高一期末考前《動(dòng)量》訓(xùn)練

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上專心-專注-專業(yè)專心-專注-專業(yè)精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上專心-專注-專業(yè)物理試卷題號(hào)一二三四總分得分第I卷（選擇題）請(qǐng)點(diǎn)擊修改第I卷的文字說明評(píng)卷人得分一、選擇題（本題共15道小題，每小題0分，共0分）1.如圖所示，兩個(gè)大小相同、質(zhì)量均為m的彈珠靜止在水平地面上。某小孩在極短時(shí)間內(nèi)給第一個(gè)彈珠水平?jīng)_量使其向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)?shù)谝粋€(gè)彈珠運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)與第二個(gè)彈珠發(fā)生彈性正碰，碰后第二個(gè)彈珠運(yùn)動(dòng)了2L距離停下。已知彈珠所受阻力大小恒為重力的k倍，重力加速度為g，則小孩對(duì)第一個(gè)彈珠A施加的沖量為m EQ A()R(kgL) B施加的沖量為m EQ A()

2、R(3kgL)C做的功為kmgL D做的功為3kmgL2.（多選題）A、B兩船的質(zhì)量均為m，都靜止在平靜的湖面上，現(xiàn)A船上質(zhì)量為m的人，以對(duì)地水平速度v從A船跳到B船，再從B船跳到A船，經(jīng)n次跳躍后，人停在B船上，不計(jì)水的阻力，則（）AA、B兩船速度大小之比為2：3BA、B（包括人）兩船動(dòng)量大小之比為1：1CA、B（包括人）兩船動(dòng)能之比為3：2DA、B（包括人）兩船動(dòng)能之比為1：13.（多選題）木塊a和b用一根輕彈簧連接起來，放在光滑水平面上，a緊靠在墻壁上，在b上施加向左的力使輕質(zhì)彈簧壓縮，如圖所示，對(duì)a、b和輕彈簧組成的系統(tǒng)，當(dāng)撤去外力后，下列說法中正確的是（）Aa尚未離開墻壁前，系統(tǒng)動(dòng)量

3、守恒 Ba尚未離開墻壁前，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒Ca離開墻壁后，系統(tǒng)動(dòng)量守恒 Da離開墻壁后，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒4.（多選題）將質(zhì)量為m0的木塊固定在光滑水平面上，一顆質(zhì)量為m的子彈以速度v0沿水平方向射入木塊，子彈射穿木塊時(shí)的速度為，現(xiàn)將同樣的木塊放在光滑的水平桌面上，相同的子彈仍以速度v0沿水平方向射入木塊，設(shè)子彈在木塊中所受阻力不變，則以下說法正確的是（）A若m0=3m，則能夠射穿木塊B若m0=3m，則不能射穿木塊，子彈將留在木塊中，一起以共同的速度做勻速運(yùn)動(dòng)C若m0=3m，則剛好能射穿木塊，此時(shí)相對(duì)速度為零D若子彈以3v0速度射向木塊，并從木塊中穿出，木塊獲得的速度為v1；若子彈以4v0速度射向木

4、塊，木塊獲得的速度為v2，則必有v2v15.滿載砂子的總質(zhì)量為M的小車，在光滑水平面上做勻速運(yùn)動(dòng)，速度為v0在行駛途中有質(zhì)量為m的砂子從車上漏掉，則砂子漏掉后小車的速度應(yīng)為：（）Av0BCD6.如圖所示，質(zhì)量分別為m1、m2的兩個(gè)小球A、B，帶有等量異種電荷，通過絕緣輕質(zhì)彈簧相連接，置于絕緣光滑的水平面上，突然加一水平向右的勻強(qiáng)電場后，兩球A、B由靜止開始運(yùn)動(dòng)，對(duì)兩小球A、B和彈簧 組成的系統(tǒng)，在以后的運(yùn)動(dòng)過程中，以下說法正確的是（設(shè)整個(gè)過程中不考慮電荷間庫侖力的作用且彈簧不超過彈性限度）（）A系統(tǒng)機(jī)械能不斷增加B系統(tǒng)機(jī)械能守恒C系統(tǒng)動(dòng)量不斷增加D系統(tǒng)動(dòng)量守恒7.A、B兩物體發(fā)生正碰，碰撞前后

