)1、意大利科學(xué)家使用普通氧分子和帶正電荷的氧離子制造出了由4個氧原子構(gòu)成的氧分子O4,下列說法正確的是A.O4和O2互為同位素B.同溫同壓下,等體積的O4氣體和O2氣體含有相同的分子數(shù)C.18O是氧元素的一種核素,它的中子數(shù)是8D.O4轉(zhuǎn)化O2為物理變化2、下列有關(guān)環(huán)境保護(hù)與綠色化學(xué)的敘述不正確的是()A.形成酸雨的主要物質(zhì)是硫的氧化物和氮的氧化物B.大氣污染物主要來自化石燃料燃燒和工業(yè)生產(chǎn)過程產(chǎn)生的廢氣C.綠色化學(xué)的核心就是如何對被污染的環(huán)境進(jìn)行無毒無害的治理D.水華、赤潮等水體污染主要是由含氮、磷的生活污水任意排放造成的3、向300mL1mol·L-1的稀硝酸中,加入5.6g鐵粉,充分反應(yīng)后,鐵粉全部溶解(假設(shè)還原產(chǎn)物只有NO),下列說法不正確的是()A.最終所得溶液中既有Fe2+又有Fe3+B.最終溶液中,硝酸無剩余C.標(biāo)準(zhǔn)狀況下生成NO的體積為1.68LD.再向最終所得溶液中滴加稀硝酸,無明顯變化4、可以充分說明反應(yīng)P(g)+Q(g)?R(g)+S(g)在恒溫下已達(dá)到平衡的是()A.反應(yīng)容器內(nèi)的壓強(qiáng)不隨時間改變B.反應(yīng)容器內(nèi)P、Q、R、S四者濃度之比為1:1:1:1C.P的生成速率和S的生成速率相等D.反應(yīng)容器內(nèi)的氣體總物質(zhì)的量不隨時間變化5、下列屬于取代反應(yīng)的是()A.乙烯通入溴水中 B.光照甲烷與氯氣的混合氣體C.苯與溴水混合后撒入鐵粉 D.在鎳作催化劑的條件下,苯與氫氣反應(yīng)6、反應(yīng)2Cu+O2+CO2+H2O=Cu2(OH)2CO3屬于A.化合反應(yīng)B.分解反應(yīng)C.置換反應(yīng)D.復(fù)分解反應(yīng)7、下列不屬于高分子化合物的是()A.纖維素B.聚氯乙烯C.淀粉D.油脂8、工業(yè)合成氨反應(yīng)N2+3H22NH3,是一個正反應(yīng)為放熱的可逆反應(yīng)。下列說法正確的是A.使用合適的催化劑可以加快反應(yīng)速率,提高生產(chǎn)效率B.生成物的總能量大于反應(yīng)物的總能量C.將該反應(yīng)設(shè)計成原電池,放出的熱量不變D.達(dá)到平衡時,N2的濃度與NH3的濃度一定相等9、苯環(huán)結(jié)構(gòu)中不存在C-C單鍵與C=C雙鍵的交替結(jié)構(gòu),可以作為證據(jù)的是()①苯不能使溴水褪色②苯不能使酸性高錳酸鉀溶液褪色③苯在一定條件下既能發(fā)生取代反應(yīng),又能發(fā)生加成反應(yīng)④經(jīng)測定,鄰二甲苯只有一種結(jié)構(gòu)⑤經(jīng)測定,苯環(huán)上碳碳鍵的鍵長相等,都是1.40×10-10mA.①②B.①②③C.①②⑤D.①②④⑤10、下列關(guān)于有機(jī)物的說法正確的是A.苯分子中含有碳碳雙鍵,能與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)B.乙烯分子中的所有原子共平面C.糖類、油脂和蛋白質(zhì)均能發(fā)生水解反應(yīng)D.乙醇和乙酸均能使石蕊試液變紅11、有關(guān)苯的結(jié)構(gòu)和性質(zhì),下列說法正確的是A.與是同分異構(gòu)體B.苯在空氣中不易燃燒完全,燃燒時冒濃煙C.煤干餾得到的煤焦油可以分離出苯,苯是無色無味的液態(tài)烴D.向2mL苯中加入1mL酸性高錳酸鉀溶液,震蕩后靜置,可觀察到液體分層,上層呈紫紅色12、用下列裝置進(jìn)行實驗,能達(dá)到相應(yīng)實驗?zāi)康牡氖茿.用圖1所示的裝置進(jìn)行“噴泉”實驗B.用圖2所示的裝置收集少量NO2氣體C.用圖3所示的裝置除去甲烷中少量乙烯D.用圖4所示的裝置制取少量的乙酸乙酯13、下列過程與鹽類水解無關(guān)的是A.利用明礬凈化濁水B.鐵在潮濕的環(huán)境下生銹C.配制FeCl3溶液時,加少量稀鹽酸D.濃硫化鈉溶液有臭味14、下列物質(zhì)性質(zhì)的遞變關(guān)系正確的是A.酸性強(qiáng)弱:H3PO4>H2SO4>HC1O4 B.穩(wěn)定性:HCl>H2S>PH3C.氧化性:Na+>Mg2+>Al3+ D.堿性:NaOH>KOH>Ca(OH)2>Mg(OH)215、鋅-空氣電池(原理如圖)適宜用作城市電動車的動力電源,放電時Zn轉(zhuǎn)化為ZnO。則該電池放電時下列說法正確的是()A.將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能B.氧氣在石墨電極上發(fā)生氧化反應(yīng)C.電子由Zn電極經(jīng)導(dǎo)線流向石墨電極D.該電池放電時OH-向石墨電極移動16、分枝酸可用于生化研究。其結(jié)構(gòu)簡式如圖。