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文檔簡介
1、2020年 1月浙江省普通高校招生選考科目考試物理仿真模擬試題C 解析版考生須知:1本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分,共8頁,滿分 100分,考試時間 90分鐘。2考生答題前,務必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卡上。3選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卡上對應題目的答案標號涂黑,如要改動,須將原填涂處用橡皮擦凈。4非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卡上相應區(qū)域內(nèi),作圖時可先使用2B鉛筆,確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑,答案寫在本試題卷上無效。5本卷中涉及數(shù)值計算的,重力加速度g均取 10 m/s 2。選擇題部分一、選擇題 (本題共 10小題,每小題 3
2、分,共 30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的,不選、多選、錯選均不得分 )11電導率 是電阻率 的倒數(shù),即 =。 用國際單位制中基本單位表示正確的是A A2s3B A2s3kgm2kgm3C A2s2D A s3kgm3kgm3【答案】 C【解析】根據(jù)電阻定律可知:RL,解得:1L,根據(jù)歐姆定律可知:RS ,則:SLRSRU ,聯(lián)立可得:LI,根據(jù) UW,而 W=FL, F=ma,q=It ,聯(lián)立并根據(jù)公式對應單位的換算IUSq可知,其單位為A 2s3,故 C正確。kgm32假設某次海試活動中,“蛟龍?zhí)枴蓖瓿珊5兹蝿蘸筘Q直上浮,從上浮速度為v時開始計時,此后“蛟龍?zhí)枴眲驕p速
3、上浮,經(jīng)過時間t 上浮到海面,速度恰好減為零,則“蛟龍?zhí)枴痹趖0 ( t0 r 0 ,則剛進入?yún)^(qū)域的粒子仍將沿直線通過D若納米粒子的半徑r r 0 ,仍沿直線通過,則區(qū)域的電場與原電場的電場強度大小之比為rr0【答案】 A【解析】 AB設半徑為 r 0的粒子加速后的速度為v,則有: q0U1m0v2 ,設區(qū)域 II 內(nèi)電場強度為2E,洛倫茲力等于電場力,即q0vB=q0E,聯(lián)立解得:E2q0U,則區(qū)域的電場與磁場的Bm0強度比值為2q0U,故 A正確, B錯誤; C若納米粒子的半徑 r r 0,設半徑為 r 的粒子的質(zhì)量為 m、m0帶電量為 、被加速后的速度為r3,而 qr212v,則 m (
4、)m0()q0 ,由qU ,解得:qr0r0mv2v2q0Ur0r0 vv ,故洛倫茲力變小,粒子帶正電,故粒子向左偏轉,故C錯誤; D由于m0 rrv2q0Ur 0r0 v ,故洛倫茲力與原來的洛倫茲力之比為r0 ;電場力與洛倫茲力平衡,故電場m0 rrr力與原來的電場力之比為r0 ;根據(jù) F=qE,區(qū)域的電場與原電場的電場強度之比為r0 ,故 D錯rr誤。二、選擇題 (本題共 4小題,每小題4分,共 16分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的,全部選對的得 4分,選對但不全的得2分,有錯選的得0分)11如圖所示是一玻璃球體,其半徑為R,O為球心, AB為水平直徑。 M點是玻
5、璃球的最高點,來自 B點的光線從 點射出,出射光線平行于,已知30,光在真空中的傳播速度為c,則BD DABABD=A此玻璃的折射率為3B光線從 B到D需用時3RcC若增大 ABD,光線不可能在 DM段發(fā)生全反射現(xiàn)象D若減小 ABD,從 AD段射出的光線均平行于AB【答案】 AB【解析】 A如圖,由幾何知識可得入射角i = ABD=30,折射角 r =2 ABD=30=60,則此玻璃的sinrsin 60o3 ,故 A正確;折射率為 nsin30osiniB BD長度 s=2Rcos30=3R,光在玻璃球內(nèi)傳播的速度 vc ,故光線從 傳到的時間為BDnts3R ,故 B正確; C由 sinC
