2025屆廣東省汕頭市潮南實(shí)驗(yàn)學(xué)校校高二物理第二學(xué)期期末學(xué)業(yè)水平測試試題含解析

2025屆廣東省汕頭市潮南實(shí)驗(yàn)學(xué)校校高二物理第二學(xué)期期末學(xué)業(yè)水平測試試題注意事項1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一輛汽車沿平直公路行駛，開始以1m/s的速度行駛了全程的一半，接著以速度3m/s行駛另一半路程，則全程的平均速度v等于（）A．1．5m/sB．1．4m/sC．1m/sD．3m/s2、如圖所示，16個電荷量均為+q(q>0)的小球(可視為點(diǎn)電荷)，均勻分布在半徑為R的圓周上若將圓周上P點(diǎn)的一個小球的電荷量換成-2q，則圓心0點(diǎn)處的電場強(qiáng)度為A．，方向沿半徑向左B．，方向沿半徑向右C．，方向沿半徑向左D．，方向沿半徑向右3、在演示光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)中，原來不帶電的一塊鋅版與靈敏驗(yàn)電器相連，用紫外線燈照射鋅版時，驗(yàn)電器的指針張開一個角度，如圖所示，下列說法正確的是A．驗(yàn)電器的指針帶正電B．若僅增大紫外線的頻率，則鋅版的逸出功增大C．若僅增大紫外線燈照射的強(qiáng)度，則單位時間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目減小D．若僅減小紫外線燈照射的強(qiáng)度，則可能不發(fā)生光電效應(yīng)4、如圖所示是一種冶煉金屬的感應(yīng)爐的示意圖，此種感應(yīng)爐應(yīng)接怎樣的電源（）A．直流低壓B．直流高壓C．低頻交流電D．高頻交流電5、物塊A、B的質(zhì)量分別為m和2m，用輕彈簧連接后放在光滑的水平面上，對B施加向右的水平拉力F，穩(wěn)定后A、B相對靜止在水平面上運(yùn)動，此時彈簧長度為l1；若撤去拉力F，換成大小仍為F的水平推力向右推A，穩(wěn)定后A、B相對靜止在水平面上運(yùn)動，彈簧長度為l2，則下列判斷正確的是（）A．彈簧的原長為B．兩種情況下穩(wěn)定時彈簧的形變量相等C．兩種情況下穩(wěn)定時兩物塊的加速度不相等D．彈簧的勁度系數(shù)為6、如圖所示，甲木塊的質(zhì)量為，以速度沿光滑水平地面向前運(yùn)動，正前方有一靜止的、質(zhì)量為的乙木塊，乙上連有一輕質(zhì)彈簧．甲木塊與彈簧接觸后A．甲木塊的動量守恒B．乙木塊的動量守恒C．甲、乙兩木塊所組成的系統(tǒng)的動量守恒D．甲、乙兩木塊所組成的系統(tǒng)的動能守恒二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、氫原子的能級如圖所示,已如可見光的光子的能量范圍為1.62~3.11eV,那么對氫原子在能級躍注的過程中輻射成吸收光子的特征認(rèn)識正確的是()A．大量氫原子處于n=4能級時向低能級躍遷能發(fā)出6種領(lǐng)率的可見光B．氫原子從高能級向n=3能級躍遷時,發(fā)出的光是不可見光C．處于n=3能級的氫原子可以吸收任意頻率的可見光,并發(fā)生電離D．用能量為12.5eV的光子照射處與基態(tài)的氫原子,可以使氫原子躍遷到更高的能級8、如圖所示，電池的電動勢為E，內(nèi)阻不計，線圈自感系數(shù)較大，直流電阻不計．當(dāng)開關(guān)S閉合后，下列說法正確的是A．a(chǎn)、b間電壓逐漸增加，最后等于EB．b、c間電壓逐漸增加，最后等于EC．a(chǎn)、c間電壓逐漸增加，最后等于ED．電路中電流逐漸增加，最后等于E/R9、如圖，圓形閉合線圈內(nèi)存在方向垂直紙面向外的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間變化如圖，則下列說法正確的是()A．0～1s內(nèi)線圈的磁通量不斷增大B．第4s末的感應(yīng)電動勢為0C．0～1s內(nèi)與2～4s內(nèi)的感應(yīng)電流相等D．0～1s內(nèi)感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r針10、矩形滑塊由不同材料的上、下兩層粘合在一起，將其放在光滑水平面上，如圖所示，質(zhì)量為m的子彈以速度v水平射向滑塊，若子彈擊中上層，子彈剛好不穿出；若子彈擊中下層，則子彈整個剛好嵌入，由此可知（）A．子彈射中上層時對滑塊做功多B．兩次子彈對滑塊做的功一樣多C．子彈射中上層系統(tǒng)產(chǎn)生熱量多D．