5、物體A、B都在同一直線上運(yùn)動(dòng)，其位移時(shí)間圖象（st圖）如圖中A、D、C和B、D、C所示由圖可知，物體A、B的質(zhì)量之比為（）A1：1B1：2C1：3D3：18.（多選題）如圖所示，質(zhì)量為m的小球從距離地面高H的A點(diǎn)由靜止開始釋放，落到地面上后又陷 入泥潭中，由于受到阻力作用到達(dá)距地面深度為h的B點(diǎn)時(shí)速度減為零不計(jì)空氣阻力，重力加速度為 g關(guān)于小球在剛接觸地面到速度變?yōu)榱愕倪^程中，下列說法中正確的有（）A小球的機(jī)械能減少了mghB小球克服阻力做的功為mg（H+h）C小球所受阻力的沖量等于mD小球動(dòng)量的改變量大小等于m9.A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線向同一方向運(yùn)動(dòng)，mA=1kg，mB=2kg，

6、vA=6m/s，vB=2m/s，當(dāng)A追上B并發(fā)生碰撞后，A、B兩球速度的可能值是（取兩球碰前的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎ǎ〢vA=2m/s，vB=4m/sBvA=4m/s，vB=4m/sCvA=4m/s，vB=7m/sDvA=7m/s，vB=1.5m/s10.兩球A、B在光滑水平面上沿同一直線，同一方向運(yùn)動(dòng)，mA=1kg，mB=2kg，vA=6m/s，vB=2m/s當(dāng)A追上B并發(fā)生碰撞后，兩球A、B速度的可能值是（）AvA=5m/s，vB=2.5m/sBvA=2m/s，vB=4m/sCvA=4m/s，vB=7m/sDvA=7m/s，vB=1.5m/s11.將質(zhì)量為m=1kg的小球，從距水平地面高h(yuǎn)=5m

7、處，以v0=10m/s的水平速度拋出，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2求：（1）拋出后0.4s內(nèi)重力對(duì)小球的沖量；（2）平拋運(yùn)動(dòng)過程中小球動(dòng)量的增量p；（3）小球落地時(shí)的動(dòng)量p12.質(zhì)量為ma=1kg，mb=2kg的小球在光滑的水平面上發(fā)生碰撞，碰撞前后兩球的位移時(shí)間圖象如圖所示，則可知碰撞屬于（）A彈性碰撞B非彈性碰撞C完全非彈性碰撞D條件不足，不能判斷13.質(zhì)量為M、內(nèi)壁間距為L的箱子靜止于光滑的水平面上，箱子中間有一質(zhì)量為m的小物塊，小物塊與箱子底板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為初始時(shí)小物塊停在箱子正中間，如圖所示現(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度v，小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間，并與箱子保持相對(duì)

8、靜止設(shè)碰撞都是彈性的，則整個(gè)過程中，系統(tǒng)損失的動(dòng)能為（）Amv2BMv2CNmgLDNmgL14.考點(diǎn)：3T：中西方文化交流分析：本題考查佛教文化對(duì)中國社會(huì)的影響關(guān)鍵詞是“火葬之俗盛行于江南，自宋時(shí)已有之”解答：材料中宋代學(xué)者洪邁認(rèn)為火葬的民俗開始于佛教火化，并逐漸形成了社會(huì)風(fēng)氣；后世的顧炎武指出火葬的習(xí)俗在江南地區(qū)盛行，在宋代已經(jīng)出現(xiàn)上述說法反映了佛教的影響在中國社會(huì)進(jìn)一步深入，故D正確依據(jù)材料信息，隨著佛教的廣泛傳播，佛教的火化形式隨之推動(dòng)了民間火葬習(xí)俗的出現(xiàn)，故A錯(cuò)誤BC所述不符合材料的主旨，故排除故選D15.（多選題）在光滑水平面上A、B兩球沿同一直線向右運(yùn)動(dòng)，A追上B發(fā)生碰撞，碰前兩