下列關(guān)于分枝酸的敘述正確的是A.分子中含有2種官能團(tuán)B.可與乙醇、乙酸反應(yīng),且反應(yīng)類型相同C.1mol分枝酸最多可與3molNaOH發(fā)生中和反應(yīng)D.可使溴的四氯化碳溶液、酸性高錳酸鉀溶液褪色,且原理相同二、非選擇題(本題包括5小題)17、已知X是一種具有果香味的合成香料,下圖為合成X的某種流程:提示:①不能最終被氧化為-COOH;②D的產(chǎn)量可以用來衡量一個國家的石油化工水平。請根據(jù)以上信息,回答下列問題:(1)D與C分子中官能團(tuán)的名稱分別是____________,E的結(jié)構(gòu)簡式是____________。(2)D→E的化學(xué)反應(yīng)類型為____________反應(yīng)。(3)上述A、B、C、D、E、X六種物質(zhì)中,互為同系物的是____________。(4)反應(yīng)C+E→X的化學(xué)方程式為___________________________________________。(5)反應(yīng)B→C的化學(xué)方程式為_______________________。18、硫酸鎂晶體(MgSO4·7H2O)是一種重要的化工原料。以菱鎂礦(主要成分是MgCO3,含少量FeCO3和不溶性雜質(zhì))為原料制取硫酸鎂晶體的過程如下:(1)MgCO3溶于稀硫酸的離子方程式是___________。(2)“氧化”步驟中,加入H2O2溶液的目的是___________(用離子方程式表示)。(3)“沉淀”步驟中,用氨水調(diào)節(jié)溶液pH的范圍是___________。已知:部分陽離子以氫氧化物形式沉淀時溶液的pH見下表:陽離子Mg2+Fe2+Fe3+開始沉淀9.17.61.9完全沉淀11.19.73.2(4)“過濾”所得濾液中含有的陽離子是___________。19、實驗室制取乙烯,常因溫度過高而使乙醇和濃硫酸反應(yīng)生成少量的二氧化硫。有人設(shè)計下列實驗以確認(rèn)反應(yīng)混合氣體中含有乙烯和二氧化硫,裝置如圖所示,試回答下列問題。(1)圖中①②③④裝置可盛放的試劑分別是___________________(填序號,下同)、___________________、___________________、___________________。A.品紅溶液B.溶液C.濃硫酸D.酸性溶液(2)能說明二氧化硫氣體存在的現(xiàn)象是______________________________________。(3)使用裝置②的目的是________________________,使用裝置③的目的是________________________。(4)能說明混合氣體中含有乙烯的現(xiàn)象是____________________________________________________。20、為驗證氧化性:Cl2>Fe3+>SO2,某小組用下圖所示裝置進(jìn)行實驗(夾持儀器和A中的加熱裝置已略,氣密性已經(jīng)檢驗完畢)實驗過程如圖:Ⅰ.打開彈簧夾K1~K4,通入一段時間N2,再將T形導(dǎo)管插入B中,繼續(xù)通入N2,然后關(guān)閉K1、K3、K4。Ⅱ.打開活塞a,滴加一定量的濃鹽酸,給A加熱。Ⅲ.當(dāng)B中溶液變黃時,停止加熱,夾緊彈簧夾K2。Ⅳ.打開活塞b,使約2mL的溶液流入D試管中,檢驗其中的陽離子。Ⅴ.打開彈簧夾K3、活塞c,加入70%的硫酸,一段時間后夾緊彈簧夾K3。Ⅵ.更新試管D,重復(fù)過程Ⅳ,檢驗B溶液中的離子。(1)過程Ⅰ的目的是________________________。(2)棉花中浸潤的溶液為_____________。作用是___________________。(3)A中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式:______________________________________。(4)導(dǎo)致步驟Ⅲ中溶液變黃的離子反應(yīng)是______________________________。用______________(寫試劑化學(xué)式)檢驗氧化產(chǎn)物,現(xiàn)象是____________。(5)能說明氧化性Fe3+>SO2的離子方程式是__________________________。(6)甲、乙、丙三位同學(xué)分別完成了上述實驗,他們的檢測結(jié)果一定能夠證明氧化性Cl2>Fe3+>SO2的是________________(填“甲”“乙”或“丙”)。21、寫出下列化學(xué)方程式,并指出反應(yīng)類型:(1)CH4與Cl2光照生成CH3Cl__________________________________,反應(yīng)類型________。(2)乙烯與水反應(yīng)_________________________________________,反應(yīng)類型__________。

