2020年1月浙江省普通高校招生選考科目考試物理模擬試題C

1、2020年 1月浙江省普通高校招生選考科目考試物理仿真模擬試題C 解析版考生須知：1本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分 100分，考試時間 90分鐘。2考生答題前，務必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卡上。3選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如要改動，須將原填涂處用橡皮擦凈。4非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卡上相應區(qū)域內(nèi)，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。5本卷中涉及數(shù)值計算的，重力加速度g均取 10 m/s 2。選擇題部分一、選擇題 （本題共 10小題，每小題 3

2、分，共 30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分 ）11電導率 是電阻率 的倒數(shù)，即 =。 用國際單位制中基本單位表示正確的是A A2s3B A2s3kgm2kgm3C A2s2D A s3kgm3kgm3【答案】 C【解析】根據(jù)電阻定律可知：RL，解得：1L，根據(jù)歐姆定律可知：RS ，則：SLRSRU ，聯(lián)立可得：LI，根據(jù) UW，而 W=FL， F=ma，q=It ，聯(lián)立并根據(jù)公式對應單位的換算IUSq可知，其單位為A 2s3，故 C正確。kgm32假設某次海試活動中，“蛟龍?zhí)枴蓖瓿珊５兹蝿蘸筘Q直上浮，從上浮速度為v時開始計時，此后“蛟龍?zhí)枴眲驕p速

3、上浮，經(jīng)過時間t 上浮到海面，速度恰好減為零，則“蛟龍?zhí)枴痹趖0 （ t0 r 0 ，則剛進入?yún)^(qū)域的粒子仍將沿直線通過D若納米粒子的半徑r r 0 ，仍沿直線通過，則區(qū)域的電場與原電場的電場強度大小之比為rr0【答案】 A【解析】 AB設半徑為 r 0的粒子加速后的速度為v，則有： q0U1m0v2 ，設區(qū)域 II 內(nèi)電場強度為2E，洛倫茲力等于電場力，即q0vB=q0E，聯(lián)立解得：E2q0U，則區(qū)域的電場與磁場的Bm0強度比值為2q0U，故 A正確， B錯誤； C若納米粒子的半徑 r r 0，設半徑為 r 的粒子的質(zhì)量為 m、m0帶電量為 、被加速后的速度為r3，而 qr212v，則 m （

4、）m0（）q0 ，由qU ，解得：qr0r0mv2v2q0Ur0r0 vv ，故洛倫茲力變小，粒子帶正電，故粒子向左偏轉，故C錯誤； D由于m0 rrv2q0Ur 0r0 v ，故洛倫茲力與原來的洛倫茲力之比為r0 ；電場力與洛倫茲力平衡，故電場m0 rrr力與原來的電場力之比為r0 ；根據(jù) F=qE，區(qū)域的電場與原電場的電場強度之比為r0 ，故 D錯rr誤。二、選擇題 （本題共 4小題，每小題4分，共 16分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得 4分，選對但不全的得2分，有錯選的得0分）11如圖所示是一玻璃球體，其半徑為R，O為球心， AB為水平直徑。 M點是玻

5、璃球的最高點，來自 B點的光線從 點射出，出射光線平行于，已知30，光在真空中的傳播速度為c，則BD DABABD=A此玻璃的折射率為3B光線從 B到D需用時3RcC若增大 ABD，光線不可能在 DM段發(fā)生全反射現(xiàn)象D若減小 ABD，從 AD段射出的光線均平行于AB【答案】 AB【解析】 A如圖，由幾何知識可得入射角i = ABD=30，折射角 r =2 ABD=30=60，則此玻璃的sinrsin 60o3 ，故 A正確；折射率為 nsin30osiniB BD長度 s=2Rcos30=3R，光在玻璃球內(nèi)傳播的速度 vc ，故光線從 傳到的時間為BDnts3R ，故 B正確； C由 sinC

