山西省太原市部分中學(xué)2015屆高三下學(xué)期高考模擬物理試卷 Word版含解析

1、山西省太原市部分中學(xué)2015屆高考物理模擬試卷一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-6題只有一項(xiàng)符合題目要求，第7-10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1A、B兩質(zhì)點(diǎn)同時(shí)、同地沿同一直線運(yùn)動(dòng)，其vt圖象分別如圖中a、b所示，t1時(shí)刻曲線b的切線與a平行，在0t2時(shí)間內(nèi)，下列說法正確的是( )A質(zhì)點(diǎn)A一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)Bt1時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)的加速度相等，相距最遠(yuǎn)Ct2時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)的速度相等，相距最遠(yuǎn)Dt2時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)的速度相等，A恰好追上B2如圖所示，兩小球A，B通過O點(diǎn)處光滑的小滑輪用細(xì)線相連，小球A置于光滑半圓柱

2、上，小球B用水平線拉著系于豎直板上，兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知O點(diǎn)在半圓柱截面圓心01的正上方，OA與豎直方向成30°角，其長度與圓柱底面圓的半徑相等，OAOB，則A，B兩球的質(zhì)量比為( )ABCD3如圖所示，水平面上放有10個(gè)完全相同的木塊（緊靠在一起），每個(gè)木塊長L=0.6m、質(zhì)量m=0.5kg，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為1=0.1，一個(gè)質(zhì)量M=1kg的鉛塊（可看作質(zhì)點(diǎn)）以水平速度v0=5m/s從左端滑上木塊，鉛塊與木塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2=0.25，取g=10m/s2，則鉛塊開始帶動(dòng)木塊時(shí)的速度為( )A5m/sB3m/sC2m/sD1m/s4如圖所示，半徑為r的圓在豎直平面上，A、

3、B、C、D是圓周上的點(diǎn)，AB水平，CD豎直，在最高點(diǎn)C固定一點(diǎn)電荷，電荷量為Q，現(xiàn)從A點(diǎn)將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球（帶電小球?qū)c(diǎn)電荷電場的影響忽略不計(jì)）由靜止釋放，該小球沿光滑絕緣軌道ADB運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)的速率為3，g為重力加速度，取電場中B點(diǎn)為零電勢點(diǎn)，靜電力常數(shù)為k，則( )AO點(diǎn)電場強(qiáng)度大小是A點(diǎn)的倍BA點(diǎn)電勢比D點(diǎn)的高C帶電小球在D點(diǎn)具有的電勢能為D帶電小球在D點(diǎn)受軌道的作用力為10mg5如圖所示，匝數(shù)為n的正方形線圈邊長為a，總電阻為2R，線圈平面與勻強(qiáng)磁場垂直且一半位于磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電阻R與正方形兩頂點(diǎn)良好接觸，不計(jì)接觸點(diǎn)電阻，當(dāng)線圈繞對角線轉(zhuǎn)軸OO1，以角速度勻速

4、轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，在t=時(shí)間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為( )ABCD6如圖所示，理想變壓器的原線圈接有輸出電壓恒定的交流電源，R0為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器，電表均為理想交流電表，則當(dāng)滑片P從最左端滑到最右端的過程中，下列說法正確的是( )A電壓表示數(shù)減小，電流表A1示數(shù)先增大后減小B電壓表示數(shù)不變，電流表A2示數(shù)一直減小C電流表A2示數(shù)及變壓器的輸出功率勻先減小后增大D電壓表示數(shù)減小，電流表A2示數(shù)先增大后減小7“嫦娥三號(hào)”探月衛(wèi)星于2013年12月2日順利發(fā)射升空，已知“嫦娥三號(hào)”探月衛(wèi)星繞月球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，飛行N圈用時(shí)為t；地球的質(zhì)量為M，半徑為R，表面重力加速度為g；月球半徑為r，地球和月球

5、間的距離為L，則( )A“嫦娥三號(hào)”勻速飛行的速率為B月球的平均密度為C“嫦娥三號(hào)”的質(zhì)量為D月球受地球的引力為8如圖所示，OACD是一長OA=L的矩形，其內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子從O點(diǎn)以速度v0垂直射入磁場，速度方向與OA的夾角為，粒子剛好從A點(diǎn)射出磁場，不計(jì)粒子重力，則( )A粒子一定帶正電B勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為C粒子從O到A所需的時(shí)間為D矩形磁場寬度最小值為（1cos）9如圖所示，間距為L、電阻不計(jì)的足夠長平行光滑導(dǎo)軌豎直放置，其上端接有一阻值為R的電阻，一質(zhì)量為m、電阻也為R的金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，整個(gè)裝置處于垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場

6、中，現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放，金屬棒下落過程中始終水平，經(jīng)一定時(shí)間金屬棒達(dá)到最大速度v，此過程中通過電阻的電荷量為q，重力加速度為g，則下列說法正確的是( )A此過程中金屬棒做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)B此過程中金屬棒下落的距離為C此過程中金屬棒克服安培力做功為mv2D當(dāng)金屬棒的速度為時(shí)，金屬棒的加速度為10如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧左端固定于豎直擋板上，右端與質(zhì)量m=0.5kg、可看作質(zhì)點(diǎn)的物塊相接觸（不粘連），OA段粗糙且長度等于彈簧原長（其余軌道均光滑），物塊開始靜止于A點(diǎn)，與OA段的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，現(xiàn)對物塊施加一個(gè)大小隨向左位移x變化關(guān)系如圖乙所示的水平向左的外力F，物塊向左運(yùn)動(dòng)x=0.4m到B

7、點(diǎn)，在B點(diǎn)時(shí)速度為零，隨即撤去外力F，物塊在彈簧彈力作用下向右運(yùn)動(dòng)，恰好能通過豎直半圓弧軌道的最高點(diǎn)D（水平軌道與豎直軌道相切于C點(diǎn)），物塊從D點(diǎn)拋出后恰好擊中A點(diǎn)，取g=10m/s2，則( )A彈簧被壓縮過程中外力F所做的功為6.0JB彈簧具有的最大彈性勢能為6.0JC豎直半圓軌道半徑為0.32mD水平部分AC長為0.32m二、非選擇題：本題共5小題，共60分，按題目要求作答，解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值很和單位。11某物理學(xué)習(xí)小組用圖甲所示裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中得到如圖乙所示點(diǎn)跡清晰的