6、13 2 ,則臨界角 C 45,所以若增大 ABD,入射角vcn32可能大于臨界角,所以光線可能在DM段發(fā)生全反射現(xiàn)象,故C錯誤; D要使出射光線平行于AB,入射角必為 30,若減小 ABD,入射角減小,則從AD段射出的光線與 AB不平行,故 D錯誤。12一列沿 x軸正方向傳播的簡諧橫波,每個質(zhì)點振動的振幅都為2 m,已知在 t =0時刻相距 4 m的兩個質(zhì)點a,b的位移都是 1 m,但速度方向相反,其中 a質(zhì)點的速度沿 y軸負方向,如圖所示,則A t =0時刻, a, b兩質(zhì)點的加速度相同B a、 b兩質(zhì)點的平衡位置間的距離為波長的整數(shù)倍C當 a質(zhì)點的速度最大時,b質(zhì)點的速度為零D當 b質(zhì)點
7、的位移為 +2 m時, a質(zhì)點的位移為 1 m【答案】 AD【解析】 A兩個質(zhì)點都做簡諧運動,t=0時刻兩質(zhì)點的位移相同,根據(jù)簡諧運動的特征:a、 ba、bkxa ,得知加速度相同,故 A正確。 B圖示時刻兩質(zhì)點位移相同,速度相反,但不是同相點,所m以a、b兩質(zhì)點的平衡位置間的距離不是波長的整數(shù)倍,故B錯誤。 C由圖看出, a正向平衡位置運動,速度增大, b正向波峰運動,速度減小,當 a通過 1cm位移到達平衡位置時, b還沒有到達波峰,則a質(zhì)點速度最大時, b質(zhì)點速度不為零。故 C錯誤。 D假設在 t =0時刻, ab之間只有一個波峰則其位置在 x=3的位置,當 b質(zhì)點位移為 +2 cm到達
8、波峰時,波向右傳播2 m的距離,將波形向右平移2 m可看出,此時 a質(zhì)點位于平衡位置下方,位移為1 cm,故 D正確。13一起重機的鋼繩由靜止開始勻加速提起質(zhì)量為 m的重物,當重物的速度為 v1時,起重機的有用功率達到最大值 P。以后,起重機保持該功率不變,繼續(xù)提升重物,直到以最大速度勻速上升。則下列說法正確的是PA鋼繩的最大拉力為v1PB鋼繩的最大拉力為v1 +mgC重物的最大速度為PmgD重物做勻加速運動的時間mv12Pmgv1【答案】 ACD【解析】 AB重物先做勻加速直線運動,再做加速度減小的加速運動,最后做勻速運動,開始勻加速時加速度最大,繩子拉力最大,重物的速度為v1時,起重機的有
9、用功率達到最大值,由,PP Fv1P可得鋼繩的最大拉力為 F= ,故 A正確, B錯誤; C最后重物勻速運動,牽引力等于重力大小v1F mg , P Fv 2 ,聯(lián)立可得重物的最大速度為v2=P,故 C正確; D勻加速階段,鋼繩拉力為mg1F1mgma ,由前面分析可知FP,由運動學公式F ,重物做勻加速運動由牛頓第二定律可得1v1mv 2可得 v1 at ,聯(lián)立可求的時間 t1,故 D正確。Pmgv114為了測定一個水平向右的勻強電場的場強大小,小明所在的物理興趣小組做了如下實驗:用長為L的絕緣輕質(zhì)細線,上端固定于O點,下端拴一質(zhì)量為m、帶電荷量為 q的小球(可視為質(zhì)點),如圖所示,開始時,
10、將線與小球拉成水平,然后釋放,小球由靜止開始向下擺動,擺到B點時速度恰好為零,然后又從 B點向 A點擺動,如此往復。小明用測量工具測量與水平方向所成的角度,剛好為60。不計空氣阻力,下列說法中正確的是A在 B點時小球受到的合力為0B電場強度 E的大小為3mgqC小球從 A運動到 B,重力勢能減小3mgL2D小球在下擺的過程中,小球的重力勢能和電勢能之和先減小后增大【答案】 BCD【解析】 A小球在 B點受重力豎直向下,電場力水平向右,故合力一定不為零,故A錯誤; B小球由A到B的過程中,由動能定理可得:mgLsin EqL( 1cos60) =0,則電場強度的大小為E 3mg ,故 B正確;
