浙江省嘉興市2020屆高三下學(xué)期5月教學(xué)測試物理試題Word版含解析

1、2020屆浙江省嘉興市高三（下）5月教學(xué)測試物理試題選擇題部分一、選擇題I （本題共13小題，每小題給出的四個備選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）1.下列有關(guān)物理學(xué)家的貢獻(xiàn)，說法正確的是（）A.庫侖通過實(shí)驗(yàn)精確測定了元電荷e的值B.牛頓最早發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動的三大定律C.法拉第最早引入場概念并用場線描述電場和磁場D.玻爾基于粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型【答案】C【解析】【詳解】A.密立根通過實(shí)驗(yàn)精確測定了元電荷e的數(shù)值，故A錯誤：B.開普勒最早發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動的三大規(guī)律，故B錯誤；C.法拉第最早引入場概念并用場線描述電場和磁場，故C正確：D.盧瑟福通過a粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型

2、，故D錯誤。故選C。2.牙買加名將博爾特在柏林田徑世界錦標(biāo)賽上，創(chuàng)造了 2001n短跑世界紀(jì)錄19. 19s,則（）A. 200m指的是位移，19. 19s指的是時刻B. 200m指的是路程,19. 19s指的是時間間隔C.博爾特全程的平均速度大小約為10. 42msD.博爾特沖刺速度大小一定為10. 42ms【答案】B【解析】【詳解】AB. 200米比賽為彎道，位移大小不是200米，200nl指的是路程，19. 19s指的是時 間間隔，故A錯誤，B正確：CD.因?yàn)椴磺宄\(yùn)動性質(zhì)，故無法計(jì)算沖刺速度大小，而因?yàn)椴磺宄唧w位移，故平均速度 無法計(jì)算，故CD錯誤。故選3.建筑工地上，有時候需要通過

3、拋的方式把磚塊從低處送往高處，如圖所示為三塊磚頭在空 中某時刻的照片，/為磚塊該時刻的運(yùn)動方向，不計(jì)空氣阻力，則（）-1-BA.磚塊受到的合力為零B. A磚塊對B磚塊有向下的壓力C. B磚塊對A磚塊有向左的摩擦力D. A、B磚塊之間沒有摩擦力【答案】D【解析】【詳解】A.對整體分析可知，磚塊在空中運(yùn)動時，只受重力作用，合力不為零，故A錯誤； BCD.因?yàn)橹皇苤亓Γ幱谕耆е貭顟B(tài)，故磚塊間無彈力，也無摩擦力，故BC錯誤，D正確。 故選D。4.據(jù)分析，著名足球明星C羅曾在某次頭球破門時重心上升了 71cm,估算此次頭球破門時C 羅離地的時間應(yīng)為（A. 0. 75s【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)可

4、得故全過程用時故A正確，BCD錯誤。故選A。5如圖所示是輸入電壓為220V,輸出電壓為27V的變壓器，相應(yīng)的線圈匝數(shù)分別為亂和止，B. 0. 38sC. 0. 27sD. 0. 54ss x O.377st = 2t 0.75sA. nnzB.輸入的電流大于輸出的電流C.繞制輸入端線圈 導(dǎo)線比輸出端細(xì)D.輸出端連接的用電器數(shù)量增加，輸入端功率不變【答案】C【解析】【詳解】A.由題知，副線圈的電壓小于原線圈的電樂，故此為降壓變壓器，故所如故A錯 誤；B.根據(jù)電流與匝數(shù)成反比可知，輸入的電流小于輸出的電流，故B錯誤：C.因?yàn)檩敵龉β瘦斎牍β氏嗤?，而副線圈兩端電流大，為了減小導(dǎo)線上功率損失，故繞制

5、輸入端線圈的導(dǎo)線比輸出端細(xì)，故C正確；D.輸出端連接的用電器數(shù)量增加，輸出功率增大，輸入端功率增大，故D錯誤。故選Co6 .下列說法正確的是（）A.電動勢就是電源兩極間的電壓B.規(guī)格為“L5uF, 9V”電容器中的9V指擊穿電壓C.材料的電阻率都會隨溫度的升高而增大D.長為的金屬導(dǎo)線截去工，將剩余部分均勻拉長至乙電阻變?yōu)樵瓉淼?nn - 1【答案】D【解析】【詳解】A.根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電源的電動勢等于內(nèi)外電壓之和，當(dāng)電源沒有接 入電路時內(nèi)電壓等于零，則電源的電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，故A錯誤:B.規(guī)格為“L5uF, 9V”電容器中的9V指額定電壓，即能承受的最大電壓，