9、球動(dòng)量分別為PA=12kgm/s、PB=13kgm/s，則碰撞過程中兩物體的動(dòng)量變化可能的是（）APA=3kgm/s，PB=3kgm/sBPA=4kgm/s，PB=4kgm/sCPA=5kgm/s，PB=5kgm/sDPA=24kgm/s，PB=24kgm/s第II卷（非選擇題）請(qǐng)點(diǎn)擊修改第II卷的文字說明評(píng)卷人得分二、計(jì)算題（本題共12道小題,第1題0分,第2題0分,第3題0分,第4題0分,第5題0分,第6題0分,第7題0分,第8題0分,第9題0分,第10題0分,第11題0分,第12題0分,共0分）16.如圖所示，光滑的圓弧軌道豎直放置，底端與光滑的水平軌道相接，質(zhì)量為m2的小球B靜止在光滑

10、水平軌道上，其左側(cè)連接了一輕質(zhì)彈簧，質(zhì)量為m1的小球A從D點(diǎn)以速度v0向右運(yùn)動(dòng)，試求：（1）小球A撞擊輕質(zhì)彈簧的過程中，彈簧彈性勢(shì)能的最大值；（2）要使小球A與小球B能發(fā)生二次碰撞，m1與m2應(yīng)滿足什么關(guān)系17.如圖所示，光滑水平地面上放有一長木板B，其質(zhì)量為M，長度L=3.0m，B的右端緊靠臺(tái)階，上表面與臺(tái)階平齊B上放有一質(zhì)量為m的滑塊C現(xiàn)有一質(zhì)量也為m的滑塊A從h=1.0m高的斜面頂端由靜止滑下，然后沖上木板B，（轉(zhuǎn)角處速度大小不變，只改變方向；轉(zhuǎn)角的大小可忽略）但最終A恰好未能撞上C設(shè)A與其接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為=0.25，滑塊A的起始位置與木板B右端的水平距離s=0.8m，此過程中C

11、與B恰好不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，不計(jì)滑塊A、C的大小已知M=3m，取g=10m/s2求：（1）滑塊A剛沖上木板B時(shí)的速度v0；（2）滑塊C原來離木板B右端的距離d18.如圖所示，一質(zhì)量為m的小球C用輕繩懸掛在O點(diǎn)，小球下方有一質(zhì)量為2m的平板車B靜止在光滑水平地面上，小球的位置比車板略高，一質(zhì)量為m的物塊A以大小為v0的初速度向左滑上平板車，此時(shí)A、C間的距離為d，一段時(shí)間后，物塊A與小球C發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)兩者的速度互換，且碰撞時(shí)間極短，已知物塊與平板車間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，若A碰C之前物塊與平板車已達(dá)共同速度，求：（1）A、C間的距離d與v0之間滿足的關(guān)系式；（2）要使碰后小球C能繞O點(diǎn)

12、做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，輕繩的長度l應(yīng)滿足什么條件？19.如圖所示，物塊A、C的質(zhì)量均為m，B的質(zhì)量為2m，都靜止于光滑水平臺(tái)面上，A、B間用一不可伸長的輕質(zhì)短細(xì)線相連。初始時(shí)刻細(xì)線處于松弛狀態(tài)，C位于A右側(cè)足夠遠(yuǎn)處。現(xiàn)突然給A一瞬時(shí)沖量，使A以初速度v0沿A、C連線方向向C運(yùn)動(dòng)，A與C相碰后，粘合在一起。A與C剛粘合在一起時(shí)的速度為多大？若將A、B、C看成一個(gè)系統(tǒng)，則從A開始運(yùn)動(dòng)到A與C剛好粘合的過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能。20.如圖所示，在光滑的水平面上放置一個(gè)質(zhì)量為2m的木板B，B的左端放置一個(gè)質(zhì)量為m的物塊A，已知A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，現(xiàn)有質(zhì)量為m的小球以水平速度v0飛來與A物塊碰撞后立即粘