11、C小球從 A運動到 B,重力做正功, W=mgh=mgLsin ,故重力勢能減小qmgLsin603mgL ,故 C正確; D小球在下擺過程中,除重力做功外,還有電場力做功,故機械能2不守恒,但機械能和電勢能總能量之和不變,因為球在下擺的過程中,動能先增加后減小,則小球的重力勢能和電勢能之和先減小后增大,故D正確。非選擇題部分三、實驗題 (本題共 2小題,共 17分)15( 7分)某實驗小組利用如圖1所示的裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”。圖1圖2( 1)實驗中除了需要小車、砝碼、托盤、細繩、附有定滑輪的長木板、墊木、打點計時器、低壓交流電源、兩根導線、復寫紙、紙帶之外,還需要_、 _。(
12、2)下列做法正確的是 _。A調(diào)節(jié)滑輪的高度,使牽引小車的細繩與長木板保持平行B在調(diào)節(jié)木板傾斜角度平衡小車受到的滑動摩擦力時,將裝有砝碼的托盤通過定滑輪拴在小車上C實驗時,先放開小車再接通打點計時器的電源D通過增減小車上的砝碼改變質(zhì)量時,不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度E用托盤和盤內(nèi)砝碼的重力作為小車和車上砝碼受到的合外力,為減小誤差,實驗中一定要保證托盤和砝碼的總質(zhì)量遠小于小車和車上砝碼的總質(zhì)量(3)某同學以小車和車上砝碼的總質(zhì)量的倒數(shù)1 為橫坐標,小車的加速度a為縱坐標,在坐標紙上M作出的 a 1關系圖線如圖 2所示。由圖可分析得出:加速度與質(zhì)量成_關系(填M“正比”或“反比”);圖線不過原點說明實
13、驗有誤差,引起這一誤差的主要原因是平衡摩擦力時長木板的傾角 _(填“過大”或“過小”)?!敬鸢浮浚?1)天平( 1分) 刻度尺( 1分)(2)ADE(3分) (3)反比 (1分)過大( 1分)【解析】( 1)實驗中用砝碼桶的總重力表示小車的拉力,需測量砝碼桶的質(zhì)量,所以還需要天平。實驗中需要用刻度尺測量紙帶上點跡間的距離,從而得出加速度,所以還需要刻度尺。(2)A、實驗時調(diào)節(jié)滑輪的高度,使牽引木塊的細繩與長木板保持平行,故A正確。 B、平衡摩擦力時,不能將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上,故B錯誤。 C、實驗時應先接通電源,再釋放紙帶,故 C錯誤。 D、通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時,不需
14、要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度,故D正確。E、對整體分析,根據(jù)牛頓第二定律可知:amg,則繩子上拉力大小M mMmgmgF Mam ,當 mM ,即砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量遠小于小車和小車上砝碼的M m1M總質(zhì)量時,砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到的拉力。故E正確。( 3)因為 a 1 圖象是一條直線, a與M成反比;圖象在 a軸上有截距,這是平衡摩擦力時長木板的M傾角過大造成的。16( 10分)某同學為了測量一節(jié)電池的電動勢和內(nèi)阻,從實驗室找到以下器材:一個滿偏電流為100A,內(nèi)阻為 2 500 的表頭,一個開關,兩個電阻箱(0999.9 )和若干導線。(1)由于表頭量程偏小,該
15、同學首先需將表頭改裝成量程為50 mA的電流表,則應將表頭與電阻箱_(填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”),并將該電阻箱阻值調(diào)為_。( 2)接著該同學用改裝的電流表對電池的電動勢及內(nèi)阻進行測量,實驗電路如圖所示,通過改變電阻 R測相應的電流 I ,且作相關計算后一并記錄如下表。123456R/ 95.075.055.045.035.025.0I /mA15.018.724.829.536.048.0IR/V1.421.401.361.331.261.20根據(jù)表中數(shù)據(jù),下圖中已描繪出四個點,請將第 5、6兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖中,并畫出 IR I 圖線。根據(jù)圖線可得電池的電動勢E是 _V,內(nèi)阻 r 是_。【答案】