參考答案一、選擇題(每題只有一個選項符合題意)1、B【解析】A.O4和O2都是由氧元素形成的不同單質(zhì),故互為同素異形體,A錯誤;B.O4和O2都是氣體,同溫同壓條件下,Vm相同,則相同體積的任何氣體具有相同的分子數(shù),B正確;C.18O的質(zhì)子數(shù)是8,質(zhì)量數(shù)是18,中子數(shù)=質(zhì)量數(shù)-質(zhì)子數(shù)=18-8=10,C錯誤;D.O4和O2不是同種物質(zhì),所以O(shè)4轉(zhuǎn)化O2為化學(xué)變化,D錯誤;答案選B。2、C【解析】試題分析:綠色化學(xué)的核心是利用化學(xué)原理從源頭上減少和消除工業(yè)生產(chǎn)對環(huán)境的污染考點:化學(xué)常識。3、D【解析】

當(dāng)≥4:發(fā)生反應(yīng)Fe+4HNO3(?。?Fe(NO3)3+NO↑+2H2O,最終所得溶液中有Fe3+而沒有Fe2+;當(dāng)≤8/3:發(fā)生反應(yīng)3Fe+8HNO3(稀)=3Fe(NO3)2+2NO↑+4H2O,最終所得溶液中有Fe2+而沒有Fe3+;當(dāng)8/3<<4時,發(fā)生反應(yīng)Fe+4HNO3(稀)=Fe(NO3)3+NO↑+2H2OFe+2Fe3+=3Fe2+最終所得溶液中既有Fe2+又有Fe3+,據(jù)此進(jìn)行分析;【詳解】A.已知:n(HNO3)=cV=1mol/L×0.3L=0.3mol,n(Fe)=m/M=5.6g/56g/mol=0.1mol;=3/1,則溶液中既有Fe2+又有Fe3+,故不選A;B.最終溶液中,硝酸無剩余,故不選B;C.溶液是Fe(NO3)3和Fe(NO3)2的混合溶液,利用氮元素的守恒和得失電子數(shù)相等列方程組:假設(shè)生成Fe3+為xmol,生成Fe2+為ymol;①根據(jù)氮元素的守恒3x+2y+n(NO)=0.3②根據(jù)得失電子數(shù)相等3x+2y=3n(NO),二者聯(lián)立得n(NO)=0.075mol,則V(NO)=0.075mol×22.4L/mol=1.68L,故不選C;D.再向最終所得溶液中滴加稀硝酸,F(xiàn)e2+會被氧化為Fe3+,溶液顏色變深,故D錯誤;答案:D【點睛】本題關(guān)鍵點是判斷Fe與硝酸反應(yīng)的產(chǎn)物,難點為C選項,用到了物料守恒和得失電子守恒。4、C【解析】