6、13 2 ，則臨界角 C 45，所以若增大 ABD，入射角vcn32可能大于臨界角，所以光線可能在DM段發(fā)生全反射現(xiàn)象，故C錯誤； D要使出射光線平行于AB，入射角必為 30，若減小 ABD，入射角減小，則從AD段射出的光線與 AB不平行，故 D錯誤。12一列沿 x軸正方向傳播的簡諧橫波，每個質(zhì)點振動的振幅都為2 m，已知在 t =0時刻相距 4 m的兩個質(zhì)點a，b的位移都是 1 m，但速度方向相反，其中 a質(zhì)點的速度沿 y軸負方向，如圖所示，則A t =0時刻， a， b兩質(zhì)點的加速度相同B a、 b兩質(zhì)點的平衡位置間的距離為波長的整數(shù)倍C當 a質(zhì)點的速度最大時，b質(zhì)點的速度為零D當 b質(zhì)點

7、的位移為 +2 m時， a質(zhì)點的位移為 1 m【答案】 AD【解析】 A兩個質(zhì)點都做簡諧運動，t=0時刻兩質(zhì)點的位移相同，根據(jù)簡諧運動的特征：a、 ba、bkxa ，得知加速度相同，故 A正確。 B圖示時刻兩質(zhì)點位移相同，速度相反，但不是同相點，所m以a、b兩質(zhì)點的平衡位置間的距離不是波長的整數(shù)倍，故B錯誤。 C由圖看出， a正向平衡位置運動，速度增大， b正向波峰運動，速度減小，當 a通過 1cm位移到達平衡位置時， b還沒有到達波峰，則a質(zhì)點速度最大時， b質(zhì)點速度不為零。故 C錯誤。 D假設在 t =0時刻， ab之間只有一個波峰則其位置在 x=3的位置，當 b質(zhì)點位移為 +2 cm到達

8、波峰時，波向右傳播2 m的距離，將波形向右平移2 m可看出，此時 a質(zhì)點位于平衡位置下方，位移為1 cm，故 D正確。13一起重機的鋼繩由靜止開始勻加速提起質(zhì)量為 m的重物，當重物的速度為 v1時，起重機的有用功率達到最大值 P。以后，起重機保持該功率不變，繼續(xù)提升重物，直到以最大速度勻速上升。則下列說法正確的是PA鋼繩的最大拉力為v1PB鋼繩的最大拉力為v1 +mgC重物的最大速度為PmgD重物做勻加速運動的時間mv12Pmgv1【答案】 ACD【解析】 AB重物先做勻加速直線運動，再做加速度減小的加速運動，最后做勻速運動，開始勻加速時加速度最大，繩子拉力最大，重物的速度為v1時，起重機的有

9、用功率達到最大值，由，PP Fv1P可得鋼繩的最大拉力為 F= ，故 A正確， B錯誤； C最后重物勻速運動，牽引力等于重力大小v1F mg ， P Fv 2 ，聯(lián)立可得重物的最大速度為v2=P，故 C正確； D勻加速階段，鋼繩拉力為mg1F1mgma ，由前面分析可知FP，由運動學公式F ，重物做勻加速運動由牛頓第二定律可得1v1mv 2可得 v1 at ，聯(lián)立可求的時間 t1，故 D正確。Pmgv114為了測定一個水平向右的勻強電場的場強大小，小明所在的物理興趣小組做了如下實驗：用長為L的絕緣輕質(zhì)細線，上端固定于O點，下端拴一質(zhì)量為m、帶電荷量為 q的小球（可視為質(zhì)點），如圖所示，開始時，

10、將線與小球拉成水平，然后釋放，小球由靜止開始向下擺動，擺到B點時速度恰好為零，然后又從 B點向 A點擺動，如此往復。小明用測量工具測量與水平方向所成的角度，剛好為60。不計空氣阻力，下列說法中正確的是A在 B點時小球受到的合力為0B電場強度 E的大小為3mgqC小球從 A運動到 B，重力勢能減小3mgL2D小球在下擺的過程中，小球的重力勢能和電勢能之和先減小后增大【答案】 BCD【解析】 A小球在 B點受重力豎直向下，電場力水平向右，故合力一定不為零，故A錯誤； B小球由A到B的過程中，由動能定理可得：mgLsin EqL（ 1cos60） =0，則電場強度的大小為E 3mg ，故 B正確；