16、( 1)并聯(lián)( 2分)5.0 (2分) (2)(2分) 1.53( 2分) 2.0 ( 2分)【解析】( 1)由題意知, I g=100A, Rg=2500,量程 I =50mA,根據(jù)并聯(lián)分流原理,改裝成大量程電流表需并聯(lián)的電阻 R=I g Rg。=5.0I I g( 2)根據(jù)描點法作出 5、 6兩點,再將各點擬合為對應的直線,注意誤差較大的點要去除;即得出對應的圖象如圖所示;因 IR即表示電源的路端電壓,則有IR E(I rRA),則由圖象可知,對應的電動勢為1.53V ,內(nèi)1.531.18。阻為 r (5)2.00.05三、計算題 (本題共 3小題,共 37分)17( 10分)如圖所示,
17、LMN是豎直平面內(nèi)固定的光滑絕緣軌道,MN水平且足夠長, LM下端與 MN相切。質(zhì)量為 m的帶正電小球 B靜止在水平軌道上,質(zhì)量為2m的帶正電小球 A從上距水平軌道高為 h處由靜止釋放。在 A球進入水平軌道之前,由于A、 B兩球相距足夠遠,相互作用的靜電力忽略不計,A、B兩球組成的系統(tǒng)的電勢能可認為是零,帶電小球均可視為質(zhì)點。己知重力加速度為g。( 1)A、B兩球相距最近時,求 A球的速度大小 v。( 2)A、B兩球相距最近時,求 A、 B兩球組成的系統(tǒng)的電勢能 EP。( 3)求 A、 B兩球最終的速度大小 vA、vB。【答案】( 1) 2gh (3分)(2) 2 mgh(3分)(3) 12g
18、h42gh (4分)333【解析】( 1)對 A球下滑的過程,由動能定理得:2mgh12mv02 ( 2分)2解得: v02gh (1分)(2)當 A 球進入水平軌道后,A 、 B 兩球組成的系統(tǒng)動量守恒,當A 、 B 相距最近時,兩球速度相等,由動量守恒定律可得:2mv02mm v ( 1分)由能量守恒定律得:12mv0212m m v2Ep ( 1分)22聯(lián)立解得: Ep2mgh( 1分)3(3)當 A 、 B 相距最近之后,由于靜電斥力的相互作用,它們將會相互遠離,當它們相距足夠遠時,它們之間的相互作用力可視為零,電勢能也視為零,它們就達到最終的速度,該過程中,A 、B 兩球組成的系統(tǒng)動
19、量守恒、能量也守恒,由動量守恒定律可得:2mv0 2mvA mvB ( 1分)由能量守恒定律可得:12mv0212mvA21 mvB2 (1分)222解得:11443 v032ghvB3v032gh (2分)vA18( 12分)如圖甲所示,質(zhì)量為m、帶電荷量為 q的帶電粒子在 t =0時刻由 a點以初速度 v0垂直進入磁場,區(qū)域磁場磁感應強度大小不變,方向周期性變化,如圖乙所示(垂直紙面向里為正方向);區(qū)域為勻強電場,方向向上;區(qū)域為勻強磁場,磁感應強度大小與區(qū)域相同,均為B0。粒子在區(qū)域內(nèi)一定能完成半圓運動且每次經(jīng)過mn的時刻均為T0的整數(shù)倍,則:2( 1)粒子在區(qū)域運動的軌道半徑為多少?( 2)若初始位置與第四次經(jīng)過 mn時的位置距離為 x,求粒子進入?yún)^(qū)域時速度的可能值(初始位置記為第一次經(jīng)過mn)?!敬鸢浮浚?1) mv0(3分)(2) qB0 xqB0 x2v0 ( 9分)qB02m2m【解析】( 1)帶電粒子在區(qū)域做勻速圓周運動,洛倫茲力提供向心力,即qv0B0 =mv02 ( 2分) r解得 r = mv0 ( 1分)qB0(2)帶電粒子的運動軌跡有兩種可能(2分)第一種情況:粒子在區(qū)域運動半徑R= x ( 1分)qv2B0=mv22(1分)2R解得粒子在區(qū)域速度大小qB0 xv =( 2分)22m第二種情況:粒子在區(qū)域運動半徑 R= x4r(1分)2粒子
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