子彈與下層之間的摩擦力較大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在利用“插針法”測定玻璃的折射率實(shí)驗(yàn)中①下列操作可以減小實(shí)驗(yàn)誤差的是______（多選填字母代號）A．P1、P2及P3、P4之間的距離適當(dāng)大些B．選擇平行玻璃磚進(jìn)行實(shí)驗(yàn)C．入射角適當(dāng)大些D．若有幾塊厚度不同的玻璃磚，應(yīng)選用厚度較小的②正確操作后，作出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖所示，此玻璃的折射率計算式為=________(用圖中的、表示)③同學(xué)在畫界面時，不小心將兩界面的間距畫得比玻璃磚寬度略大，則測得的折射率____(選填“偏大”、“偏小”或“不變”)．12．（12分）用打點(diǎn)計時器研究物體的自由落體運(yùn)動，得到如圖所示的一條紙帶：（1）紙帶做_____直線運(yùn)動選填“勻速”或“變速”；（2）已知交流電源的頻率是50Hz，則A、B兩點(diǎn)間的時間間隔為_____s（選填“0.02”或“0.04”）；（3）測得，，則打B點(diǎn)時物體的瞬時速度為_____（結(jié)果保留兩位小數(shù)）。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的條形勻強(qiáng)磁場區(qū)域的寬度都是d1，相鄰磁場區(qū)域的間距為d2，x軸的正上方有一電場強(qiáng)度大小為E，方向與x軸和B均垂直的勻強(qiáng)電場區(qū)域。將質(zhì)量為m、帶正電量為q的粒子從x軸正上方h高度處自由釋放，（重力忽略不計）（1）求粒子在磁場區(qū)域做圓周運(yùn)動的軌道半徑r；（2）若粒子只經(jīng)過第1和第2個磁場區(qū)域回到x軸，求自釋放到回到x軸需要的時間t；（3）若粒子以初速度v0從h處沿x軸正方向水平射出后，最遠(yuǎn)到達(dá)第k個磁場區(qū)域并回到x軸。求d1、d2應(yīng)該滿足的條件。14．（16分）為探測宇宙中的帶電粒子，某科研小組設(shè)計將寬度為2D的稀疏的帶電粒子匯聚到寬度為2d的較小的區(qū)域范圍內(nèi)，帶電粒子質(zhì)量為m，帶電量為q，在一D≤y≤D范圍內(nèi)以速度v從遠(yuǎn)處平行于x軸向右運(yùn)動，經(jīng)過有界磁場，使帶電粒子在y軸左側(cè)磁場中均做半徑為D的勻速圓周運(yùn)動，且這些粒子都通過，不計帶電粒子間的相互作用力，不計帶電粒子重力，求(1)y軸左側(cè)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小;(2)所有粒子中通過磁場時的最長時間;(3)xOy平面內(nèi)所有磁場的最小總面積15．（12分）用動量定理處理二維問題時，可以在相互垂直的x、y兩個方向上分別進(jìn)行研究。如圖所示，質(zhì)量為m的小球斜射到木板上，入射的角度是θ，碰撞后彈出的角度也是θ，碰撞前后的速度大小都是v。碰撞過程中忽略小球所受重力。若小球與木板的碰撞時間為t，求木板對小球的平均作用力的大小和方向。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：前半程的運(yùn)動時間，后半程的運(yùn)動時間．則全程的平均速度．故B正確，ACD錯誤．故選B．考點(diǎn)：平均速度【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握平均速度的定義式，并能靈活運(yùn)用。2、D【解析】該點(diǎn)場強(qiáng)可以看成是與P對稱的那個電荷+q和P點(diǎn)的電荷-2q在該點(diǎn)場強(qiáng)的疊加，根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式得+q的點(diǎn)電荷在圓心O點(diǎn)處的電場強(qiáng)度大小為，方向向右，點(diǎn)電荷-2q在圓心O點(diǎn)處的電場強(qiáng)度大小為，方向向右，所以疊加來是，方向沿半徑向右．故選擇D.【點(diǎn)睛】該題考查了場強(qiáng)疊加原理，還有對對稱性的認(rèn)識．由于成圓周對稱性，所以如果沒改變電荷之前肯定圓心處場強(qiáng)為0，而該點(diǎn)場強(qiáng)是所有電荷在該點(diǎn)場強(qiáng)的疊加，可以把這些電荷歸為兩類：一種是要移去的電荷，另一種是其他電荷．不管怎樣，總之這兩種電荷產(chǎn)生的合場強(qiáng)為0，所以只要算出改變的電荷在該點(diǎn)的場強(qiáng)和與它對稱的電荷的場強(qiáng)即可得到．3、A【解析】