8、完整紙帶（打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源頻率為f），紙帶上第一個(gè)點(diǎn)記為O，另選四個(gè)連續(xù)的點(diǎn)A、B、C、D，并測出了這四個(gè)點(diǎn)到O點(diǎn)的距離，已知重物質(zhì)量為m，重力加速度為g（1）實(shí)驗(yàn)中下列做法正確的有_A固定打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，兩限位孔必須在同一條豎直線上B實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先釋放紙帶再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源C可用vc2=2gh3來計(jì)算打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打C點(diǎn)時(shí)重物的速度大小D松開紙帶前，手應(yīng)提住紙帶上端，使紙帶豎直且重物靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)，重物的速度大小為_（3）若以O(shè)C段來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，則重力勢能的減少量為_，該組同學(xué)發(fā)現(xiàn)重物重力勢能的減少量總大于相應(yīng)動(dòng)能的增加量，這主要是因?yàn)開12某同學(xué)用如圖甲所示電路

9、描繪一個(gè)“2.8V、1.5W”的小燈泡的伏安特性曲線，并將實(shí)驗(yàn)中得到的數(shù)據(jù)描在圖乙所示的IU坐標(biāo)系中（1）可供選用的器材有：A電壓表（03V，內(nèi)阻10k）B電壓表（015V，內(nèi)阻25k）C電流表（03A，內(nèi)阻0.4）D電流表（00.6V，內(nèi)阻1.0）E滑動(dòng)變阻器（10，2A）F滑動(dòng)變阻器（500，1A）G學(xué)生電源（直流5V）H開關(guān)、導(dǎo)線若干該同學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)電壓表應(yīng)選用_，電流表應(yīng)選用_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_（填寫所選用器材前字母）（2）該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中或處理數(shù)據(jù)時(shí)有下列做法或結(jié)論，其中正確的是_A閉合開關(guān)S前，應(yīng)將滑片滑至a端B描點(diǎn)后應(yīng)用折線連接所有描的點(diǎn)C考慮電表內(nèi)阻作用，每次燈泡的電阻測量值均大

10、于真實(shí)值D由所描點(diǎn)知隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大（3）對應(yīng)圖乙中P點(diǎn)，小燈泡的電阻約為_若用電動(dòng)勢E=2V、內(nèi)阻r=1的電源串聯(lián)一個(gè)阻值R=3的定值電阻給此小燈泡供電，則小燈泡的實(shí)際功率為_W13如圖所示，長s=5m、傾角=37°的斜面各通過一小段光滑圓弧與水平傳送帶和水平地面平滑連接，傳送帶長L=1.6m，以恒定速率v0=4m/s逆時(shí)針運(yùn)行，將一可看作質(zhì)點(diǎn)的物塊輕輕地放上傳送帶右端A，物塊滑到傳送帶左端B時(shí)恰好與傳送帶共速并沿斜面下滑，已知物塊和傳送帶、斜面、水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為，物塊最終靜止在水平面上的D點(diǎn)，取g=10m/s2，求：（1）動(dòng)摩擦因數(shù)的值（2）水平面上

11、CD的長（3）物塊從A到D所經(jīng)歷的時(shí)間14如圖所示，豎直虛線MN、PQ將兩豎直擋板A、B間空間分成等間距的三區(qū)域、，在區(qū)域內(nèi)有一與水平線OO1成37°角的光滑絕緣斜面AC（C是MN與OO1的交點(diǎn)），區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場，區(qū)域內(nèi)存在水平向左的勻強(qiáng)電場，兩區(qū)域電場強(qiáng)度均未知現(xiàn)有一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶電滑塊（可看作質(zhì)點(diǎn)）從左擋板的A點(diǎn)由靜止釋放，從C點(diǎn)進(jìn)入?yún)^(qū)域后恰好能垂直PQ進(jìn)入?yún)^(qū)域，最后滑塊恰好與擋板B相切于D點(diǎn)（沒畫出），已知各區(qū)域?qū)捑鶠長，重力加速度為g，滑塊運(yùn)動(dòng)中電荷量不變，求：（1）區(qū)域中電場強(qiáng)度E1的大?。?）區(qū)域中電場強(qiáng)度E2的大?。?）O1D的長15（18分）如圖

12、所示，平面直角坐標(biāo)系中的第一象限內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小未知，第四象限存在方向與x軸正方向成45°斜向右上方的勻速電場電場強(qiáng)度大小E未知現(xiàn)有一質(zhì)量為m1、電荷量為q的帶正電粒子以初速度v0從y軸上的A點(diǎn)水平向右垂直射入磁場，粒子從x軸上D點(diǎn)與x軸正方向成45°進(jìn)入第四象限，粒子在電場力作用下與x軸正方向成30°（沒畫出）第二次通過x軸（過M點(diǎn)），此時(shí)第一象限內(nèi)磁場方向變?yōu)榇怪奔埫鎲栴}磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變，粒子恰好又從D點(diǎn)第三次通過x軸，不計(jì)粒子重力，DM=L，取sin75°=0.96，cos75°=0.25，求：（1）勻強(qiáng)磁

13、場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大?。?）OA的長（3）粒子從A點(diǎn)出發(fā)到第三次通過x軸所用的時(shí)間三、附加題：本題共2小題，每小題0分，分別考察3-3,3-4,3-5模塊，請考生根據(jù)本省考試情況選擇相應(yīng)題目作答，其分支不計(jì)入總分。物理-選修3-316下列說法中正確的是 ( )A布朗運(yùn)動(dòng)就是懸浮微粒的分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B一定質(zhì)量的理想氣體，若壓強(qiáng)不變，體積增大則其內(nèi)能一定增大C當(dāng)分子間距離減小時(shí)，分子間斥力、引力均增大D熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體E一定質(zhì)量的理想氣體在完全失重的狀態(tài)下，氣體的壓強(qiáng)為零17如圖所示，密閉氣缸豎直放置（氣缸上壁C處留有抽氣孔），活塞將氣缸分成上、