6、故B錯誤：C.金屬的電阻率隨溫度升高而增大，半導(dǎo)體的電阻率隨溫度升高而減小，故c錯誤：D.長為的金屬導(dǎo)線截去人,將剩余部分均勻拉長至乙其體積減小了 L,變?yōu)樵瓉淼?nnj 1-L故橫截面積變?yōu)楦鶕?jù)電阻定律公式R =電阻與橫截面積成反比, n）V nJS故電阻變?yōu)樵瓉淼囊欢?，故D正確。n-故選D。7 .如圖所示是一個趣味實(shí)驗(yàn)中的“電磁小火車”，“小火車”本體是兩端都吸有強(qiáng)磁鐵的電 池，“軌道”是用裸銅線繞成的螺線管。將干電池與強(qiáng)磁鐵組成的“小火車”放入螺線管內(nèi), 就會沿螺線管運(yùn)動，則（）A. “小火車”通過兩端磁鐵之間的排斥力而運(yùn)動B.干電池正負(fù)極對調(diào)后“小火車”運(yùn)動方向?qū)⒏淖僀. “小火車”放

7、入絕緣銅線繞成的螺線管后會沿螺線管運(yùn)動D. “小火車”放入表面無絕緣層的裸露銅管后會沿銅管運(yùn)動【答案】B【解析】【詳解】A. “小火車”通過兩端磁鐵與螺線管之間的作用力而運(yùn)動，故A錯誤；B.只將干電池的“ + ”極左右對調(diào)，則螺線管產(chǎn)生的磁場的方向反向，“小火車”運(yùn)動方向?qū)⒏淖?，故B正確；C.絕緣銅線不導(dǎo)電，螺線管中無電流，不會產(chǎn)生磁場，故C錯誤：D. “小火車”放入表面無絕緣層的裸露銅管后不會沿銅管運(yùn)動，因?yàn)殂~管中會鐵磁兩側(cè)的銅 管可看成很多閉合小線圈，磁鐵運(yùn)動則磁通量變化，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流會阻礙磁鐵運(yùn)動，故D錯誤。故選B。8.我們的生活已經(jīng)離不開電磁波，如：GPS定位系統(tǒng)使用頻率

8、為10. 23MHz (IMHz=lOz )的電 磁波，手機(jī)工作時使用頻率為8001900MHz的電磁波，家用5GWi-Fi使用頻率約為5725MHz 的電磁波，地鐵行李安檢時使用頻率為10嗎z的電磁波。關(guān)于這四種電磁波的說法正確的是( )A.家用5GWi-Fi電磁波的衍射現(xiàn)象最明顯B. GPS定位系統(tǒng)使用的電磁波的能量最強(qiáng)C.地鐵行李安檢時使用的電磁波利用了其穿透本領(lǐng)D.手機(jī)工作時使用的電磁波是縱波且不能產(chǎn)生偏振現(xiàn)象【答案】C【解析】【詳解】A.電磁波波長越長，頻率越低，則衍射現(xiàn)象越明顯，GPS定位系統(tǒng)的電磁波衍射現(xiàn) 象最明顯，故A錯誤；8 .根據(jù)石=用，可知，頻率越高，能量越強(qiáng)，則地鐵行李

9、安檢時使用的能量最強(qiáng)，故B錯誤:C.地鐵行李安檢時使用的電磁波利用了其穿透本領(lǐng)，故C正確：D.電磁波是橫波，能產(chǎn)生偏振現(xiàn)象，故D錯誤。故選C。9 .由于鋰離子電池的材料特性，在電池短路、過高或過低溫度、過度充電或放電等情況下都 有可能引起電池漏液、起火或爆炸。為安全起見，中國民航總局做出了如表相關(guān)規(guī)定。某款 移動電池(鋰離子電池)的參數(shù)如表格所示() I oJHAIHW取于100項(xiàng)河雁100 而 160圾痂空公司隹才能修身01用1制4同攜帶J TiiDJHiE 1容量25000mAh重量596g額定電壓3. 7V轉(zhuǎn)換率85%充電時間15. 5hA. 25000mAh中的mAh是能量的單位B.這

