2017屆高三第二次月考物理試 卷【湖南師大附中】.docx

湖南師大附中2017屆高三第二次月考物理試卷時量：90分鐘 分值：110分一、選擇題：（共12道題，每題4分，共48分，其中17題只有一個正確選項(xiàng)，812題至少有兩個正確選項(xiàng)）1伽利略利用“斜面實(shí)驗(yàn)”研究自由落體運(yùn)動的規(guī)律，其實(shí)驗(yàn)思想是A小球沿斜面運(yùn)動時加速度較小，速度的測量比較容易B小球沿斜面運(yùn)動是速度較小，位移的測量比較容易C測量小球沿斜面運(yùn)動時的位移與時間的平方的比值，合理外推到90D測量小球沿斜面運(yùn)動時的速度平方與位移的比值，合理外推到90【答案】C2（2011江蘇南通）在水平面上有a、b兩點(diǎn)，相距20 cm，一質(zhì)點(diǎn)在一恒定的合外力作用下沿a向b做直線運(yùn)動，經(jīng)過02 s的時間先后通過a、b兩點(diǎn)，則該質(zhì)點(diǎn)通過a、b中點(diǎn)時的速度大小為（ ）A無論力的方向如何均大于1 m/sB無論力的方向如何均小于1 m/sC若力的方向由a向b，則大于1 m/s，若力的方向由b向a，則小于1 m/sD若力的方向由a向b，則小于1 m/s，若力的方向由b向a，則大于1 m/s來源:學(xué)科答案：A【解析】質(zhì)點(diǎn)在恒定的合外力作用下，加速度恒定，質(zhì)點(diǎn)做勻變速直線運(yùn)動，a、b間的平均速度= m/s=1 m/s，且這段時間內(nèi)中間時刻的瞬時速度也等于這個值，即vt/2=1 m/s若質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動，則前半段時間平均速度小，位移也小，故a、b中點(diǎn)位置在后半段時間內(nèi)，所以vx/2v t/2若質(zhì)點(diǎn)做勻減速直線運(yùn)動，則后半段時間平均速度小，位移也小，故a、b中點(diǎn)位置在前半段時間內(nèi)，所以v x/2v t/2故A項(xiàng)正確3光滑水平面上有一質(zhì)量為2kg的物體，在五個恒定的水平共點(diǎn)力的作用下處于平衡狀態(tài)現(xiàn)同時撤去大小分別為5N和15N的兩個水平力而其余力保持不變，關(guān)于此后物體的運(yùn)動情況的說法中正確的是A一定做勻變速直線運(yùn)動，加速度大小可能是5m/s2B可能做勻減速直線運(yùn)動，加速度大小可能是2m/s2C一定做勻變速運(yùn)動，加速度大小可能10m/s2D可能做勻速圓周運(yùn)動，向心加速度大小可能是10m/s2【答案】C【解析】試題分析：根據(jù)平衡條件得知，余下力的合力與撤去的兩個力的合力大小相等、方向相反，則撤去大小分別為5N和15N的兩個力后，物體的合力大小范圍為10NF合20N，根據(jù)牛頓第二定律F=ma得物體的加速度范圍為：5m/s2a10m/s2若物體原來做勻速直線運(yùn)動，撤去的兩個力的合力方向與速度方向不在同一直線上時，物體可以做曲線運(yùn)動，加速度大小可能是5m/s2故A錯誤若物體原來做勻速直線運(yùn)動，撤去的兩個力的合力方向與速度方向相同時，則撤去兩個力后物體做勻減速直線運(yùn)動，由上知加速度大小不可能是2m/s2故B錯誤由于撤去兩個力后其余力保持不變，則物體所受的合力不變，一定做勻變速運(yùn)動加速度大小可能等于10 m/s2故C正確由于撤去兩個力后其余力保持不變，恒力作用下不可能做勻速圓周運(yùn)動故D錯誤故選C。