14、下兩部分，其中下部分密閉氣體B可視為理想氣體，氣體溫度為T0現(xiàn)將上半部分氣體A緩慢抽出，使其變成真空并密封，此過程中氣體B的溫度始終不變且當(dāng)氣體A的壓強(qiáng)為p0時(shí)，氣體B的體積為V1，氣體A的體積為4V1，密封抽氣孔C后緩慢加熱氣體B，已知活塞因重力而產(chǎn)生的壓強(qiáng)為0.5p0，活塞與氣缸壁間無摩擦且不漏氣，求：活塞剛碰到氣缸上壁時(shí)，氣體B的溫度當(dāng)氣體B的溫度為3T0時(shí)，氣體B的壓強(qiáng)四、物理-選修3-418一列簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，在t=0和t=0.1s時(shí)，其波形圖分別如圖中實(shí)線和虛線所示，從t=0開始計(jì)時(shí)，下列說法中正確的是 ( )A此波的最小傳播速度為60m/sB此波的傳播周期一定為sCt=

15、0時(shí)質(zhì)點(diǎn)P正沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)D質(zhì)點(diǎn)a比質(zhì)點(diǎn)b先回到平衡位置E若波速為140m/s，則質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到波谷經(jīng)歷的最短時(shí)間為0.1s19如圖所示為一個(gè)透明球體的橫截面，其半徑為R，AB是一豎直直徑，現(xiàn)有一束半徑為R的圓環(huán)形平行細(xì)光沿AB方向射向球體（AB所在直徑為圓環(huán)中心軸線），所有光線經(jīng)折射后恰好經(jīng)過B點(diǎn)而在水平光屏上形成一圓亮環(huán)，水平光屏到B點(diǎn)的距離為L=R，光在真空中的傳播速度為c，求：透明球體的折射率光從入射點(diǎn)傳播到光屏所用時(shí)間五、物理-選修3-520如圖所示，氫原子從n2的某一能級躍遷到n=2的能級，輻射出能量為2.55eV的光子，則要完成此輻射，必須給基態(tài)的氫原子提供_eV的能量，獲得該能

16、量后的氫原子能夠發(fā)出_種不同頻率的光，其中最小頻率為_（保留兩位有效數(shù)字，已知普朗克常量h=6.63×1034Js）21如圖所示，小球A系在細(xì)線的一端，線的另一端固定在O點(diǎn)，O到光滑水平面的距離為h=0.8m物塊B的質(zhì)量是小球A的5倍，置于水平傳送帶左端的水平面上且位于O點(diǎn)正下方，傳送帶右端有一帶半圓光滑軌道的小車，小車的質(zhì)量是物塊B的5倍，水平面、傳送帶及小車的上表面平滑連接，物塊B與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.5，其余摩擦不計(jì)，傳送帶長L=3.5m，以恒定速率v0=6m/s順時(shí)針運(yùn)轉(zhuǎn)現(xiàn)拉動(dòng)小球使線水平伸直后由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊發(fā)生彈性正碰，小球反彈后上升到最高點(diǎn)時(shí)

17、與水平面的距離為，若小車不固定，物塊剛好能滑到與圓心O1等高的C點(diǎn)，重力加速度為g，小球與物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，求：小球和物塊相碰后物塊B的速度大小小車上半圓軌道的半徑大小山西省太原市部分中學(xué)2015屆高考物理模擬試卷一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-6題只有一項(xiàng)符合題目要求，第7-10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1A、B兩質(zhì)點(diǎn)同時(shí)、同地沿同一直線運(yùn)動(dòng)，其vt圖象分別如圖中a、b所示， t1時(shí)刻曲線b的切線與a平行，在0t2時(shí)間內(nèi)，下列說法正確的是( )A質(zhì)點(diǎn)A一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)Bt1時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)的加速

18、度相等，相距最遠(yuǎn)Ct2時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)的速度相等，相距最遠(yuǎn)Dt2時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)的速度相等，A恰好追上B考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系 專題：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題分析：在vt圖象中，直線的斜率表示加速度，速度的正負(fù)代表運(yùn)動(dòng)的方向，根據(jù)vt圖象可以分析質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況，即可進(jìn)行選擇解答：解：A、質(zhì)點(diǎn)A先向負(fù)方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，然后向正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；BCD、因vt圖象的斜率表示加速度，圖線與t軸所圍面積表示位移大小，所以t1時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)的加速度相等，t2時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)的速度相等，此時(shí)兩質(zhì)點(diǎn)的vt圖象與t軸所圍面積差最大，即相距最遠(yuǎn)；故BD錯(cuò)誤，C正確故選：C點(diǎn)評：本題主

19、要就是考查學(xué)生對速度時(shí)間圖象的理解，要知道在速度時(shí)間的圖象中，速度的正負(fù)表示運(yùn)動(dòng)方向，直線的斜率代表的是加速度的大小，圖象的面積代表的是位移2如圖所示，兩小球A，B通過O點(diǎn)處光滑的小滑輪用細(xì)線相連，小球A置于光滑半圓柱上，小球B用水平線拉著系于豎直板上，兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知O點(diǎn)在半圓柱截面圓心01的正上方，OA與豎直方向成30°角，其長度與圓柱底面圓的半徑相等，OAOB，則A，B兩球的質(zhì)量比為( )ABCD考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力 專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：對A受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出繩子的拉力，再對B分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出拉力和B的重力關(guān)

20、系解答：解：對A分析，如圖所示，由幾何關(guān)系可知拉力T和支持力N與水平方向的夾角相等，夾角為60°，則N和T相等，有：2Tsin60°=mAg，解得T=，再隔離對B分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡有：Tcos60°=mBg，則，可知mA：mB=，故選：A點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解，難度不大3如圖所示，水平面上放有10個(gè)完全相同的木塊（緊靠在一起），每個(gè)木塊長L=0.6m、質(zhì)量m=0.5kg，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為1=0.1，一個(gè)質(zhì)量M=1kg的鉛塊（可看作質(zhì)點(diǎn)）以水平速度v0=5m/s從左端滑上木塊，鉛塊與木塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2=0.25，