A、根據(jù)反應(yīng)式可知,反應(yīng)前后氣體的體積不變,因此壓強(qiáng)始終不變,則反應(yīng)容器內(nèi)的壓強(qiáng)不隨時間改變不能說明反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài),A不正確;B、反應(yīng)達(dá)到平衡時,P、Q、R、S物質(zhì)的量的濃度之比可能為1﹕1﹕1﹕1,也可能不是1﹕1﹕1﹕1,這與該反應(yīng)的初始分子數(shù)及轉(zhuǎn)化率有關(guān),故B錯誤;C、當(dāng)反應(yīng)到達(dá)平衡,P的生成速率和P的消耗速率相等,而P的消耗速率和S的生成速率相等,所以P的生成速率和S的生成速率相等,故C正確;D、根據(jù)反應(yīng)式可知,反應(yīng)前后氣體的體積不變,因此氣體的物質(zhì)的量始終不變,則反應(yīng)容器內(nèi)的氣體總物質(zhì)的量不隨時間變化不能說明反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài),故D錯誤,答案選C。5、B【解析】

A、乙烯通入溴水中為加成反應(yīng),A錯誤;B、光照甲烷與氯氣的混合氣體為取代反應(yīng),B正確;C、苯與溴水混合后撒入鐵粉,不反應(yīng),與液溴才反應(yīng),C錯誤;D、在鎳做催化劑的條件下,苯與氫氣反應(yīng),為加成反應(yīng),D錯誤。答案選B。6、A【解析】分析:A、化合反應(yīng)是由兩種或兩種以上的物質(zhì)反應(yīng)生成一種物質(zhì)的反應(yīng);B、分解反應(yīng)是由一種物質(zhì)生成兩種或兩種以上新物質(zhì)的反應(yīng);C、置換反應(yīng)是一種單質(zhì)和一種化合物反應(yīng),生成另一種單質(zhì)和另一種化合物,生成物中一定有單質(zhì);D、復(fù)分解反應(yīng)是兩種化合物相互交換成分,生成另外兩種化合物的反應(yīng)。詳解:反應(yīng)2Cu+O2+CO2+H2O=Cu2(OH)2CO3是由多種物質(zhì)變?yōu)橐环N物質(zhì),屬于化合反應(yīng)。答案選A。7、D【解析】纖維素和淀粉屬于多糖,分子式為(C6H10O5)n,n值很大,是天然高分子化合物,故A、C錯誤;B項,聚氯乙烯()是合成有機(jī)高分子化合物,故B錯誤;D項,油脂是高級脂肪酸與甘油形成的酯,相對分子質(zhì)量較小,不屬于高分子化合物,D正確。點睛:本題考查高分子化合物的判斷,注意基礎(chǔ)知識的積累。高分子化合物(又稱高聚物)一般相對分子質(zhì)量高于10000,結(jié)構(gòu)中有重復(fù)的結(jié)構(gòu)單元;有機(jī)高分子化合物可以分為天然有機(jī)高分子化合物(如淀粉、纖維素、蛋白質(zhì)天然橡膠等)和合成有機(jī)高分子化合物(如聚乙烯、聚氯乙烯等)。8、A【解析】分析A、使用催化劑加快了反應(yīng)速率,縮短反應(yīng)時間,提高反應(yīng)效率,平衡不移動;B、正反應(yīng)是放熱反應(yīng);C、若把該反應(yīng)設(shè)計成原電池,化學(xué)能除轉(zhuǎn)化成熱能外,還轉(zhuǎn)化成電能,所以放出的熱量應(yīng)減少;D、達(dá)到平衡狀態(tài)時,正逆反應(yīng)速率相等,各物質(zhì)的濃度不變,以此解答。詳解:A、使用催化劑加快了反應(yīng)速率,縮短反應(yīng)時間,提高反應(yīng)效率,平衡不移動,所以A選項是正確的;