4如圖所示，欲使在粗糙斜面上勻速下滑的木塊A停下，可采用的方法是：( ) A增大斜面的傾角B在木塊A上再疊放一個重物C對木塊A施加一個垂直于斜面的力D對木塊A施加一個豎直向下的力【答案】C5如圖所示，水平轉(zhuǎn)臺上有一個質(zhì)量為m的物塊，用長為l的輕質(zhì)細(xì)繩將物塊連接在轉(zhuǎn)軸上，細(xì)繩與豎直轉(zhuǎn)軸的夾角為，此時繩繃直但無張力，物塊與轉(zhuǎn)臺間動摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物塊隨轉(zhuǎn)臺由靜止開始緩慢加速轉(zhuǎn)動，角速度為，加速度為g，則（ ） A當(dāng)時，細(xì)線中張力為零 B當(dāng)時，物塊與轉(zhuǎn)臺間的摩擦力為零C當(dāng)時，細(xì)線的張力為 D當(dāng)時，細(xì)繩的拉力大小為【答案】D【解析】試題分析: A、當(dāng)轉(zhuǎn)臺的角速度比較小時，物塊只受重力、支持力和摩擦力，當(dāng)細(xì)繩恰好要產(chǎn)生拉力時：，解得：，由于，所以當(dāng)時，細(xì)線中張力為零故A正確；B、隨速度的增大，細(xì)繩上的拉力增大，當(dāng)物塊恰好要離開轉(zhuǎn)臺時，物塊受到重力和細(xì)繩的拉力的作用，則：，解得：，由于，所以當(dāng)時，物塊與轉(zhuǎn)臺間的摩擦力不為零故B錯誤；C、由于，由牛頓第二定律：，因?yàn)閴毫π∮趍g，所以，解得：故C錯誤；D、當(dāng)時，小球已經(jīng)離開轉(zhuǎn)臺，細(xì)繩的拉力與重力的合力提供向心力，則：，解得：，故故D正確故選AD6如圖所示，一固定的細(xì)直桿與水平面的夾角為=15，一個質(zhì)量忽略不計(jì)的小輕環(huán)C套在直桿上，一根輕質(zhì)細(xì)線的兩端分別固定于直桿上的A、B兩點(diǎn)，細(xì)線依次穿過小環(huán)甲、小輕環(huán)C和小環(huán)乙，且小環(huán)甲和小環(huán)乙分居在小輕環(huán)C的兩側(cè)調(diào)節(jié)A、B間細(xì)線的長度，當(dāng)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時=45不計(jì)一切摩擦設(shè)小環(huán)甲的質(zhì)量為m1，小環(huán)乙的質(zhì)量為m2，則m1：m2等于 Atan15 Btan30 Ctan60 Dtan75【答案】C【解析】試題分析：小球C為輕環(huán)，重力不計(jì)，受兩邊細(xì)線的拉力的合力與桿垂直，C環(huán)與乙環(huán)的連線與豎直方向的夾角為600，C環(huán)與甲環(huán)的連線與豎直方向的夾角為300，A點(diǎn)與甲環(huán)的連線與豎直方向的夾角為300，乙環(huán)與B點(diǎn)的連線與豎直方向的夾角為600，根據(jù)平衡條件，對甲環(huán)：，對乙環(huán)有：，得，故選C。7如圖所示，質(zhì)量M=8kg的小車靜止在光滑水平面上，在小車右端施加一水平拉力F=8N，當(dāng)小車速度達(dá)到15m/s時，在小車的右端、由靜止輕放一大小不計(jì)、質(zhì)量m=2kg的物體，物體與小車間的動摩擦因數(shù)=02，小車足夠長，物體從放上小車開始經(jīng)t=15s的時間，則物體相對地面的位移為（g取10m/s2）（ ）A1m B21m C225m D31m【答案】B【解析】試題分析：放上物體后，物體的加速度，小車的加速度：，物體的速度達(dá)到與小車共速的時間為t，則，解得t=1s;此過程中物體的位移：；共同速度為v=a1t=2m/s；當(dāng)物體與小車相對靜止時，共同加速度為，再運(yùn)動05s的位移，故物體從放上小車開始經(jīng)t=15s的時間，則物體相對地面的位移為1m=11m=21m，故選B8在平直公路上行駛的汽車中，某人從車窗相對于車靜止釋放一個小球，不計(jì)空氣阻力，用固定在路邊的照相機(jī)對汽車進(jìn)行閃光照相，照相機(jī)閃兩次光，得到清晰的兩張照片，對照片進(jìn)行分析，知道了如下信息：兩次閃光的時間間隔為0.5s；第一次閃光時，小球剛釋放，第二次閃光時，小球落地；兩次閃光的時間間隔內(nèi)，汽車前進(jìn)了5m；兩次閃光時間間隔內(nèi)，小球的位移為5m，根據(jù)以上信息能確定的是（已知g=10m/s2）（ ）A小球釋放點(diǎn)離地的高度B第一次閃光時小車的速度C汽車做勻速直線運(yùn)動D兩次閃光的時間間隔內(nèi)汽車的平均速度【答案】ABD【解析】試題分析：從車窗相對于車靜止釋放一個小球，小球做平拋運(yùn)動，根據(jù)小球落地的時間，可求出平拋運(yùn)動的高度；通過兩次閃光間隔內(nèi)小球的位移，根據(jù)豎直位移，可求出水平位移，從而求出小球平拋運(yùn)動的初速度，即第一次閃光時小車的速度；汽車行駛的位移大于小球的水平位移，但不能判斷汽車做勻加速直線運(yùn)動；根據(jù)汽車的位移和時間，求出平均速度解：A、兩次閃光的時間間隔為0.5s，故小球平拋運(yùn)動的時間為0.5s，由h=gt2=1.25m，故A正確B、兩次閃光時間間隔內(nèi)，小球位移的大小為5m，根據(jù)豎直位移，可求出水平位移，再根據(jù)v=，可知平拋運(yùn)動的初速度，即第一次閃光時小車的速度故B正確C、在0.5s內(nèi)小車的位移大小等于小球的位移大小，而小球的位移必定大于小球的水平位移，故可知小車做加速運(yùn)動故C錯誤D、根據(jù)兩次閃光的時間間隔內(nèi)汽車的位移求出汽車的平均速度能確定故D正確故選ABD9如圖所示為賽車場的一個水平“梨形”賽道，兩個彎道分別為半徑R=90 m的大圓弧和r=40 m的小圓弧，直道與彎道相切。大、小圓弧圓心O、O距離L=100 m。賽車沿彎道路線行駛時，路面對輪胎的最大徑向靜摩擦力是賽車重力的225倍。假設(shè)賽車在直道上做勻變速直線運(yùn)動，在彎道上做勻速圓周運(yùn)動，要使賽車不打滑，繞賽道一圈時間最短（發(fā)動機(jī)功率足夠大，重力加速度g=10 m/s2，=314），則賽車 A在繞過小圓弧彎道后加速B在大圓弧彎道上的速率為45 m/sC在直道上的加速度大小為563 m/s2D通過小圓弧彎道的時間為585 s【答案】AB【解析】試題分析：在彎道上做勻速圓周運(yùn)動時，根據(jù)牛頓定律有，故當(dāng)彎道半徑一定時，在彎道上的最大速度是一定的，且在大圓弧彎道上的最大速度大于小圓弧彎道上的最大速度，故要想時間最短，故可在繞過小圓弧彎道后加速，選項(xiàng)A正確；在大圓弧彎道上的速率為，選項(xiàng)B正確；直道的長度為，在小圓弧彎道上的最大速度為，故在直道上的加速度大小為，選項(xiàng)C錯誤；由幾何關(guān)系可知，小圓弧軌道的長度為，通過小圓弧彎道的時間為，選項(xiàng)D錯誤；故選AB10暗物質(zhì)是二十一世紀(jì)物理學(xué)之謎，對該問題的研究可能帶來一場物理學(xué)的革命為了探測暗物質(zhì)，我國在2015年12月17日成功發(fā)射了一顆被命名為“悟空”的暗物質(zhì)探測衛(wèi)星已知“悟空”在低于同步衛(wèi)星的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動，經(jīng)過時間t（t小于其運(yùn)動周期），運(yùn)動的弧長為s，與地球中心連線掃過的角度為（弧度），引力常量為G，則下列說法中正確的是A“悟空”的線速度小于第一宇宙速度B“悟空”的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度C“悟空”的環(huán)繞周期為D“悟空”的質(zhì)量為【答案】ABC【解析】試題分析：該太空電站經(jīng)過時間t（t小于太空電站運(yùn)行的周期），它運(yùn)動的弧長為s，它與地球中心連線掃過的角度為（弧度），則太空站運(yùn)行的線速度為，角速度為： ，根據(jù)v=r得軌道半徑為： ，人類第一臺太