21、取g=10m/s2，則鉛塊開始帶動(dòng)木塊時(shí)的速度為( )A5m/sB3m/sC2m/sD1m/s考點(diǎn)：動(dòng)能定理 專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：鉛塊在木塊上滑行時(shí)，當(dāng)鉛塊對木塊的滑動(dòng)摩擦力等于木塊所受的最大靜摩擦力時(shí)，恰好能帶動(dòng)它右面的木塊一起運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用動(dòng)能定理列式求出鉛塊滑上該木塊左端時(shí)的速度解答：解：（1）設(shè)鉛塊可以帶動(dòng)n個(gè)木塊移動(dòng)，以這幾個(gè)木塊為研究對象，鉛塊施加的摩擦力應(yīng)大于地面施加的摩擦力，即：2Mg1（M+nm）g解得：n=3 取n=2，此時(shí)鉛塊已滑過8個(gè)木塊，根據(jù)動(dòng)能定理有：代入數(shù)據(jù)得：0.25×解剛滑上木塊9時(shí)鉛塊的速度為：v=1m/s故選：D點(diǎn)評：本題是牛頓第二定律、運(yùn)

22、動(dòng)學(xué)和動(dòng)能定理、摩擦力公式等等知識(shí)的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵通過分析受力，判斷木塊的狀態(tài)4如圖所示，半徑為r的圓在豎直平面上，A、B、C、D是圓周上的點(diǎn)，AB水平，CD豎直，在最高點(diǎn)C固定一點(diǎn)電荷，電荷量為Q，現(xiàn)從A點(diǎn)將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球（帶電小球?qū)c(diǎn)電荷電場的影響忽略不計(jì)）由靜止釋放，該小球沿光滑絕緣軌道ADB運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)的速率為3，g為重力加速度，取電場中B點(diǎn)為零電勢點(diǎn)，靜電力常數(shù)為k，則( )AO點(diǎn)電場強(qiáng)度大小是A點(diǎn)的倍BA點(diǎn)電勢比D點(diǎn)的高C帶電小球在D點(diǎn)具有的電勢能為D帶電小球在D點(diǎn)受軌道的作用力為10mg考點(diǎn)：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；電場強(qiáng)度；電勢能 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題

23、分析：根據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，分析D與A兩點(diǎn)電勢的高低；根據(jù)動(dòng)能定理，求解q在D點(diǎn)具有的電勢能，再結(jié)合電勢的定義式即可求解D點(diǎn)的電勢；根據(jù)點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度公式E=k，即可研究D、A兩點(diǎn)場強(qiáng)的關(guān)系解答：解：A、根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式E=k可知O點(diǎn)電場強(qiáng)度大小是A點(diǎn)的2倍，故A錯(cuò)誤B、由題意可知，A、B到C的距離相等，則AB的電勢相等沿著電場線的方向，電勢降低，而電場線會(huì)聚于負(fù)電荷，則A點(diǎn)的電勢低于D點(diǎn)電勢q電荷從A到D運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理，則有：mgr+W電=m（3）20，解得電場力做功：W電=mgr；規(guī)定電場中B點(diǎn)的電勢為零，A點(diǎn)的電勢也為零，因由A到D點(diǎn)電場力做正功，則電勢能減小，因此點(diǎn)電荷

24、q在D點(diǎn)的電勢能為EPD=mgr，故B錯(cuò)誤，C正確C、在D點(diǎn)，彈力、靜電力和重力的合力提供向心力，故：Nmg=m故N=mg+m，故D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評：考查電勢的高低判定方法，掌握動(dòng)能定理的應(yīng)用，注意力做功的正負(fù)，理解電勢與電勢能的關(guān)系式，注意電荷的電量正負(fù)5如圖所示，匝數(shù)為n的正方形線圈邊長為a，總電阻為2R，線圈平面與勻強(qiáng)磁場垂直且一半位于磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電阻R與正方形兩頂點(diǎn)良好接觸，不計(jì)接觸點(diǎn)電阻，當(dāng)線圈繞對角線轉(zhuǎn)軸OO1，以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，在t=時(shí)間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為( )ABCD考點(diǎn)：交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)生正弦式電流的原理；焦耳定律 專題：交流電專題分析：該正方向線圈始終

25、有兩條邊做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流，根據(jù)Em=nBS求解最大值，根據(jù)求解有效值，最后結(jié)合閉合電路歐姆定律列式求解電流，根據(jù)焦耳定律求解電熱解答：解：題目中產(chǎn)生的正弦式交變電流，感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值為：Em=nBS=nB有效值為：=時(shí)間t=2T內(nèi)電阻為：r=R，外電阻R與一半的導(dǎo)線電阻R并聯(lián)，故通過電阻R的電流有效值為：I=×=故R產(chǎn)生的熱量為：Q=I2Rt=（）2Rt=故選：B點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是明確正方向線圈中產(chǎn)生的正弦式交變電流，然后結(jié)合交變電流的知識(shí)求解出最大值和有效值，最后結(jié)合閉合電路歐姆定律和焦耳定律列式求解，不難6如圖所示，理想變壓器的原線圈接有輸出電壓恒定的交流電源

26、，R0為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器，電表均為理想交流電表，則當(dāng)滑片P從最左端滑到最右端的過程中，下列說法正確的是( )A電壓表示數(shù)減小，電流表A1示數(shù)先增大后減小B電壓表示數(shù)不變，電流表A2示數(shù)一直減小C電流表A2示數(shù)及變壓器的輸出功率勻先減小后增大D電壓表示數(shù)減小，電流表A2示數(shù)先增大后減小考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理 專題：交流電專題分析：明確電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律及數(shù)學(xué)知識(shí)可明確負(fù)載電阻的變化；再由閉合電路歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析方法進(jìn)行分析，從而明確電表示數(shù)的變化解答：解：A、變壓器輸出電壓由輸入電壓和匝數(shù)決定；因匝數(shù)之比不變；故輸出電壓不變；故AD錯(cuò)誤；B、副線圈所接電路為滑動(dòng)變阻器左部

27、分電阻與右部分電阻并聯(lián)后再與定值電阻串聯(lián)，因R并=，當(dāng)R1=R2時(shí)，R并最大，即副線圈的負(fù)載電阻最大，由歐姆定律知副線圈中電流先減小后增大，由變壓器變流規(guī)律可知，電流表A1的示數(shù)先減小后增大；由P出=P入=U1I1；所以變壓器的輸出功率先減小后增大將定值電阻和變壓器副線圈看成電動(dòng)勢恒為U2、內(nèi)阻為R0的電源，則當(dāng)外電路中R1R2時(shí)，P右移，R2在減?。坏傠娮柙龃?，總電流減小，內(nèi)壓減小，R2兩端電壓增大，通過電流增大，所以電流表A2示數(shù)減??；當(dāng)外電路中R1R2時(shí)，P右移，R1繼續(xù)增大，但總電阻減小，總電流增大，內(nèi)電壓增大，R1兩端電壓減小，通過的電流減小，即電流表A2示數(shù)減小，故B正確，C錯(cuò)誤