B、正反應(yīng)是放熱反應(yīng),則生成物的總能量小于反應(yīng)物的總能量,故B錯誤;

C、若把該反應(yīng)設(shè)計成原電池,化學(xué)能除轉(zhuǎn)化成熱能外,還轉(zhuǎn)化成電能,所以放出的熱量應(yīng)減少,故C錯誤;

D.達(dá)到平衡狀態(tài)時,正逆反應(yīng)速率相等,各物質(zhì)的濃度不變但不一定相等,故D錯誤;

所以A選項是正確的。9、D【解析】分析:本題考查的苯的結(jié)構(gòu),①②③根據(jù)碳碳雙鍵的性質(zhì)判斷;④根據(jù)同分異構(gòu)體數(shù)目計算;⑤根據(jù)單鍵和雙鍵不同,鍵長不等判斷。詳解:①苯不能因為化學(xué)反應(yīng)而使溴水褪色,說明苯分子中不含碳碳雙鍵,可以證明苯環(huán)結(jié)構(gòu)中不存在碳碳單鍵和碳碳雙鍵的交替結(jié)構(gòu),故正確;②苯不能使酸性高錳酸鉀溶液褪色,說明苯分子中不含碳碳雙鍵,可以證明苯環(huán)結(jié)構(gòu)中不存在碳碳單鍵和碳碳雙鍵的交替結(jié)構(gòu),故正確;③苯在一定條件下能與氫氣加成生成環(huán)己烷,發(fā)生加成反應(yīng)是雙鍵的性質(zhì),不能證明苯環(huán)結(jié)構(gòu)中不存在碳碳單鍵和碳碳雙鍵的交替結(jié)構(gòu),故錯誤;④如果是單雙鍵交替結(jié)構(gòu),鄰二甲苯的結(jié)構(gòu)有兩種,一種是兩個甲基夾碳碳單鍵,另一種是兩個甲基夾碳碳雙鍵,鄰二甲苯只有一種結(jié)構(gòu),說明苯結(jié)構(gòu)中的化學(xué)鍵只有一種,不存在碳碳單鍵和碳碳雙鍵的交替結(jié)構(gòu),故正確;⑤苯環(huán)上的碳碳鍵的鍵長相等,說明苯環(huán)結(jié)構(gòu)中的化學(xué)鍵只有一種,不存在碳碳單鍵和碳碳雙鍵的交替結(jié)構(gòu),故正確。所以①②④⑤可以作為苯分子中不存在單鍵和雙鍵交替的結(jié)構(gòu)的證據(jù),故選D。10、B【解析】分析:本題考查苯分子、乙烯分子的結(jié)構(gòu)特征。兩者都屬于平面結(jié)構(gòu),但苯分子中不含有碳碳雙鍵,它是介于碳碳單鍵和碳碳雙鍵之間的一種特殊的鍵,乙烯分子中存在碳碳雙鍵,結(jié)構(gòu)不同。還考察了糖類、油脂和蛋白質(zhì),醇和乙酸的性質(zhì),抓住各種物質(zhì)官能團(tuán)的性質(zhì)進(jìn)行解答。詳解:A.苯分子中不含有碳碳雙鍵,是一種特殊的化學(xué)鍵,能與氫氣發(fā)生加成反應(yīng),故A錯誤;B.乙烯分子是平面結(jié)構(gòu),所有原子共平面,故B正確;C.單糖不能發(fā)生水解反應(yīng),故C錯誤;D.乙醇不能使石蕊試液變紅,乙酸屬于酸能使石蕊試液變紅,故D錯誤;答案:B。11、B【解析】