11、C小球從 A運動到 B，重力做正功， W=mgh=mgLsin ，故重力勢能減小qmgLsin603mgL ，故 C正確； D小球在下擺過程中，除重力做功外，還有電場力做功，故機械能2不守恒，但機械能和電勢能總能量之和不變，因為球在下擺的過程中，動能先增加后減小，則小球的重力勢能和電勢能之和先減小后增大，故D正確。非選擇題部分三、實驗題 （本題共 2小題，共 17分）15（ 7分）某實驗小組利用如圖1所示的裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”。圖1圖2（ 1）實驗中除了需要小車、砝碼、托盤、細繩、附有定滑輪的長木板、墊木、打點計時器、低壓交流電源、兩根導線、復寫紙、紙帶之外，還需要_、 _。（

12、2）下列做法正確的是 _。A調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引小車的細繩與長木板保持平行B在調(diào)節(jié)木板傾斜角度平衡小車受到的滑動摩擦力時，將裝有砝碼的托盤通過定滑輪拴在小車上C實驗時，先放開小車再接通打點計時器的電源D通過增減小車上的砝碼改變質(zhì)量時，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度E用托盤和盤內(nèi)砝碼的重力作為小車和車上砝碼受到的合外力，為減小誤差，實驗中一定要保證托盤和砝碼的總質(zhì)量遠小于小車和車上砝碼的總質(zhì)量（3）某同學以小車和車上砝碼的總質(zhì)量的倒數(shù)1 為橫坐標，小車的加速度a為縱坐標，在坐標紙上M作出的 a 1關系圖線如圖 2所示。由圖可分析得出：加速度與質(zhì)量成_關系（填M“正比”或“反比”）；圖線不過原點說明實

13、驗有誤差，引起這一誤差的主要原因是平衡摩擦力時長木板的傾角 _（填“過大”或“過小”）?！敬鸢浮浚?1）天平（ 1分） 刻度尺（ 1分）（2）ADE（3分） （3）反比 （1分）過大（ 1分）【解析】（ 1）實驗中用砝碼桶的總重力表示小車的拉力，需測量砝碼桶的質(zhì)量，所以還需要天平。實驗中需要用刻度尺測量紙帶上點跡間的距離，從而得出加速度，所以還需要刻度尺。（2）A、實驗時調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，故A正確。 B、平衡摩擦力時，不能將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上，故B錯誤。 C、實驗時應先接通電源，再釋放紙帶，故 C錯誤。 D、通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時，不需

14、要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度，故D正確。E、對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律可知：amg，則繩子上拉力大小M mMmgmgF Mam ，當 mM ，即砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量遠小于小車和小車上砝碼的M m1M總質(zhì)量時，砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到的拉力。故E正確。（ 3）因為 a 1 圖象是一條直線， a與M成反比；圖象在 a軸上有截距，這是平衡摩擦力時長木板的M傾角過大造成的。16（ 10分）某同學為了測量一節(jié)電池的電動勢和內(nèi)阻，從實驗室找到以下器材：一個滿偏電流為100A，內(nèi)阻為 2 500 的表頭，一個開關，兩個電阻箱（0999.9 ）和若干導線。（1）由于表頭量程偏小，該

15、同學首先需將表頭改裝成量程為50 mA的電流表，則應將表頭與電阻箱_（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），并將該電阻箱阻值調(diào)為_。（ 2）接著該同學用改裝的電流表對電池的電動勢及內(nèi)阻進行測量，實驗電路如圖所示，通過改變電阻 R測相應的電流 I ，且作相關計算后一并記錄如下表。123456R/ 95.075.055.045.035.025.0I /mA15.018.724.829.536.048.0IR/V1.421.401.361.331.261.20根據(jù)表中數(shù)據(jù)，下圖中已描繪出四個點，請將第 5、6兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖中，并畫出 IR I 圖線。根據(jù)圖線可得電池的電動勢E是 _V，內(nèi)阻 r 是_。【答案】