10、款移動電池充滿電后所儲存的總化學(xué)能為92500WhC.乘飛機(jī)出行時，這款移動電池可以直接隨身攜帶D.這款移動電池理論上能給3200mAh的手機(jī)最多充電7次【答案】C【解析】【詳解】A.根據(jù)9=可知，mAh是電量的單位，故A錯誤：B.這款移動電池充滿電后所儲存的總化學(xué)能為卬=uit = % = 25 A h x 3.7V = 92.5Wh故B錯誤：C.根據(jù)B分析可知，乘飛機(jī)出行時，這款移動電池可以直接隨身攜帶，故C正確：D.這款移動電池理論上能給3200mAh的手機(jī)最多充電z 25000mAhx85% 一N =七 6.63200mAh故最多充電6次，故D錯誤。故選C。10.用中子轟擊靜止的Li核

11、，核反應(yīng)方程如下：；n+；Lif X+；He。中子的速度為質(zhì)量為如生成的X核速度方向與中子的速度方向相反，X核與；He核的速度之比為7： 8,質(zhì)子的 質(zhì)量可近似為出光速為則（）A. X核為:H核B.反應(yīng)過程質(zhì)量守恒、電荷數(shù)也守恒C.核反應(yīng)過程中釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為X核的動能D. iHe核的速度為打【答案】D【解析】【詳解】A.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒可知，X電荷數(shù)為1,質(zhì)量數(shù)為3,故X核為：H核,故A錯誤：B.反應(yīng)過程電荷數(shù)守恒，但釋放能量，存在質(zhì)量虧損，質(zhì)量不守恒，故B錯誤；C.核反應(yīng)過程中釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為X核和氮原子核的動能，故c錯誤：D.反應(yīng)中動量守恒mv = -3mv. + 4/

12、nv,X核與；He核的速度之比為7： 8,代入解得8v匕=-11故D正確。故選D。1L下列關(guān)于甲、乙、丙、丁四幅圖的說法中，正確的是（）n8 543 2E/tN 0 三幡 -3.401-13.60甲圖:氮原子能級圖丁圖:光電效應(yīng)光電流與電壓關(guān)系A(chǔ).甲圖：大量氫原子從爐4能級向低能級自發(fā)躍遷所輻射的電磁波照射逸出功為2. 25eV的鉀板，產(chǎn)生的光電子動能均為10. 5eVB.乙圖：此時刻振蕩電流正在減小C.丙圖：這是光通過小孔衍射形成圖樣D. 丁圖：不同強(qiáng)弱黃光對應(yīng)的圖像交于U軸同一點(diǎn)，說明光電子最大初動能與光的強(qiáng)度無關(guān)【答案】D【解析】【詳解】A.大量氫原子從54能級向低能級自發(fā)躍遷所推射的電

13、磁波頻率并非單一，故產(chǎn) 生的光電子動能也并非單一，故A錯誤：B.感應(yīng)電流磁場向上.可知感應(yīng)電流流向負(fù)極板，則電容器帶電量減小，回路電流增大，故B錯誤；C.泊松亮斑是圓板衍射形成的圖樣，故C錯誤：D.不同強(qiáng)弱黃光對應(yīng)的圖像交于軸同一點(diǎn)eU = Ek =hv-W說明光電子最大初動能與光的強(qiáng)度無關(guān)，故D正確。故選D。12.如圖所示為“嫦娥五號”探月過程的示意圖。探測器在圓形軌道I上運(yùn)動，到達(dá)軌道的月 點(diǎn)時變軌進(jìn)入橢圓軌道H,變軌前后的速度分別為匕和畛；到達(dá)軌道n的近月點(diǎn)6時再次變 軌進(jìn)入月球近月軌道HI繞月球作圓周運(yùn)動，變軌前后的速度分別為匕和匕，則探測器（）A.在A點(diǎn)變軌需要加速B.在軌道I【上從