A.與分子式相同,結(jié)構(gòu)相同,二者是同種物質(zhì),A錯誤;B.苯分子中含碳量高,在空氣中不易燃燒完全,燃燒時冒濃煙,B正確;C.苯有特殊氣味,C錯誤;D.苯不能被酸性高錳酸鉀溶液氧化,苯的密度比水的小,因此在苯中加入酸性高錳酸鉀溶液,振蕩并靜置后下層液體為紫紅色,D錯誤;答案選B。12、A【解析】

A項、氨氣極易溶于水,導(dǎo)致圓底燒瓶內(nèi)壓強(qiáng)減小,外界大氣壓將燒杯中的水壓入圓底燒瓶中,能夠用圖1所示的裝置進(jìn)行“噴泉”實驗,故A正確;B項、二氧化氮氣體能夠與水反應(yīng),生產(chǎn)硝酸和NO,不能用排水法收集少量NO2氣體,故B錯誤;C項、甲烷中除去乙烯,為洗氣裝置,應(yīng)從洗氣瓶的長管通入,故C錯誤;D項、乙酸乙酯在氫氧化鈉溶液中會發(fā)生水解反應(yīng),無法收集得到乙酸乙酯,應(yīng)用飽和Na2CO3溶液吸收隨乙酸乙酯蒸出的少量乙酸和乙醇,故D錯誤。故選A。【點睛】本題考查化學(xué)實驗方案的評價,側(cè)重分析與實驗?zāi)芰Φ目疾?,注意實驗的評價性分析,把握反應(yīng)原理及反應(yīng)為解答的關(guān)鍵。13、B【解析】

A.利用明礬凈水是因為明礬中的Al3+能發(fā)生水解生成Al(OH)3膠體,有吸附水中雜質(zhì)作用,故可用來凈水,A項正確;B.鐵在潮濕的環(huán)境下生銹是發(fā)生了電化學(xué)腐蝕,與鹽類水解無關(guān),B項錯誤;C.Fe3+易水解,配制FeCl3溶液時,加少量稀鹽酸是防止其水解,C項正確;D.Na2S溶液中的S2-發(fā)生水解:S2-+H2OHS-+OH-、HS-+H2OH2S+OH-,H2S是一種具有臭雞蛋氣味的氣體,故而有臭味,D項正確;答案選B。14、B【解析】

A.非金屬性越強(qiáng),最高價含氧酸的酸性越強(qiáng),則酸性強(qiáng)弱:H3PO4<H2SO4<HClO4,A錯誤;B.非金屬性越強(qiáng),氫化物越穩(wěn)定,則穩(wěn)定性:HCl>H2S>PH3,B正確;C.金屬性越強(qiáng),相應(yīng)離子的氧化性越弱,氧化性:Na+<Mg2+<Al3+,C錯誤;D.金屬性越強(qiáng),最高價氧化物水化物的堿性越強(qiáng),堿性:KOH>Ca(OH)2>NaOH>Mg(OH)2,D錯誤;答案選B。15、C【解析】

該裝置為原電池,根據(jù)原電池的工作原理進(jìn)行解答;【詳解】A、該裝置為原電池,將化學(xué)能轉(zhuǎn)化成電能,故A錯誤;B、根據(jù)裝置圖,Zn為負(fù)極,石墨電極為正極,根據(jù)原電池的工作原理,氧氣在正極上發(fā)生還原反應(yīng),故B錯誤;C、根據(jù)原電池的工作原理,電子從負(fù)極經(jīng)外電路流向正極,即電子從Zn極經(jīng)導(dǎo)線流向石墨電極,故C正確;D、根據(jù)原電池的工作原理,陰離子向負(fù)極移動,即移向Zn極,故D錯誤;答案選C。16、B【解析】