空電站在地球的同步軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動，萬有引力提供向心力，則有：，得，可知衛(wèi)星的軌道半徑越大，速率越小，第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，故“悟空”在軌道上運(yùn)行的速度小于地球的第一宇宙速度，故A正確；由得：加速度，則知“悟空”的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度故B正確“悟空”的環(huán)繞周期為，故C正確；“悟空”繞地球做勻速圓周運(yùn)動，萬有引力提供向心力，即：，聯(lián)立解得：地球的質(zhì)量為，不能求出“悟空”的質(zhì)量故D錯誤；故選：ABC11如圖甲所示，平行于光滑斜面的輕彈簧勁度系數(shù)為k，一端固定在傾角為的斜面底端，另一端與物塊A連接，兩物塊A、B質(zhì)量均為m，初始時均靜止，現(xiàn)用平行于斜面向上的力F拉動物塊B，使B做加速度為a的勻加速運(yùn)動，A、B兩物塊在開始一段時間內(nèi)的vt關(guān)系分別對應(yīng)圖乙中A、B圖線t1時刻A、B的圖加速度為g，則下列說法正確的是（ ） Atl時刻，彈簧形變量為Bt2時刻，彈簧形變量為Ctl時刻，A，B剛分離時的速度為D從開始到t2時刻，拉力F先逐漸增大后不變【答案】BD【解析】試題分析：由圖讀出，t1時刻A、B開始分離，對A根據(jù)牛頓第二定律：kx-mgsin=ma，則，故A錯誤由圖知，t2時刻A的加速度為零，速度最大，根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律得：mgsin=kx，則得：x=，故B正確；對AB整體，根據(jù)牛頓第二定律得：F-2mgsin+kx=2ma，得F=2mgsin-kx+2ma，則知開始時F最小，此時有：2mgsin=kx，得F的最小值為 F=2ma由圖讀出，t1時刻A、B開始分離，對A根據(jù)牛頓第二定律：kx-mgsin=ma，開始時有：2mgsin=kx0，又x0-x=at12,速度V=at1=故C錯誤從開始到t1時刻，對AB整體，根據(jù)牛頓第二定律得：F+kx-mgsin=2ma，得F=mgsin+2ma-kx，x減小，F(xiàn)增大；t1時刻到t2時刻，對B，由牛頓第二定律得：F-mgsin=ma，得 F=mgsin+ma，可知F不變，故D正確故選BD12如圖所示，在勻速轉(zhuǎn)動的電動機(jī)帶動下，足夠長的水平傳送帶以恒定速率v1，勻速向右運(yùn)動，一質(zhì)量為m的滑塊從傳送帶右端以水平向左的速率v2（v2v1）滑上傳送帶，最后滑塊返回傳送帶的右端已知滑塊與傳送帶的動摩擦因數(shù)為，關(guān)于這一過程的下列判斷，正確的有（ ） A滑塊滑上傳送帶上的加速度大小為gB滑塊向左滑動后離開左端的最大距離為C滑塊返回傳送帶右端的速率為v2、D從滑塊滑上傳送帶到離開所用時間大于【答案】AD【解析】試題分析：滑塊滑上傳送帶，受摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律可得，加速度a=g，故A正確；滑塊受摩擦力作用，根據(jù)動能定律得fs=mv22mv12，得：，故B錯誤；由于傳送帶足夠長，物體減速向左滑行，直到速度減為零，然后物體會在滑動摩擦力的作用下向右加速，由于v1v2，物體會先在滑動摩擦力的作用下加速，當(dāng)速度增大到等于傳送帶速度時，物體還在傳送帶上，之后不受摩擦力，故物體與傳送帶一起向右勻速運(yùn)動，速度等于v1，故C錯誤；由題意知，物體先想做減速，后反向加速到v1后一起隨傳送帶勻速運(yùn)動，速度-時間圖象如圖所示： 物體向右運(yùn)動的位移即圖象下方的位移與向左時的位移即圖象上方的位移相等，根據(jù)圖象，故時間t大于時，才能滿足，故從滑塊滑上傳送帶到離開所用時間t大于，故選項(xiàng)D正確；故選AD二、實(shí)驗(yàn)題（共兩個大題，共16分）13、（6分）為驗(yàn)證力的平行四邊形定則，某同學(xué)將環(huán)形橡皮筋掛在彈簧秤鉤上，用力拉使彈簧秤上的讀數(shù)為2.00N時，將橡皮筋兩端的位置畫在白紙上，記為O、O，選擇合適的標(biāo)度，作出橡皮筋拉力的大小和方向，記為F OO，如圖甲所示。