A．鋅板原來不帶電，驗(yàn)電器的指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，說明鋅板在弧光燈的照射下發(fā)生了光電效應(yīng)，發(fā)生光電效應(yīng)時，鋅板向空氣中發(fā)射電子，所以鋅板帶正電，驗(yàn)電器的指針亦帶正電，故A正確；B．金屬的逸出功與金屬本身的材料有關(guān)，與外界光的頻率無關(guān)，故B錯誤；C．增大紫外線燈照射的強(qiáng)度，即單位時間內(nèi)照在單位面積上的光子數(shù)增大，所以單位時間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)增大，故C錯誤；D．能否發(fā)生光電效應(yīng)與光照強(qiáng)度無關(guān)，取決于照射光的頻率和金屬極限頻率的關(guān)系，故D錯誤．故選A。點(diǎn)晴：解決題關(guān)鍵理解發(fā)生光電效應(yīng)的條件為入射光的頻率大于金屬的極限頻率，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)和照射時間的長短無關(guān)．4、D【解析】試題分析：線圈中的電流做周期性的變化，在附近的導(dǎo)體中產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而在導(dǎo)體中產(chǎn)生大量的熱，渦流現(xiàn)象也是電磁感應(yīng)；而交流電的頻率越大，產(chǎn)生的熱量越多．故D正確，ABC錯誤；故選D．考點(diǎn)：渦流現(xiàn)象【名師點(diǎn)睛】本題主要考查了掌握渦流的原理及應(yīng)用;用來冶煉合金鋼的真空冶煉爐，爐外有線圈，線圈中通入反復(fù)變化的電流，爐內(nèi)的金屬中產(chǎn)生渦流．渦流產(chǎn)生的熱量使金屬熔化，高頻交流電的頻率越大，產(chǎn)生的熱量越大.5、D【解析】

先以整體法為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，再分別對A和B為研究對象，求得彈簧的原長．根據(jù)兩種情況下彈簧的彈力的大小關(guān)系，分析彈簧的形變量關(guān)系；由胡克定律求得勁度系數(shù)．【詳解】ACD、以整體法為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得知，兩種情況下加速度相等，而且加速度大小為：．設(shè)彈簧的原長為，根據(jù)牛頓第二定律得：第一種情況：對A：第二種情況：對B：聯(lián)立解得：，，故D正確B、第一種情況彈簧的形變量為：，第二種情況下彈簧的形變量為：，兩種情況下彈簧的形變量不相等，B錯誤．故本題正確答案選D．【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要靈活選擇研究對象，運(yùn)用整體法和隔離法，根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律結(jié)合研究．6、C【解析】

甲木塊與彈簧接觸后，由于彈簧彈力的作用，甲、乙的動量要發(fā)生變化，即甲、乙兩物體的動量均不守恒；但對于甲、乙所組成的系統(tǒng)因所受合力的沖量為零，故動量守恒，故AB錯誤，C正確；甲、乙兩木塊所組成系統(tǒng)的動能，一部分轉(zhuǎn)化為彈簧的勢能，故系統(tǒng)動能不守恒，故D錯誤．故選C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A．大量氫原子處于n=4能級時向低能級躍遷能發(fā)出種頻率的光，其中4→3放出光子的能量：（-0.85）-（-1.51）=0.66eV；其中3→2放出光子的能量：（-1.51）-（-3.4）=1.89eV；其中4→2放出光子的能量：（-0.85）-（-3.4）=2.55eV；則只有三種是可見光，選項A錯誤；B．氫原子從高能級向n=3能級躍遷時，發(fā)出的光的能量小于1.51eV，則屬于不可見光，選項B正確；C．處于n=3能級的氫原子電離需要的最小能量為1.51eV，則處于n=3能級的氫原子可以吸收任意頻率的可見光，并發(fā)生電離，選項C正確；D．12.5eV的光不等于任何能級差，則能量為12.5eV的光子照射處與基態(tài)的氫原子，不能被氫原子吸收，不可以使氫原子躍遷到更高的能級，選項D錯誤；故選BC.8、BD【解析】