14、月點(diǎn)到5點(diǎn)，速度變小C.在軌道II上6點(diǎn)的加速度大于HI軌道上5點(diǎn)的加速度D.四個速度大小關(guān)系滿足看匕匕 匕【答案】D【解析】【詳解】A.探測器在圓形軌道I上運(yùn)動，到達(dá)軌道的A點(diǎn)時變軌進(jìn)入橢圓軌道II,軌道半 長軸變小，近心運(yùn)動，故需要在月點(diǎn)減速，故A錯誤；B.在軌道II上從3點(diǎn)到5點(diǎn)，引力做正功，動能增大，速度增大，故B錯誤；C.根據(jù)牛頓第二定律可知MmG = ma 廠在軌道II上6點(diǎn)的加速度等于in軌道上6點(diǎn)的加速度，故C錯誤：D.到達(dá)軌道H的近月點(diǎn)5時再次變軌進(jìn)入月球近月軌道III繞月球作圓周運(yùn)動，變軌前后的速 度分別為由和匕，變軌做近心運(yùn)動所以需要減速，故丹/，探測器在圓形軌道I上運(yùn)動

15、，到達(dá)軌道的月點(diǎn)時變軌進(jìn)入橢圓軌道n,軌道半長軸變小，近心運(yùn)動，故需要在月點(diǎn)減速，匕匕，根據(jù)Mmv2G = m 廠r可知圓周運(yùn)動中，軌道半徑大則速度小，所以%匕，故%匕乃，故D正確。故選D。13 .如圖所示的豎直平而內(nèi)，一帶電體位于月處。一個質(zhì)量為卬的帶負(fù)電圓環(huán)套在傾角為8=45。的絕緣直桿上，靜止于F處且恰好不受摩擦力。4為國的中垂線，與水平而交于。點(diǎn)，AA.月處帶電體帶正電B.直桿受到的壓力值為砥os45C. A處帶電體帶等量異種電荷時圓環(huán)將以0 加速度做勻加速直線運(yùn)動D.把帶電體從R移到C處，圓環(huán)同樣不受摩擦力【答案】D【解析】【詳解】A.對圓環(huán)受力分析，有重力，桿給的支持力，還有庫侖力

16、，因?yàn)殪o止于尸處且恰好 不受摩擦力，故可判斷庫侖力為斥力，庫侖力沿斜而向上的分力平衡了重力向下的分力，故A 處帶電體帶負(fù)電，故A錯誤：B.垂直桿方向合力為零，故N = mg cos 0 + sin 0根據(jù)牛頓第三定律可知，壓力大于原cos45 ,故B錯誤：C.月處帶電體帶等量異種電荷時，斥力變成引力，如果仍不受摩擦力則mg sin 6 + 卜 cos 0 = ma庫侖力沿斜面向上的分力平衡了重力向下的分力，故加速度為企目，而此時由于存在摩擦力, 加速度不再是故C錯誤:D.把帶電體從A移到C處，斥力方向改變，與桿夾角仍不變，故庫侖力沿斜而向上的分力 平衡了重力向下的分力，不存在摩擦力，故D正確。

17、故選D。二、選擇題n （本題共3小題，每小題四個備選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的。）14.如圖所示分別為100多個、3000多個、70000多個電子通過雙縫后的干涉圖樣，則（）A.圖樣是因?yàn)殡娮又g相互作用引起的B.假設(shè)現(xiàn)在只讓一個電子通過單縫，那么該電子一定落在亮紋處C.圖樣說明電子己經(jīng)不再遵守牛頓運(yùn)動定律D.根據(jù)不確定性關(guān)系，不可能同時準(zhǔn)確地知道電子的位置和動量【答案】CD【解析】【詳解】A.根據(jù)圖樣可知，是因?yàn)殡娮拥牟▌有砸鸬母缮鎴D樣，故A錯誤；B.根據(jù)概率波的概念，對于一個電子通過單縫落在何處，是不可確定的，但概率最大的是 落在亮紋處，故B錯誤；C.根據(jù)圖樣可知，電子已經(jīng)不再遵守牛