接著他在秤鉤和兩支圓珠筆上涂抹少許潤滑油，用兩支圓珠筆和秤鉤將環(huán)形橡皮筋拉成三角形，使秤鉤的下端仍到達(dá)O點(diǎn)，將兩筆尖的位置標(biāo)記為A、B，橡皮筋OA段的拉力記為FOA，OB段的拉力記為FOB，如圖乙所示。再將環(huán)形橡皮筋剪斷，測得所受的拉力F與長度l之間的關(guān)系，如圖丙所示。完成下列問題： （1）測得OA=6.10cm，OB=8.20cm，AB=10.70cm，則FOA的大小為 N；（2）選擇相同的標(biāo)度，下列按比例作出的FOA和FOB的合力F的圖示正確的是_（3）通過比較F與 的大小和方向，即可得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論。【答案】 （1）1.5 （2）C （3）考點(diǎn)：本題考查了驗(yàn)證平行四邊形定則的基本原理。14（8分）為了測量木塊與木板間動摩擦因數(shù)，某小組使用位移傳感器設(shè)計(jì)了如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置，讓木塊從傾斜木板上一點(diǎn)A由靜止釋放，位移傳感器可以測出木塊到傳感器的距離位移傳感器連接計(jì)算機(jī)，描繪出木塊相對傳感器的位移S隨時間t變化規(guī)律，如圖所示 （1）根據(jù)上述圖線，計(jì)算0.4s時木塊的速度v= m/s，木塊加速度a= m/s2；（2）為了測定動摩擦因數(shù)，還需要測量的量是 ；（已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭）；（3）為了提高木塊與木板間動摩擦因數(shù)的測量精度，下列措施可行的是 （單選）AA點(diǎn)與傳感器距離適當(dāng)大些B木板的傾角越大越好C選擇體積較大的空心木塊D傳感器開始計(jì)時的時刻必須是木塊從A點(diǎn)釋放的時刻【答案】（1）0.4，1；（2）斜面傾角（或A點(diǎn)的高度）；（3）A【解析】試題分析：（1）由于滑塊在斜面上做勻加速直線運(yùn)動，所以某段時間內(nèi)的平均速度等于這段時間內(nèi)中點(diǎn)時刻的瞬時速度；根據(jù)加速度的定義式即可求出加速度；（2）為了測定動摩擦力因數(shù)還需要測量的量是木板的傾角；（3）為了提高木塊與木板間摩擦力因數(shù)的測量精度，可行的措施是A點(diǎn)與傳感器位移適當(dāng)大些或減小斜面的傾角解：（1）根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于這段時間內(nèi)中點(diǎn)時刻的瞬時速度，得0.4s末的速度為：v=，0.2s末的速度為：，則木塊的加速度為：a=（2）選取木塊為研究的對象，木塊沿斜面方向是受力為：ma=mgsinmgcos得：所以要測定摩擦因數(shù)，還需要測出斜面的傾角（3）根據(jù)（2）的分析可知，在實(shí)驗(yàn)中，為了減少實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)使木塊的運(yùn)動時間長一些，可以：可以減小斜面的傾角、增加木塊在斜面上滑行的位移等，傳感器開始的計(jì)時時刻不一定必須是木塊從A點(diǎn)釋放的時刻故A正確，BCD錯誤故選：A三、計(jì)算題（共三道題，33分）15（10分）某星球的半徑是地球半徑的，質(zhì)量是地球質(zhì)量的，中國的一輛星球車，高h(yuǎn)=1.6m，在該星球表面以加速度a=2m/s2勻加速直線行駛，當(dāng)速度為2m/s時突然車后掉下一個質(zhì)量為m的物體，試求(地球地面重力加速度g=)(1)當(dāng)物體掉地時，物體與小車的距離。