13、住，在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中物塊A始終未滑離木板B，且物塊A可視為質(zhì)點(diǎn)，求（1）物塊A相對(duì)B靜止后的速度大??；（2）木板B至少多長21.如圖所示，在高為h=5m的平臺(tái)右邊緣上，放著一個(gè)質(zhì)量M=3kg的鐵塊，現(xiàn)有一質(zhì)量為m=1kg的鋼球以v0=10m/s的水平速度與鐵塊在極短的時(shí)間內(nèi)發(fā)生正碰被反彈，落地點(diǎn)距離平臺(tái)右邊緣的水平距離為l=2m已知鐵塊與平臺(tái)之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，求鐵塊在平臺(tái)上滑行的距離s（不計(jì)空氣阻力，鐵塊和鋼球都看成質(zhì)點(diǎn)）22.如圖所示，A和B兩小車靜止在光滑的水平面上，質(zhì)量分別為m1、m2，A車上有一質(zhì)量為m0的人，以速度v0向右跳上B車，并與B車相對(duì)靜止求：人跳離A車后，A車的速度

14、大小和方向；人跳上B車后，A、B兩車的速度大小之比23.用輕彈簧相連的質(zhì)量均為m=2kg的A、B兩物塊都以v=6m/s的速度在光滑的水平地面上運(yùn)動(dòng)，彈簧處于原長，質(zhì)量M=4kg的物塊C靜止在前方，如圖所示B與C碰撞后二者粘在一起運(yùn)動(dòng)求：在以后的運(yùn)動(dòng)中：（1）當(dāng)彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，物體A的速度多大？（2）彈性勢(shì)能的最大值是多大？24.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量m=4kg的物塊以速度v=2m/s水平滑上一靜止的平板車上，平板車質(zhì)量M=16kg，物塊與平板車之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2，其它摩擦不計(jì)（取g=10m/s2），求：（1）物塊相對(duì)平板車靜止時(shí)，物塊的速度；（2）物塊相對(duì)平板車上滑行，要使物塊在平板車

15、上不滑下，平板車至少多長？25.如圖所示，質(zhì)量為M=2kg的足夠長的小平板車靜止在光滑水平面上，車的一端靜止著質(zhì)量為MA=2kg的物體A（可視為質(zhì)點(diǎn)）一個(gè)質(zhì)量為m=20g的子彈以500m/s的水平速度迅即射穿A后，速度變?yōu)閘00m/s，最后物體A靜止在車上若物體A與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5（g取10m/s2）平板車最后的速度是多大？全過程損失的機(jī)械能為多少？A在平板車上滑行的距離為多少？26.如圖所示，輕彈簧的一段固定，另一端與一質(zhì)量為M=1.99kg的物塊相連，開始時(shí)彈簧處于原長，現(xiàn)有一質(zhì)量為m=0.01kg的子彈以v0=600m/s的水平速度射向物塊，并留在物塊中一起向左運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t