18、頓運(yùn)動定律，故C正確：D.根據(jù)不確定性關(guān)系，不可能同時準(zhǔn)確地知道電子的位置和動量，故D正確。故選CD。15.乩6兩列波在同一介質(zhì)中沿x軸正負(fù)兩個方向相向傳播，尸0時刻波形如圖所示，波速均 為歸25cm/s,則下列說法正確是（）/cmA.石15cm處的質(zhì)點(diǎn)是振動加強(qiáng)點(diǎn)B.只有波峰與波谷相遇處質(zhì)點(diǎn)才會處于產(chǎn)4cm或-4cm位置C. t=Q. 08s時，第一次有質(zhì)點(diǎn)處于產(chǎn)-20cm位置處D.再經(jīng)過31. 2s時間產(chǎn)15cm處的質(zhì)點(diǎn)將第2次處于產(chǎn)20cm位置處【答案】CD【解析】【詳解】A.根據(jù)圖像可知，兩波波長不同，而在同一介質(zhì)中，波速相同，v = 2/可知，兩波頻率不同，故不能發(fā)生穩(wěn)定的干涉，故A

19、錯誤：B.根據(jù)題意可知，當(dāng)兩波未相遇時，也會有質(zhì)點(diǎn)處于產(chǎn)4cm或-4cm位置，故B錯誤：C.當(dāng)波谷與波谷相遇質(zhì)點(diǎn)處于產(chǎn)-20cm位置處，所以24V 45-(15 + 39x-)Ar =-s = 0.08s2v 2x25故C正確：D. 215cm處的質(zhì)點(diǎn)將第2次處于產(chǎn)20cm位置處，設(shè)A波傳播了 m個周期，B波傳播了 n個 周期，有52m _ 60-2525解得爐13,爐15時，等式成立，故所需時間為52x1506t =s = 31.2s25故D正確。故選CD。16.如圖所示為寬度為式折射率為a的足夠大平行玻腐磚，其下表面鍍有特殊的鍍層，距離 上表面/位置有一光源尸，尸。與上下表面垂直。以入射角

20、。射入玻璃上表而，經(jīng)過上表面和下 表面多次反射并從上表面出射后在圖上生成多個像。其中第一次被下表而反射并出射所生成的像最明亮，稱之為主像。則()B.上表面出射的所有光線的反向延長線與圖的交點(diǎn)間距相等C. 6增大至一定值時經(jīng)下表面反射的光線不會從上表面出射( 2d、D.沿用方向看到的主像到上表面的距離為/ + 【答案】ABD【解析】【詳解】A.如圖主像位置為0，設(shè)折射角為r,則有sinn =sin r根據(jù)幾何關(guān)系可知，主像到上表面的距離c Id tan r + / tan 0 八D =cos 0sin。將折射率關(guān)系代入解得八 . 2d cos 0D= 1+, 故A正確：B.因?yàn)槊看纬上裨谏媳矶?/p>

21、向左移動距離2次anr,故根據(jù)幾何關(guān)系可知，上表面出射的所 有光線的反向延長線與尸。的交點(diǎn)間距相等，故B正確：C.根據(jù)光路可逆性可知，光線不會在上表而發(fā)生全反射，故C錯誤；（ 2d、D.沿用方向時，即。=0 ,所以看到的主像到上表面的距離為/ + ，故D正確。 n ；故選ABD。三、非選擇題（本題共6小題）17. （1）如圖甲所示為強(qiáng)強(qiáng)同學(xué)在“探窕做功與物體速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中所用的學(xué)生電 源，其接線端口應(yīng)選擇 （填“左側(cè)”或“右側(cè)”）。使用該電源選用的打點(diǎn)計(jì)時器應(yīng) 為（填“乙”或“丙”）（2）他又利用如圖丁所示裝置進(jìn)行“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)，在平衡摩擦力操作中應(yīng)把墊片墊在圖丁中平板的