(2)如果物體與地面的動摩擦因數(shù)為0.1，那么當(dāng)物體停下來時與小車的距離。（物體落地時豎直速度由于碰撞而損失）解：（1）該星球表面的重力加速度為 ，當(dāng)物體掉地時，物體與小車的距離 （2）物體落地后停下來時的距離，所花時間為小車在這段時間內(nèi)走的位移當(dāng)物體停下來時與小車的距離16.（11分）如圖所示，半徑為R的半球形陶罐，固定在可以繞豎直軸旋轉(zhuǎn)的水平轉(zhuǎn)臺上，轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)軸與過陶罐球心O的對稱軸重合，轉(zhuǎn)臺以一定角速度勻速旋轉(zhuǎn)，一質(zhì)量為m的小物塊落入陶罐內(nèi)，經(jīng)過一段時間后，小物塊隨陶罐一起轉(zhuǎn)動且相對罐壁靜止，它和O點(diǎn)的連線與之間的夾角為45。已知重力加速度大小為g，小物塊與陶罐之間的最大靜摩擦力大小為。 （1）若小物塊受到的摩擦力恰好為零，求此時的角速度0；（2）若小物塊一直相對陶罐靜止，求陶罐旋轉(zhuǎn)的角速度的最大值和最小值?！敬鸢浮浚?） （2）最大值 最小值 【解析】試題分析：（1）當(dāng)摩擦力為零，支持力和重力的合力提供向心力， 有：解得：（2）當(dāng)時，重力和支持力的合力不夠提供向心力，當(dāng)角速度最大時，摩擦力方向沿罐壁切線向下達(dá)最大值，設(shè)此最大角速度為1，受力如圖： 由牛頓第二定律得， 聯(lián)立以上三式解得： 當(dāng)時，重力和支持力的合力大于所需向心力，摩擦力方向沿罐壁切線向上，當(dāng)角速度最小時，摩擦力向上達(dá)到最大值,設(shè)此最小角速度為2由牛頓第二定律得， 聯(lián)立三式解得： 17（12分）如圖所示，長木板的質(zhì)量為M=3m，長度為L，放在光滑水平面上距墻壁足夠遠(yuǎn)處，在木塊A的左端放一個可視為質(zhì)點(diǎn)的物體B，質(zhì)量為m，A與B摩擦因數(shù)為，給B一個初速度，當(dāng)長木板與墻壁碰撞時原速率返回，同時在墻壁的左邊所有空間加一個豎直向上的勻強(qiáng)電場（物體B帶正電，且電量為q，并保持恒定），求：（1）木板與墻壁相碰時，物塊與墻壁的距離；（2）如果木板與墻壁碰后的運(yùn)動過程中物體恰好不能離開木板A，試求電場強(qiáng)度E。【答案】（1）（2）【解析】（1），則物塊：，木板：，,因此物體與墻壁的距離為（2），則物塊：，木板：，得，得四、選做題（三個題任意選做一個，沒有選擇，按18題閱卷）18、（15分，選擇題3-3）（1）(6分)下列說法中正確的是A、一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能隨著溫度升高一定增大B、第一類永動機(jī)和第二類永動機(jī)研制失敗的原因是違背了能量守恒定律C、當(dāng)分子間距時，分子間的引力隨著分子間距的增大而增大，分子間的斥力隨著分子間距的增大而減小，所以分子力表現(xiàn)為引力D、大霧天氣學(xué)生感覺到教室潮濕，說明教室內(nèi)的相對溫度較大E、一定質(zhì)量的單晶體在熔化過程中分子勢能一定是增大的【答案】ADE 6【解析】試題分析：一定質(zhì)量的理想氣體只有分子動能，其內(nèi)能只與溫度有關(guān)，內(nèi)能增大，其溫度一定升高，故選項(xiàng)A正確；第二類永動機(jī)沒有違背能量守恒定律，都是違反了熱力學(xué)第二定律，是不可能制成的，故B錯誤；分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小，但斥力減小的快，故分子力表現(xiàn)為引力，故C錯誤；D、大霧天氣學(xué)生感覺到教室潮濕，說明教室內(nèi)的相對溫度較大，故選項(xiàng)D正確；單晶體在熔化過程中吸收熱量，但是溫度不變，故分子動能不變，故分子勢能增加，故選項(xiàng)E正確。