A項,該化合物分子中含有羧基、醇羥基、醚鍵和碳碳雙鍵4種官能團(tuán),故A項錯誤;B項,該物質(zhì)中含有羧基和羥基,既可以與乙醇發(fā)生酯化反應(yīng),也可以與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng),反應(yīng)類型相同,故B項正確;C項,分枝酸中只有羧基能與NaOH溶液發(fā)生中和反應(yīng),一個分子中含兩個羧基,故1mol分枝酸最多能與2molNaOH發(fā)生中和反應(yīng),故C項錯誤;D項,該物質(zhì)使溴的四氯化碳溶液褪色的原理是溴與碳碳雙鍵發(fā)生加成反應(yīng),而是使酸性高錳酸鉀溶液褪色是發(fā)生氧化反應(yīng),原理不同,故D項錯誤。綜上所述,本題正確答案為B?!军c睛】本題考查了有機(jī)化合物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì),包含了通過分析有機(jī)化合物的結(jié)構(gòu)簡式,判斷有機(jī)化合物的官能團(tuán)、反應(yīng)類型的判斷、有機(jī)物的性質(zhì),掌握官能團(tuán)的性質(zhì)是解題的關(guān)鍵。二、非選擇題(本題包括5小題)17、碳碳雙鍵、羧基CH3CH2OH加成A、ECH3CH2COOH+C2H5OHCH3CH2COOC2H5+H2O2CH3CH2CHO+O22CH3CH2COOH【解析】由已知及流程,D的產(chǎn)量可以用來衡量一個國家的石油化工水平,則D是乙烯,E是乙醇,又因為X是一種具有果香味的合成香料,分子式為C5H10O2,所以X是一種酯,C是丙酸,B是丙醛,A是丙醇。(1)D為CH2=CH2,分子中官能團(tuán)名稱為碳碳雙鍵,C為CH3CH2COOH,分子中官能團(tuán)名稱為羧基,E為乙醇,結(jié)構(gòu)簡式是CH3CH2OH(或C2H5OH)。(2)乙烯與水在一定條件下發(fā)生加成反應(yīng)生成乙醇,故D→E的化學(xué)反應(yīng)類型為加成反應(yīng)。(3)A(丙醇)、B(丙醛)、C(丙酸)、D(乙烯)、E(乙醇)、X(丙酸乙酯)六種物質(zhì)中,互為同系物的是A(丙醇)和E(乙醇)。(4)CH3CH2COOH和CH3CH2OH發(fā)生酯化反應(yīng)生成CH3CH2COOCH2CH3和水,化學(xué)方程式為CH3CH2COOH+C2H5OHCH3CH2COOC2H5+H2O。(5)B為CH3CH2CHO,催化劑條件下與氧氣加熱生成CH3CH2COOH,化學(xué)方程式為:2CH3CH2CHO+O22CH3CH2COOH。點睛:本題考查有機(jī)物的推斷,涉及官能團(tuán)與有機(jī)物性質(zhì)的關(guān)系。推斷有機(jī)物,通常是先通過相對分子質(zhì)量,確定可能的分子式;再通過試題中提供的信息,判斷有機(jī)物可能存在的官能團(tuán)和性質(zhì);最后綜合各種信息,確定有機(jī)物的結(jié)構(gòu)簡式。其中,最關(guān)鍵的是找準(zhǔn)突破口。18、MgCO3+2H+=Mg2++CO2↑+H2OH2O2+2Fe2++2H+=2Fe3++2H2O3.2~9.1Mg2+、NH4+【解析】