28、；故選：B點(diǎn)評：本題考查變壓器中的動(dòng)態(tài)分析，注意和直流電路中的動(dòng)態(tài)分析進(jìn)行類比；同時(shí)明確滑動(dòng)變阻器左右兩邊并聯(lián)接入時(shí)的電阻變化規(guī)律7“嫦娥三號(hào)”探月衛(wèi)星于2013年12月2日順利發(fā)射升空，已知“嫦娥三號(hào)”探月衛(wèi)星繞月球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，飛行N圈用時(shí)為t；地球的質(zhì)量為M，半徑為R，表面重力加速度為g；月球半徑為r，地球和月球間的距離為L，則( )A“嫦娥三號(hào)”勻速飛行的速率為B月球的平均密度為C“嫦娥三號(hào)”的質(zhì)量為D月球受地球的引力為考點(diǎn)：萬有引力定律及其應(yīng)用 專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：根據(jù)物體在月球表面所受的萬有引力等于重力，求出月球的質(zhì)量再結(jié)合萬有引力提供向心力求出月球運(yùn)行的周期解

29、答：解：A、由題，“嫦娥三號(hào)”繞月球表面運(yùn)動(dòng)的周期：T=，由v=得：故A正確；B、由：，m=，GM=gR2得月球的平均密度：故B錯(cuò)誤；C、天體運(yùn)動(dòng)的過程中，只能估算中心天體的質(zhì)量，不能估算運(yùn)行的天體的質(zhì)量故C錯(cuò)誤；D、由萬有引力的公式：F=，得月球受到的地球的吸引力：F=故D正確故選：AD點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力等于重力和萬有引力提供向心力這兩個(gè)理論，并能靈活運(yùn)用8如圖所示，OACD是一長OA=L的矩形，其內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子從O點(diǎn)以速度v0垂直射入磁場，速度方向與OA的夾角為，粒子剛好從A點(diǎn)射出磁場，不計(jì)粒子重力，則( )A粒子一定帶正電B勻強(qiáng)

30、磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為C粒子從O到A所需的時(shí)間為D矩形磁場寬度最小值為（1cos）考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡由左手定則可以判斷出粒子的電性；作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，由幾何知識(shí)求出粒子的軌道半徑，然后由牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強(qiáng)度；根據(jù)粒子轉(zhuǎn)過的圓心角與粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式可以求出粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，根據(jù)幾何知識(shí)可以求出磁場的寬度解答：解：A、由題意可知，粒子進(jìn)入磁場時(shí)所受洛倫茲力斜向右下方，由左手定則可知，粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B、粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：由幾何知識(shí)可得：r=，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qv

31、0B=m，解得：B=，故B正確；C、由幾何知識(shí)可知，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角：=2，粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T=，粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=T=，故C正確；D、根據(jù)圖示，由幾何知識(shí)可知，矩形磁場的最小寬度：d=rrcos=（1cos），故D錯(cuò)誤；故選：BC點(diǎn)評：本題考查了粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)，分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過程、作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡是正確解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用左手定則、牛頓第二定律即可解題，解題時(shí)注意幾何知識(shí)的應(yīng)用9如圖所示，間距為L、電阻不計(jì)的足夠長平行光滑導(dǎo)軌豎直放置，其上端接有一阻值為R的電阻，一質(zhì)量為m、電阻也為R的金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，整個(gè)裝置處于垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻

32、強(qiáng)磁場中，現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放，金屬棒下落過程中始終水平，經(jīng)一定時(shí)間金屬棒達(dá)到最大速度v，此過程中通過電阻的電荷量為q，重力加速度為g，則下列說法正確的是( )A此過程中金屬棒做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)B此過程中金屬棒下落的距離為C此過程中金屬棒克服安培力做功為mv2D當(dāng)金屬棒的速度為時(shí)，金屬棒的加速度為考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢；牛頓第二定律；電功、電功率 專題：電磁學(xué)分析：根據(jù)導(dǎo)體切割磁感線規(guī)律可明確電動(dòng)勢，再根據(jù)安培力公式求解安培力的大??；由功能關(guān)系分析能量的轉(zhuǎn)化問題解答：解：A、金屬棒在下落過程中受豎直向下的重力和豎直向上的安培力作用，安培力隨金屬棒速度的增大而增大，所以金屬棒先做

33、加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到最大速度時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)；故A正確；B、因q=t=，所以此過程中金屬棒下落的距離為h=；故B錯(cuò)誤；C、由動(dòng)能定理有：mghW安=mv2，解得：此過程中金屬棒克服安培力做功為：mv2；故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)v=時(shí)，由牛頓第二定律可得：ma=mg，而最大速度時(shí)有：mg=；聯(lián)立解得a=；故D正確；故選：AD點(diǎn)評：本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律、動(dòng)能定理、牛頓第二定律等，意在考查學(xué)生的理解能力、分析能力和綜合應(yīng)用物理規(guī)律的能力；在學(xué)習(xí)中要注意加強(qiáng)相關(guān)訓(xùn)練10如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧左端固定于豎直擋板上，右端與質(zhì)量m=0.5kg、可看作質(zhì)點(diǎn)的物塊相接觸（不粘連），OA段粗糙且長度等于彈簧原長（

34、其余軌道均光滑），物塊開始靜止于A點(diǎn)，與OA段的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，現(xiàn)對物塊施加一個(gè)大小隨向左位移x變化關(guān)系如圖乙所示的水平向左的外力F，物塊向左運(yùn)動(dòng)x=0.4m到B點(diǎn)，在B點(diǎn)時(shí)速度為零，隨即撤去外力F，物塊在彈簧彈力作用下向右運(yùn)動(dòng)，恰好能通過豎直半圓弧軌道的最高點(diǎn)D（水平軌道與豎直軌道相切于C點(diǎn)），物塊從D點(diǎn)拋出后恰好擊中A點(diǎn)，取g=10m/s2，則( )A彈簧被壓縮過程中外力F所做的功為6.0JB彈簧具有的最大彈性勢能為6.0JC豎直半圓軌道半徑為0.32mD水平部分AC長為0.32m考點(diǎn)：功能關(guān)系 分析：根據(jù)外力F所做功等于其圖象與x軸所圍成的面積，從A到B的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理求得彈簧