16、=0.3s后停下，此時(shí)彈簧的壓縮量x=20cm已知物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，重力加速度g取10m/s2，求：彈簧被壓縮到最短時(shí)具有的彈性勢(shì)能；在物塊向左運(yùn)動(dòng)0.3s的過程中彈簧對(duì)物塊的沖量27.如圖所示，在足夠長的光滑水平軌道上有三個(gè)小木塊A、B、C，質(zhì)量分別為mA、mB、mC，且mA=mB=1.0kg，mC=2.0kg，其中B與C用一個(gè)輕彈簧拴接在一起，開始時(shí)整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)A和B之間有少許塑膠炸藥現(xiàn)在引爆塑膠炸藥，若炸藥爆炸產(chǎn)生的能量中有E=9.0J轉(zhuǎn)化為A和B的動(dòng)能求：（1）塑膠炸藥爆炸后瞬間A與B的速度各為多大？（2）在A、B后，彈簧彈性勢(shì)能的最大值三、填空題（本題共3道

17、小題，每小題0分，共0分）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題（本題共2道小題,第1題0分,第2題0分,共0分）試卷答案1.D【命題立意】：本題考查動(dòng)量定理、動(dòng)量守恒定律動(dòng)能定理等。考查學(xué)生對(duì)知識(shí)概念的理解和應(yīng)用能力。【解題思路】：當(dāng)?shù)谝粋€(gè)彈珠運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)與第二個(gè)彈珠發(fā)生彈性正碰，根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒可知，兩球速度發(fā)生交換，即第一個(gè)彈珠碰后停止運(yùn)動(dòng)，第二個(gè)球彈珠以第一個(gè)彈珠碰前的速度繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)了2L距離停下，從效果上看，相當(dāng)于第二個(gè)彈珠不存在，第一個(gè)彈珠直接向前運(yùn)動(dòng)了3L的距離停止運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理，小孩對(duì)第一個(gè)彈珠做的功等于克服摩擦力做的功，即：W=kmg3L，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確；施加的沖量I=P

18、=P0= EQ A()R(2mEk)0= EQ A()R(2m.kmg3L)= m EQ A()R(6kgL)，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤。本題正確選項(xiàng)為D。2.BC【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【分析】對(duì)系統(tǒng)應(yīng)用動(dòng)量守恒定律求出動(dòng)量之比，然后求出船的速度之比，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出系統(tǒng)總動(dòng)量【解答】解：A、最終人在B船上，以系統(tǒng)為研究對(duì)象，在整個(gè)過程中，以A的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mvA（m+M）vB=0，解得： =，故A錯(cuò)誤；B、以人與兩船組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，人在跳躍過程中總動(dòng)量守恒，所以A、B兩船（包括人）的動(dòng)量大小之比總是1：1，故B正確；C、兩船的動(dòng)能之比： =，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：BC

19、3.BC【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【分析】判斷系統(tǒng)動(dòng)量是否守恒看系統(tǒng)所受的外力之和是否為零當(dāng)撤去外力F后，a尚未離開墻壁前，系統(tǒng)受到墻壁的作用力，系統(tǒng)所受的外力之和不為零a離開墻壁后，系統(tǒng)所受的外力之和為0【解答】解：A、當(dāng)撤去外力F后，a尚未離開墻壁前，系統(tǒng)受到墻壁的作用力，系統(tǒng)所受的外力之和不為零所以和b組成的系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒故A錯(cuò)誤、B正確C、a離開墻壁后，系統(tǒng)所受的外力之和為0，所以a、b組成的系統(tǒng)的動(dòng)量守恒故C正確、D錯(cuò)誤故選：BC4.BD【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【分析】應(yīng)用動(dòng)能定理、動(dòng)量守恒定律、動(dòng)量定理分析答題【解答】解：A、木塊固定時(shí)，子彈射穿木塊，設(shè)木塊長度為d，對(duì)子彈，由動(dòng)能定理得：