線圈與電阻R串聯(lián)，當(dāng)電鍵S閉合時，通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與原來電流方向相反，阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，b、c間電壓逐漸增加，最后等于E．故B正確，AC錯誤；電路中電流逐漸增加，最后電流值由電動勢及總電阻決定，即I=E/R，與L無關(guān)，故D正確．故選BD．點(diǎn)睛：對于自感現(xiàn)象，是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，應(yīng)用閉合電路歐姆定律和法拉第電磁感應(yīng)定律進(jìn)行理解；此問題中當(dāng)通過線圈的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，出現(xiàn)自感電動勢，從而阻礙電流變化，最終達(dá)到穩(wěn)定時電流不變，則自感電動勢變?yōu)榱?，自感線圈相當(dāng)導(dǎo)線了．9、AD【解析】試題分析：0~1s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度不斷增大，磁通量不斷增大，選項A正確．第4s末磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，但斜率不為零，感應(yīng)電動勢不為零，選項B錯誤．0~1s內(nèi)與2~4s內(nèi)斜率大小不相等，電動勢不相等，感應(yīng)電流不相等，選項C錯誤．用楞次定律判斷，感應(yīng)電流在0~1s內(nèi)為順時針，選項D正確．考點(diǎn)：本題考查電磁感應(yīng)的圖象問題，法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律等．10、BD【解析】試題分析：根據(jù)動量守恒知道最后物塊獲得的速度（最后物塊和子彈的公共速度）是相同的，即物塊獲得的動能是相同的；根據(jù)動能定理，物塊動能的增量是子彈做功的結(jié)果，所以兩次子彈對物塊做的功一樣多．故A錯誤，B正確；子彈嵌入下層或上層過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量都等于系統(tǒng)減少的動能，而子彈減少的動能一樣多（子彈初末速度相等）；物塊能加的動能也一樣多，則系統(tǒng)減少的動能一樣，故系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一樣多，故C錯誤；根據(jù)摩擦力和相對位移的乘積等于系統(tǒng)動能的損失量，由公式：Q=Fl相對，兩次相對位移不一樣，因此子彈所受阻力不一樣，子彈與下層之間相對位移比較小，所以摩擦力較大．故D正確；故選BD．考點(diǎn)：動量守恒定律【名師點(diǎn)睛】此題是對動量守恒定律的考查；本題的關(guān)鍵是用動量守恒知道子彈只要留在滑塊中，他們的最后速度就是相同的；知道產(chǎn)生的熱量的計算公式是：Q=Fl相對；這是一道考查動量和能量的綜合題．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC偏小【解析】試題分析：為了取得較好的實(shí)驗(yàn)效果，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析可知：玻璃磚上下表面不一定要平行，選擇的入射角應(yīng)盡量大些；大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上；大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當(dāng)大些，這樣可以減小測量的相對誤差．根據(jù)幾何知識求出入射角和折射角的正弦值，再求解折射率．根據(jù)折射定律，分析入射角和折射角的誤差，即可分析折射率的誤差．（1）A、大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當(dāng)大些時，相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，角度的測量誤差會小些．故A正確；作插針法測定折射率時，玻璃磚上下表面不一定要平行．故B錯誤；為了減小測量的相對誤差，選擇的入射角應(yīng)盡量大些，效果會更好．故C正確；若有幾塊厚度不同的玻璃磚，應(yīng)選用厚度較大一些的，故D錯誤．（2）由圖可知，入射角為，折射角為；則由折射定律可知：（3）用插針法“測定玻璃磚折射率”的實(shí)驗(yàn)原理是折射定律；某同學(xué)將兩界面的間距畫得比玻璃磚寬度略大，但在畫光路圖時，將入射點(diǎn)、出射點(diǎn)分別確定在ab、cd上，如圖所示，入射角測量沒有誤差，而折射角偏大，則根據(jù)折射定律得知，測出的折射率n將偏?。?2、變速0.042.1【解析】

（1）［1］由圖示紙帶知，從左到右點(diǎn)與