22、（填“左側(cè)”或“右側(cè)”），該實(shí)驗(yàn) （填“需要”或“不需要”）測量兩小車的質(zhì)量。圖?。?）下列兩條紙帶，“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)的紙帶是，請計(jì)算出兩小車碰撞以后的速度【答案】(1).右側(cè) (2).乙 (3).左側(cè) (4).需要 (5).紙帶2(6).0. 65m/s【解析】【詳解】2打點(diǎn)計(jì)時器使用交流電，故實(shí)驗(yàn)中所用的學(xué)生電源，其接線端口應(yīng)選擇右 側(cè)，電火花打點(diǎn)計(jì)時器電壓為220V,故學(xué)生電源應(yīng)與電磁打點(diǎn)計(jì)時器相連，即乙。(2) 3 4因?yàn)槠胶饽Σ亮?，故?yīng)把墊片墊在圖丁中平板的左端，且驗(yàn)證動量守恒，動量中包 含質(zhì)量，故需要測量質(zhì)量。(3) 5 6 “探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)的紙帶描述的是前后速

23、度不同的，不是勻速的，故 紙帶2是正確的，根據(jù)動量守恒可知，碰后速度變小，故碰后速度5.20x10-20.02x4m/s = 0.65m/s18.小曹同學(xué)欲測定標(biāo)稱為“2.5V, 0.6曠小燈泡的伏安特性曲線。(1)他拆開一個電表后蓋，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖甲所示，判斷此電表是(填“伏特表”或“安培表”，應(yīng)選用 量程是 (填“A”或B” )(2)圖乙為已連接的部分電路，請?jiān)诖痤}卷上相應(yīng)位置用筆畫線代替導(dǎo)線補(bǔ)全實(shí)物連接圖國甲圖乙圖丙(3)該同學(xué)正確測量了 2組數(shù)據(jù)，對應(yīng)的表盤和刻度如圖丙所示圖示數(shù)應(yīng)為，其對應(yīng)的電阻值為【答案】 (1).伏特表 (2). B (3).(4). 0.25V0. 29V(5)

24、. 2.5Q2.9Q【解析】【詳解】通過圖像可知，電阻與表頭串聯(lián)，故為電壓表，額定電壓為2. 5V,故應(yīng)選 擇小量程，則分壓電阻較小，只需一個，即圖中的B接線柱。(2) 3因?yàn)闊襞蓦娮栎^小，故選擇外接法，電壓從零開始，故采用分壓式接法，如圖(3) 4 5圖示數(shù)應(yīng)為0.25V,則對應(yīng)電流為0.10A,所以阻值為UR = = 2.5 Q19.如圖甲所示，小同學(xué)攜帶滑雪板和滑雪杖等裝備在傾角6=30的雪坡上滑雪。他利用滑雪 杖對雪而的短暫作用獲得向前運(yùn)動的推力尸(視為恒力)，作用時間為亡尸0.8s,后撤去推力運(yùn) 動了占1.2s。然后他重復(fù)剛才的過程總共推了 3次，其運(yùn)動的廣匕圖像如圖乙所示。已知小

25、和裝備的總質(zhì)量片60kg,下滑沿直線運(yùn)動且下滑過程阻力恒定。求：(1)小同學(xué)開始運(yùn)動時的加速度如(2)全過程的最大速度(3)推力尸和阻力f的大小。圖甲圖乙【答案】(1)4m/s2： (2) 7. 2m/s： (3)4300N：六360N【解析】【詳解】(1)根據(jù)圖像可知加速度a.=4m/s: 1 Ar（2）根據(jù)題意可知a3ti =a2（2t2+t3）所以a二二 Im J s最大速度Vnax-c!; ti- i . 2 ID./ S（3）根據(jù)牛頓第二定律frjngsin。=ma：所以戶360N同理尸F(xiàn)mgsin。=ma，.解得六300N20.如圖所示，一個質(zhì)量片1kg的小物塊（視為質(zhì)點(diǎn)），壓縮彈簧后釋放以y6m/s沖上長度/ = 6m 的水平傳送帶。在傳送帶右側(cè)等高的平臺上固定一半徑廬0.5m的圓軌道皿，A.。的位置 錯開，以便小物塊繞行一圈后可以通過到達(dá)萬位置拋出在距離平臺邊緣X水平距離s=l. 6m,