20、fd=mv02m=mv02，木塊不固定時(shí)，子彈射入木塊，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，假設(shè)前后能穿出；由動(dòng)量守恒定律得：mv0=（m0+m）v，由能量守恒定律得： mv02=（m0+m）v2+Q，Q=fd，解得：m0=8m，則子彈要穿出木塊m08m，故AC錯(cuò)誤，B正確；D、子彈以3v0速度射向木塊，并從木塊中穿出，子彈以4v0速度射向木塊時(shí)，木塊也能從木塊中穿出，木塊寬度一定，子彈是越大，子彈穿過木塊的時(shí)間t越短，子彈穿過木塊時(shí)受到的阻力f相同，對(duì)木塊，由動(dòng)量定理得：ft=m0v可知，時(shí)間t越短，木塊獲得的速度越小，則v2v1，故D正確；故選BD5.A【考點(diǎn)】動(dòng)量定理【分析】車以及沙子在水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)

21、動(dòng)量守恒列方程求解即可【解答】解：設(shè)漏掉質(zhì)量為m的沙子后，砂子從車上漏掉的瞬間由于慣性速度仍然為v0，汽車速度為v，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒可得：Mv0=mv0+（Mm）v解得：v=v0，故BCD錯(cuò)誤，A正確故選A6.D【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；胡克定律；電場強(qiáng)度【分析】兩小球受到的電場力做正功，則能量增加；分析系統(tǒng)中的外力做功情況可得出能量與動(dòng)量的變化情況【解答】解：A、加上電場后，電場力對(duì)兩球分別做正功，兩球的動(dòng)能先增加，當(dāng)電場力和彈簧彈力平衡時(shí)，動(dòng)能最大，然后彈力大于電場力，兩球的動(dòng)能減小，直到動(dòng)能均為0，彈簧最長為止，此過程系統(tǒng)機(jī)械能一直增加；接著兩球反向加速，再減速，彈簧縮短到原長，彈簧縮短

22、的過程中，電場力對(duì)兩球分別做負(fù)功，系統(tǒng)機(jī)械能一直減小，故AB錯(cuò)誤；C、兩球所帶電荷量相等而電性相反，則系統(tǒng)所受電場力合力為零，系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故C錯(cuò)誤，D正確；故選：D7.C【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【分析】在位移時(shí)間圖象中，斜率表示物體的速度，由圖象可知碰撞前后的速度，根據(jù)動(dòng)量的公式及動(dòng)量守恒定律可以求解兩球的質(zhì)量之比【解答】解：由st圖象可知，碰撞前vA=4m/s，vB=0m/s，碰撞后vA=vB=v=1m/s，碰撞過程動(dòng)量守恒，對(duì)A、B組成的系統(tǒng)，設(shè)A原方向?yàn)檎较颍瑒t由動(dòng)量守恒定律得：mAvA=（mA+mB）v，解得mA：mB=1：3；故C正確，ABD錯(cuò)誤故選：C8.BD【

23、考點(diǎn)】動(dòng)量定理【分析】通過小球重力勢(shì)能和動(dòng)能的變化量求出小球機(jī)械能的減小量，對(duì)全過程運(yùn)用動(dòng)能定理，求出小球克服阻力做功的大小，根據(jù)動(dòng)量定理求出小球阻力的沖量【解答】解：A、小球在整個(gè)過程中，動(dòng)能變化量為零，重力勢(shì)能減小mg（H+h），則小球的機(jī)械能減小了mg（H+h）故A錯(cuò)誤B、對(duì)全過程運(yùn)用動(dòng)能定理得，mg（H+h）Wf=0，則小球克服阻力做功Wf=mg（H+h）故B正確C、落到地面的速度v=，對(duì)進(jìn)入泥潭的過程運(yùn)用動(dòng)量定理得，知阻力的沖量大小不等于故C錯(cuò)誤D、落到地面的速度v=，對(duì)進(jìn)入泥潭后的速度為0，所以小球動(dòng)量的改變量大小等于m故D正確故選：BD9.A【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【分析】兩球碰撞過