16、（ 1）并聯(lián)（ 2分）5.0 （2分） （2）（2分） 1.53（ 2分） 2.0 （ 2分）【解析】（ 1）由題意知， I g=100A， Rg=2500，量程 I =50mA，根據(jù)并聯(lián)分流原理，改裝成大量程電流表需并聯(lián)的電阻 R=I g Rg。=5.0I I g（ 2）根據(jù)描點法作出 5、 6兩點，再將各點擬合為對應的直線，注意誤差較大的點要去除；即得出對應的圖象如圖所示；因 IR即表示電源的路端電壓，則有IR E（I rRA），則由圖象可知，對應的電動勢為1.53V ，內(nèi)1.531.18。阻為 r (5)2.00.05三、計算題 （本題共 3小題，共 37分）17（ 10分）如圖所示，

17、LMN是豎直平面內(nèi)固定的光滑絕緣軌道，MN水平且足夠長， LM下端與 MN相切。質(zhì)量為 m的帶正電小球 B靜止在水平軌道上，質(zhì)量為2m的帶正電小球 A從上距水平軌道高為 h處由靜止釋放。在 A球進入水平軌道之前，由于A、 B兩球相距足夠遠，相互作用的靜電力忽略不計，A、B兩球組成的系統(tǒng)的電勢能可認為是零，帶電小球均可視為質(zhì)點。己知重力加速度為g。（ 1）A、B兩球相距最近時，求 A球的速度大小 v。（ 2）A、B兩球相距最近時，求 A、 B兩球組成的系統(tǒng)的電勢能 EP。（ 3）求 A、 B兩球最終的速度大小 vA、vB。【答案】（ 1） 2gh （3分）（2） 2 mgh（3分）（3） 12g

18、h42gh （4分）333【解析】（ 1）對 A球下滑的過程，由動能定理得：2mgh12mv02 （ 2分）2解得： v02gh （1分）（2）當 A 球進入水平軌道后，A 、 B 兩球組成的系統(tǒng)動量守恒，當A 、 B 相距最近時，兩球速度相等，由動量守恒定律可得：2mv02mm v （ 1分）由能量守恒定律得：12mv0212m m v2Ep （ 1分）22聯(lián)立解得： Ep2mgh（ 1分）3（3）當 A 、 B 相距最近之后，由于靜電斥力的相互作用，它們將會相互遠離，當它們相距足夠遠時，它們之間的相互作用力可視為零，電勢能也視為零，它們就達到最終的速度，該過程中，A 、B 兩球組成的系統(tǒng)動

19、量守恒、能量也守恒，由動量守恒定律可得：2mv0 2mvA mvB （ 1分）由能量守恒定律可得：12mv0212mvA21 mvB2 （1分）222解得：11443 v032ghvB3v032gh （2分）vA18（ 12分）如圖甲所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為 q的帶電粒子在 t =0時刻由 a點以初速度 v0垂直進入磁場，區(qū)域磁場磁感應強度大小不變，方向周期性變化，如圖乙所示（垂直紙面向里為正方向）；區(qū)域為勻強電場，方向向上；區(qū)域為勻強磁場，磁感應強度大小與區(qū)域相同，均為B0。粒子在區(qū)域內(nèi)一定能完成半圓運動且每次經(jīng)過mn的時刻均為T0的整數(shù)倍，則：2（ 1）粒子在區(qū)域運動的軌道半徑為多少？（ 2）若初始位置與第四次經(jīng)過 mn時的位置距離為 x，求粒子進入?yún)^(qū)域時速度的可能值（初始位置記為第一次經(jīng)過mn）?！敬鸢浮浚?1） mv0（3分）（2） qB0 xqB0 x2v0 （ 9分）qB02m2m【解析】（ 1）帶電粒子在區(qū)域做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，即qv0B0 =mv02 （ 2分） r解得 r = mv0 （ 1分）qB0（2）帶電粒子的運動軌跡有兩種可能（2分）第一種情況：粒子在區(qū)域運動半徑R= x （ 1分）qv2B0=mv22（1分）2R解得粒子在區(qū)域速度大小qB0 xv =（ 2分）22m第二種情況：粒子在區(qū)域運動半徑 R= x4r（1分）2粒子