35、具有的最大彈性勢能，物塊從B到D的過程中，由能量守恒列式，物塊恰好能通過最高點(diǎn)，在D點(diǎn)由重力提向心力，聯(lián)立方程求解半徑，物塊離開D點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)基本公式求解AC距離解答：解：A、外力F所做功等于其圖象與x軸所圍成的面積，即，故A正確；B、從A到B的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理得：WFmgx+WN=0帶入數(shù)值解得WN=5J，故B錯(cuò)誤；C、物塊從B到D的過程中，由能量守恒得：，因?yàn)槲飰K恰好能通過最高點(diǎn)，所以在D點(diǎn)有：mg=聯(lián)立解得：R=0.32m，故C正確；D、物塊離開D點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，則有：2R=，且AC=v0t，解得：AC=2R=0.64m，故D錯(cuò)誤故選：AC點(diǎn)評：解答本題的關(guān)鍵是知道外

36、力F所做功等于其圖象與x軸所圍成的面積，明確物塊恰好能通過最高點(diǎn)，在D點(diǎn)由重力提向心力，能根據(jù)動(dòng)能定理結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)基本公式求解，難度適中二、非選擇題：本題共5小題，共60分，按題目要求作答，解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值很和單位。11某物理學(xué)習(xí)小組用圖甲所示裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中得到如圖乙所示點(diǎn)跡清晰的完整紙帶（打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源頻率為f），紙帶上第一個(gè)點(diǎn)記為O，另選四個(gè)連續(xù)的點(diǎn)A、B、C、D，并測出了這四個(gè)點(diǎn)到O點(diǎn)的距離，已知重物質(zhì)量為m，重力加速度為g（1）實(shí)驗(yàn)中下列做法正確的有ADA固

37、定打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，兩限位孔必須在同一條豎直線上B實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先釋放紙帶再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源C可用vc2=2gh3來計(jì)算打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打C點(diǎn)時(shí)重物的速度大小D松開紙帶前，手應(yīng)提住紙帶上端，使紙帶豎直且重物靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)，重物的速度大小為（3）若以O(shè)C段來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，則重力勢能的減少量為mgh3，該組同學(xué)發(fā)現(xiàn)重物重力勢能的減少量總大于相應(yīng)動(dòng)能的增加量，這主要是因?yàn)榧垘c打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間有摩擦阻力，或存在空氣阻力考點(diǎn)：驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：由于紙帶通過時(shí)受到較大的阻力和重錘受到的空氣阻力，重力勢能有相當(dāng)一部分轉(zhuǎn)化給摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，所以重力勢能的減小量明顯大于動(dòng)能的

38、增加量解答：解：（1）A、為了盡可能減小紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦，固定打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，兩限位孔必須在同一條直線上，故A正確；B、實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先通電后釋放紙帶，故B錯(cuò)誤；C、運(yùn)用v=2gh3計(jì)算打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打C點(diǎn)時(shí)，重物的速度大小是利用機(jī)械能守恒定律，而不是在驗(yàn)證它，故C錯(cuò)誤；D、為了盡可能減小紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦，紙帶應(yīng)豎直且自由下落，為了得到較多的點(diǎn)跡，應(yīng)使重物靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，故D正確；故選：AD（2）由中間時(shí)刻速度等于這一段時(shí)間內(nèi)的平均速度可得打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)，重物的速度大小為；（3）由重力勢能表達(dá)式可知，若以O(shè)C段來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，重力勢能的減小量為mgh3，重物重力勢能的減小量總大于

39、相應(yīng)動(dòng)能的增加量，主要原因是紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間有摩擦阻力，或存在空氣阻力故答案為：（1）AD；（2）；（3）mgh3，紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間有摩擦阻力，或存在空氣阻力點(diǎn)評：考查驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)，意在考查學(xué)生的識(shí)記能力，數(shù)據(jù)處理能力與分析能力，并要知道重物帶動(dòng)紙帶下落過程中能量轉(zhuǎn)化的過程和能量守恒的條件12某同學(xué)用如圖甲所示電路描繪一個(gè)“2.8V、1.5W”的小燈泡的伏安特性曲線，并將實(shí)驗(yàn)中得到的數(shù)據(jù)描在圖乙所示的IU坐標(biāo)系中（1）可供選用的器材有：A電壓表（03V，內(nèi)阻10k）B電壓表（015V，內(nèi)阻25k）C電流表（03A，內(nèi)阻0.4）D電流表（00.6V，內(nèi)阻1.0）E滑動(dòng)變阻器（10，

40、2A）F滑動(dòng)變阻器（500，1A）G學(xué)生電源（直流5V）H開關(guān)、導(dǎo)線若干該同學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)電壓表應(yīng)選用A，電流表應(yīng)選用D，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用E（填寫所選用器材前字母）（2）該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中或處理數(shù)據(jù)時(shí)有下列做法或結(jié)論，其中正確的是ADA閉合開關(guān)S前，應(yīng)將滑片滑至a端B描點(diǎn)后應(yīng)用折線連接所有描的點(diǎn)C考慮電表內(nèi)阻作用，每次燈泡的電阻測量值均大于真實(shí)值D由所描點(diǎn)知隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大（3）對應(yīng)圖乙中P點(diǎn)，小燈泡的電阻約為4.5若用電動(dòng)勢E=2V、內(nèi)阻r=1的電源串聯(lián)一個(gè)阻值R=3的定值電阻給此小燈泡供電，則小燈泡的實(shí)際功率為0.27W考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：（1）根

41、據(jù)圖中數(shù)據(jù)明確電流和電壓的范圍，則可得出對應(yīng)的電表選擇；根據(jù)滑動(dòng)變阻器的接法可明確所用變阻器；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及數(shù)據(jù)處理方法進(jìn)行分析，從而明確各項(xiàng)正誤；（3）在圖象中做出所接電源的IU圖象，圖象的交點(diǎn)為燈泡的實(shí)際工作點(diǎn)，則由P=UI可求得其功率解答：解：（1）由題圖乙所描點(diǎn)的坐標(biāo)數(shù)值可知電壓表應(yīng)選擇A，電流表應(yīng)選擇D；實(shí)驗(yàn)中要求電壓從零開始調(diào)節(jié)，故滑動(dòng)變阻器采用分壓接法；應(yīng)選用最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器E；（2）A、開關(guān)閉合前應(yīng)使待測部分電壓最小，即應(yīng)將滑片滑至a端，故A正確；B、描點(diǎn)作圖時(shí)應(yīng)用平滑曲線連接，且也不一定要連接所有點(diǎn)；故B錯(cuò)誤；C、因電壓表的內(nèi)阻的影響，使實(shí)際電流小球待測電流；故