（2）(9分)如圖所示，固定的絕熱氣缸內(nèi)有一質(zhì)量為m的“T”型絕熱活塞（體積可忽略），距氣缸底部h0處連接一U形管（管內(nèi)氣體的體積忽略不計(jì)）初始時，封閉氣體溫度為T0，活塞距離氣缸底部為15h0，兩邊水銀柱存在高度差已知水銀的密度為，大氣壓強(qiáng)為p0，氣缸橫截面積為s，活塞豎直部分長為12h0，重力加速度為g試問： （I）初始時，水銀柱兩液面高度差多大？（II）緩慢降低氣缸內(nèi)封閉氣體的溫度，當(dāng)U形管兩水銀面相平時封閉氣體的溫度是多少？【答案】（1）（2） 【解析】試題分析：被封閉氣體壓強(qiáng) 2初始時，液面高度差為 1降低溫度直至液面相平的過程中，氣體先等壓變化，后等容變化。初狀態(tài)：，V115h0s，T1T0 2末狀態(tài)：P2P0，V212h0s，T2？ 2根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程 1代入數(shù)據(jù)，得 119、（15分，選做題3-4）（1）(6分)光纖通信的主要優(yōu)點(diǎn)是容量大、衰減小、抗干擾性強(qiáng)等，因此在現(xiàn)代生活中被廣泛應(yīng)用。在光纖制造過程中，由于拉伸速度不均勻，會使得拉出的光纖偏離均勻的圓柱體，而呈現(xiàn)圓錐形狀?，F(xiàn)把一段長為L的光纖簡化為細(xì)長的圓錐體的一部分，其頂角很小，兩端截面的半徑分別為R1、R2，（且R1R2）。若使光以一定的入射角從大截面射入后能從小截面射出，則下列說法不正確的是（ ） A光在此光纖中反射次數(shù)多于在同長度合格光纖中的反射次數(shù)B光纖外套的折射率要小于內(nèi)芯的折射率C一定能量的光束從入口射入后，從出口射出的能量不變D光在此光纖內(nèi)運(yùn)行的全反射臨界角變大【答案】CD 6【解析】試題分析：由于圓錐體母線不平行，光線經(jīng)過一個錐體母線反射后射到另一個相對的母線時，入射角比合格光纖的小，由幾何關(guān)系可知光在此光纖中反射次數(shù)多于在同長度合格光纖中的反射次數(shù)，故A正確；光線要在光纖內(nèi)發(fā)生全反射，由全反射的條件可知光纖外套的折射率要小于內(nèi)芯的折射率，故B正確；由于光線在圓錐體的母線入射角不斷減小，可能使入射角小于臨界角，從而光不發(fā)生全反射而從光纖射出，所以一定能量的光束從入口射入后，從出口射出的能量會減少，故C不正確；根據(jù)全反射臨界角公式，n不變，則臨界角不變，故D不正確（2）(9分)如圖所某介質(zhì)中形成一列簡諧波，t=0時刻的波形如圖中實(shí)線所示。 （I）若波向右傳播。零時刻剛好傳到B點(diǎn)，且再經(jīng)過0.6s，P點(diǎn)也開始起振。求：該列波的周期T；從t=0時刻起到P點(diǎn)第一次達(dá)到波谷的過程中，O點(diǎn)對平衡位置的位移y0及其所經(jīng)過的路程s0各為多少?（II）若此列波的傳播速度大小為20m/s，且波形由實(shí)線變?yōu)樘摼€需要經(jīng)歷0.575s時間，則該列波的傳播方向如何?【答案】（1）0.2s； 20.1m ； 2 1.3m 2（2）波向右傳播 3【解析】試題分析：（1）由題意知，振動形式從B勻速傳播到P點(diǎn)用0.6s，所以傳播速度v=10m/s，由圖知波長為2m，所以周期；由圖知B點(diǎn)開始向下振動，故P點(diǎn)也是開始