由化學(xué)工藝流程可知,菱鎂礦加稀硫酸浸取,MgCO3、FeCO3溶于稀硫酸生成Mg2+和Fe2+,加入H2O2溶液將Fe2+氧化為Fe3+,然后加氨水調(diào)節(jié)溶液pH,將Fe3+轉(zhuǎn)化為氫氧化鐵沉淀除去,將濾液經(jīng)過蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾、洗滌、干燥得到MgSO4·7H2O晶體?!驹斀狻浚?)根據(jù)強(qiáng)酸制弱酸原理,MgCO3溶于稀硫酸生成硫酸鎂、水和二氧化碳,離子方程式是MgCO3+2H+=Mg2++CO2↑+H2O,故答案為:MgCO3+2H+=Mg2++CO2↑+H2O;(2)加入H2O2溶液的目的是將Fe2+氧化為Fe3+,反應(yīng)的離子方程式為H2O2+2Fe2++2H+=2Fe3++2H2O,故答案為:H2O2+2Fe2++2H+=2Fe3++2H2O;(3)用氨水調(diào)節(jié)溶液pH,使Fe3+沉淀除去,不能影響Mg2+,由題給數(shù)據(jù)可知,pH=3.2時Fe3+沉淀完全,pH=9.1時Mg2+開始沉淀,則用氨水調(diào)節(jié)溶液pH的范圍是3.2~9.1,故答案為:3.2~9.1;(4)因“沉淀”步驟中使用氨水,使Fe3+沉淀除去,而Mg2+沒有沉淀,則過濾所得濾液中存在大量的陽離子有Mg2+和NH4+,故答案為:Mg2+和NH4+?!军c睛】注意用氨水調(diào)節(jié)溶液pH的目的是使Fe3+沉淀除去,而Mg2+不能沉淀是解答的關(guān)鍵。19、ABAD①中品紅溶液褪色除去SO2氣體檢驗SO2氣體是否除盡③中品紅溶液不褪色,④中酸性KMnO4溶液褪色【解析】

實驗?zāi)康臑榇_認(rèn)反應(yīng)混合氣體中含有乙烯和二氧化硫,二氧化硫和乙烯都能使溴水和酸性高錳酸鉀褪色,所以要避免相互影響,可先用品紅溶液檢驗二氧化硫,然后用氫氧化鈉溶液吸收二氧化硫,再用品紅檢驗二氧化硫是否完全除盡,之后用酸性高錳酸鉀或溴水檢驗乙烯。【詳解】(1)裝置①中盛有品紅溶液,用來檢驗二氧化硫的存在;然后將氣體通入盛有氫氧化鈉溶液的②除去二氧化硫,再通入盛有品紅溶液的③確定二氧化硫是否除干凈,最后通入盛有酸性高錳酸鉀的④檢驗乙烯的存在,盛放的藥品依次為A、B、A、D;(2)二氧化硫具有漂白性,能夠使品紅溶液褪色,所以①中品紅溶液褪色說明含有二氧化硫;(3)裝置②用來除去SO2氣體,以免干擾對乙烯的檢驗;裝置③檢驗SO2是否被除盡;(4)裝置③中的品紅溶液不褪色可以排除二氧化硫的干擾,若裝置④中的酸性KMnO4溶液褪色,可證明乙烯的存在?!军c睛】熟悉二氧化硫、乙烯的性質(zhì)是解題關(guān)鍵,注意實驗設(shè)計的嚴(yán)密性,氣體檢驗的順序;二氧化硫為酸性氣體,可與堿反應(yīng),可使品紅褪色,具有還原性,可與酸性高錳酸鉀發(fā)生氧化還原反應(yīng);乙烯含有碳碳雙鍵,能夠與酸性高錳酸鉀發(fā)生氧化還原反應(yīng),使高錳酸鉀褪色,所以先檢驗二氧化硫,然后檢驗乙烯。20、排出裝置中的氧氣氫氧化鈉溶液吸收Cl2、SO2,防止污染空氣MnO2+4HCl(濃)MnCl2+Cl2↑+2H2O2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-KSCN

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