42、測量值小于真實(shí)值，故C錯(cuò)誤；D、由描點(diǎn)情況可知，IU圖象的斜率越來越?。患措S著電壓的增大，小燈泡的電阻增大；故D正確；（3）P點(diǎn)對應(yīng)電壓為1.8V，對應(yīng)電流為0.4A，所以對應(yīng)題圖乙中P點(diǎn)，小燈泡的阻值約為：Rx=4.5；將定值電阻視為電源內(nèi)阻，在圖乙中作出新電源的IU圖象，兩圖象的交點(diǎn)即為燈泡的工作點(diǎn)，由圖可知，U=1.0V，I=0.27A；則功率P=UI=1×0.27=0.27W故答案為：（1）ADE；（2）AD；（3）4.5；0.27點(diǎn)評：本題考查了小燈泡伏安特性曲線的描繪以及有關(guān)電學(xué)實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)操作，對于電學(xué)實(shí)驗(yàn)一定要熟練掌握滑動(dòng)變阻器的兩種接法和電流表的內(nèi)外接法等基礎(chǔ)知識(shí)13

43、如圖所示，長s=5m、傾角=37°的斜面各通過一小段光滑圓弧與水平傳送帶和水平地面平滑連接，傳送帶長L=1.6m，以恒定速率v0=4m/s逆時(shí)針運(yùn)行，將一可看作質(zhì)點(diǎn)的物塊輕輕地放上傳送帶右端A，物塊滑到傳送帶左端B時(shí)恰好與傳送帶共速并沿斜面下滑，已知物塊和傳送帶、斜面、水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為，物塊最終靜止在水平面上的D點(diǎn)，取g=10m/s2，求：（1）動(dòng)摩擦因數(shù)的值（2）水平面上CD的長（3）物塊從A到D所經(jīng)歷的時(shí)間考點(diǎn)：牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用；牛頓第二定律 專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：（1）物塊在傳送帶上做勻加速運(yùn)動(dòng)，利用速度位移公式求的加速度，再有牛頓第二定律求的摩擦因數(shù)

44、；（2）從B到D由動(dòng)能定理得即可求的C點(diǎn)距離（3）利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式及牛頓第二定律 即可求的時(shí)間解答：解：（1）在傳送帶上由速度位移公式可得有牛頓第二定律得mg=ma（2）從B到D由動(dòng)能定理得mgssin解得x=3.6m（3）在傳送帶上加速度為a=5m/s2到達(dá)傳送帶左端所需時(shí)間為在斜面上產(chǎn)生的加速度為下滑到斜面底端s=解得t2=1s下滑到斜面的速度為v=v0+a2t2=6m/s在水平地面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為故所需時(shí)間為t總=t1+t2+t3=3s答：（1）動(dòng)摩擦因數(shù)的值為0.5；（2）水平面CD的長為3.6m；（3）物塊從A到D所經(jīng)歷的時(shí)間為3s點(diǎn)評：本題主要考查了牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，要注意明確

45、加速度是聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)之間的橋梁；要注意體會(huì)其重要性14如圖所示，豎直虛線MN、PQ將兩豎直擋板A、B間空間分成等間距的三區(qū)域、，在區(qū)域內(nèi)有一與水平線OO1成37°角的光滑絕緣斜面AC（C是MN與OO1的交點(diǎn)），區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場，區(qū)域內(nèi)存在水平向左的勻強(qiáng)電場，兩區(qū)域電場強(qiáng)度均未知現(xiàn)有一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶電滑塊（可看作質(zhì)點(diǎn)）從左擋板的A點(diǎn)由靜止釋放，從C點(diǎn)進(jìn)入?yún)^(qū)域后恰好能垂直PQ進(jìn)入?yún)^(qū)域，最后滑塊恰好與擋板B相切于D點(diǎn)（沒畫出），已知各區(qū)域?qū)捑鶠長，重力加速度為g，滑塊運(yùn)動(dòng)中電荷量不變，求：（1）區(qū)域中電場強(qiáng)度E1的大小（2）區(qū)域中電場強(qiáng)度E2的大?。?）O1D的長考點(diǎn)：

46、勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：（1）在區(qū)域內(nèi)，小球做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，將其運(yùn)動(dòng)進(jìn)行正交分解：水平方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，由平均速度表示兩個(gè)方向的分位移，求出小球離開區(qū)域時(shí)偏轉(zhuǎn)的距離，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可求得；（2）區(qū)域III內(nèi)滑塊在水平方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)且擋板B時(shí)速度恰好為0，在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)（3）由（1）（2）即可求得位移解答：解：（1）區(qū)域I內(nèi)，有動(dòng)能定理由滑塊恰好能垂直PQ進(jìn)入?yún)^(qū)域III區(qū)域II內(nèi)，滑塊在水平方向上左勻速直線運(yùn)動(dòng)，由L=vCcos37°t1在豎直方向做勻減速運(yùn)動(dòng)，由在豎直方向發(fā)生

47、的位移聯(lián)立解得（2）區(qū)域III內(nèi)滑塊在水平方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)且擋板B時(shí)速度恰好為0，在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由L=聯(lián)立解得（3）O1D的長度為答：（1）區(qū)域中電場強(qiáng)度E1的大小為（2）區(qū)域中電場強(qiáng)度E2的大小為（3）O1D的長為點(diǎn)評：本題主要考查了帶電粒子在混合場中運(yùn)動(dòng)的問題，要求同學(xué)們能正確分析粒子的受力情況，再通過受力情況分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況，畫出運(yùn)動(dòng)軌跡圖，根據(jù)幾何知識(shí)及圓周運(yùn)動(dòng)基本公式解答，難度較大15（18分）如圖所示，平面直角坐標(biāo)系中的第一象限內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小未知，第四象限存在方向與x軸正方向成45°斜向右上方的勻速電場電場強(qiáng)度大小E未知現(xiàn)

48、有一質(zhì)量為m1、電荷量為q的帶正電粒子以初速度v0從y軸上的A點(diǎn)水平向右垂直射入磁場，粒子從x軸上D點(diǎn)與x軸正方向成45°進(jìn)入第四象限，粒子在電場力作用下與x軸正方向成30°（沒畫出）第二次通過x軸（過M點(diǎn)），此時(shí)第一象限內(nèi)磁場方向變?yōu)榇怪奔埫鎲栴}磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變，粒子恰好又從D點(diǎn)第三次通過x軸，不計(jì)粒子重力，DM=L，取sin75°=0.96，cos75°=0.25，求：（1）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小（2）OA的長（3）粒子從A點(diǎn)出發(fā)到第三次通過x軸所用的時(shí)間考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)

49、 專題：帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出電場強(qiáng)度；粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強(qiáng)度（2）求出粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，然后求出OA的長度（3）求出粒子在磁場與電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，然后求出粒子的總運(yùn)動(dòng)時(shí)間解答：解：（1）粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：由幾何知識(shí)可得，粒子初速度方向上的位移s1與沿電場方向的位移s2大小相等，s1=s2=L，在初速度方向上：s1=v0t，在電場方向上：s2=t2，解得：E=；粒子再次進(jìn)入磁場時(shí)的速度如圖所示：粒子的速度：v=4v0，粒子在磁場中做

50、勻速圓周運(yùn)動(dòng)，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：由幾何知識(shí)可得，=60°粒子軌道半徑：r=L，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：B=，r=L；（2）粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：粒子第一次在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)的軌道半徑：r=，由幾何知識(shí)得：OA=rrsin45°=（）L；（3）粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T=，粒子從A到D的時(shí)間：t1=T=，粒子在電場中從D運(yùn)動(dòng)到M的時(shí)間：t2=，粒子在磁場中從M到D的時(shí)間：t3=T=，粒子從A點(diǎn)出發(fā)到第三次通過x軸所用的時(shí)間：t=t1+t2+t3=+；答：（1）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E

51、的大小為（2）OA的長為（）L（3）粒子從A點(diǎn)出發(fā)到第三次通過x軸所用的時(shí)間為+點(diǎn)評：本題考查了粒子在電場與磁場中的運(yùn)動(dòng)，分析清楚粒子的運(yùn)動(dòng)過程，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，應(yīng)用牛頓第二定律、類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律即可正確解題，要注意運(yùn)動(dòng)的合成與分知識(shí)的應(yīng)用三、附加題：本題共2小題，每小題0分，分別考察3-3,3-4,3-5模塊，請考生根據(jù)本省考試情況選擇相應(yīng)題目作答，其分支不計(jì)入總分。物理-選修3-316下列說法中正確的是 ( )A布朗運(yùn)動(dòng)就是懸浮微粒的分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B一定質(zhì)量的理想氣體，若壓強(qiáng)不變，體積增大則其內(nèi)能一定增大C當(dāng)分子間距離減小時(shí)，分子間斥力、引力均增大D熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體

52、E一定質(zhì)量的理想氣體在完全失重的狀態(tài)下，氣體的壓強(qiáng)為零考點(diǎn)：分子間的相互作用力；分子勢能 分析：解答本題應(yīng)掌握：布朗運(yùn)動(dòng)是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；它是分子熱運(yùn)動(dòng)的反映；理想氣體的內(nèi)能取決于氣體的溫度，溫度越高，內(nèi)能越大；分子間同時(shí)存在引力和斥力，二者都隨分子間距離的增大而減小；熱力可以自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體；但不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體；封閉氣體壓強(qiáng)是由于分子持續(xù)不斷地撞擊器壁而產(chǎn)生的；失重狀態(tài)下仍然存在解答：解：A、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；不是分子的運(yùn)動(dòng)；故A錯(cuò)誤；B、一定質(zhì)量的理想氣體，若壓強(qiáng)不變，體積增大則所體的溫度升高，故其內(nèi)能一定增大；故B正確；C、分子產(chǎn)距離

53、減小時(shí)，分子間的引力和斥力都會(huì)增大；故C正確；D、由熱力學(xué)第二定律可知，熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體；故D正確；E、壓強(qiáng)是由于分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)形成的；與重力無關(guān)；故E錯(cuò)誤；故選：BCD點(diǎn)評：本題考查分子動(dòng)理論的基本內(nèi)容，要重點(diǎn)掌握布朗運(yùn)動(dòng)、熱力學(xué)第二定律、分子間的相互作用力等；并且要求能準(zhǔn)確掌握，不能斷章取義17如圖所示，密閉氣缸豎直放置（氣缸上壁C處留有抽氣孔），活塞將氣缸分成上、下兩部分，其中下部分密閉氣體B可視為理想氣體，氣體溫度為T0現(xiàn)將上半部分氣體A緩慢抽出，使其變成真空并密封，此過程中氣體B的溫度始終不變且當(dāng)氣體A的壓強(qiáng)為p0時(shí)，氣體B的體積為V1，氣體A的體積為4V1，密

54、封抽氣孔C后緩慢加熱氣體B，已知活塞因重力而產(chǎn)生的壓強(qiáng)為0.5p0，活塞與氣缸壁間無摩擦且不漏氣，求：活塞剛碰到氣缸上壁時(shí)，氣體B的溫度當(dāng)氣體B的溫度為3T0時(shí)，氣體B的壓強(qiáng)考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程 專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：根據(jù)題意求出B氣體的狀態(tài)參量，然后應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程求出氣體的溫度；氣體發(fā)生等容變化，應(yīng)用查理定律可以求出氣體的壓強(qiáng)解答：解：氣體B的狀態(tài)參量為：pB1=p0+0.5p0=1.5p0，pB2=0.5p0，VB1=V1，VB2=5V1，TB1=T0，對B氣體，由理想氣體狀態(tài)方程得：=，代入數(shù)據(jù)解得：TB2=T0；對B氣體，最終溫度：T3=3T0，氣體發(fā)生等容變化，由查理定律得：=，代入數(shù)據(jù)解得：p3=0.9p0；答：活塞剛碰到氣缸上壁時(shí)，氣體B的溫度為T0當(dāng)