24、程，系統(tǒng)不受外力，故碰撞過程系統(tǒng)總動(dòng)量守恒；碰撞過程中系統(tǒng)機(jī)械能可能有一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，根據(jù)能量守恒定律，碰撞后的系統(tǒng)總動(dòng)能應(yīng)該小于或等于碰撞前的系統(tǒng)總動(dòng)能；同時(shí)考慮實(shí)際情況，碰撞后A球速度不大于B球的速度【解答】解：以A的初速度方向?yàn)檎较?，碰撞前系統(tǒng)的總動(dòng)量：p=mAvA+mBvB=10kgm/s，系統(tǒng)總的機(jī)械能：E=mAvA2+mBvB2=22J；A、如果vA=2m/s，vB=4m/s，則p=mAvA+mBvB=10kgm/s，系統(tǒng)總的機(jī)械能：E=mAvA2+mBvB2=18J，碰撞后系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能不增加，故A正確；B、如果vA=4m/s，vB=4m/s，則p=mAvA+mBvB=

25、12kgm/s，碰撞后系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故B錯(cuò)誤；C、如果vA=4m/s，vB=7m/s，則p=mAvA+mBvB=10kgm/s，系統(tǒng)總的機(jī)械能：E=mAvA2+mBvB2=57J，碰撞后系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能增加，故C錯(cuò)誤；D、如果vA=7m/s，vB=1.5m/s，碰撞后A的速度大于B的速度，不符合實(shí)際情況，故D錯(cuò)誤；故選：A10.B【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【分析】撞過程，系統(tǒng)不受外力，故碰撞過程系統(tǒng)總動(dòng)量守恒；碰撞過程中系統(tǒng)機(jī)械能可能有一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，根據(jù)能量守恒定律，碰撞后的系統(tǒng)總動(dòng)能應(yīng)該小于或等于碰撞前的系統(tǒng)總動(dòng)能；同時(shí)考慮實(shí)際情況，碰撞后A球速度不大于B球的速度【解答】解：考慮實(shí)際情況

26、，碰撞后A球速度不大于B球的速度，因而AD錯(cuò)誤，BC滿足；兩球碰撞過程，系統(tǒng)不受外力，故碰撞過程系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，ABCD均滿足；根據(jù)能量守恒定律，碰撞后的系統(tǒng)總動(dòng)能應(yīng)該小于或等于碰撞前的系統(tǒng)總動(dòng)能，碰撞前總動(dòng)能為22J，B選項(xiàng)碰撞后總動(dòng)能為18J，C選項(xiàng)碰撞后總動(dòng)能為57J，故C錯(cuò)誤，B滿足；故選：B11.解：（1）重力是恒力，0.4 s內(nèi)重力對(duì)小球的沖量為：I=mgt=1100.4 Ns=4 Ns方向豎直向下（2）由于平拋運(yùn)動(dòng)的豎直分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，故有：h=gt2，落地時(shí)間為：t= s小球飛行過程中只受重力作用，所以合外力的沖量為：I=mgt=1101 Ns=10 Ns，方向豎直向下由

27、動(dòng)量定理得：p=I=10 Ns，方向豎直向下（3）小球落地時(shí)豎直分速度為：vy=gt=101=10 m/s由速度合成知，落地速度為：v=m/s，所以小球落地時(shí)的動(dòng)量大小為：p=mv=10kgm/s與水平方向之間的夾角：tan=所以：=45答：（1）拋出后0.4s內(nèi)重力對(duì)小球的沖量是4 Ns，方向豎直向下；（2）平拋運(yùn)動(dòng)過程中小球動(dòng)量的增量p是10 Ns，方向豎直向下；（3）小球落地時(shí)的動(dòng)量p是10 Ns，與水平方向之間的夾角是45【考點(diǎn)】動(dòng)量定理【分析】（1）重力是恒力，根據(jù)沖量的公式即可求出重力的沖量；（2）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的公式求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，然后由動(dòng)量定理即可求出小球動(dòng)量的增加；（3）根

28、據(jù)矢量的合成方法求出小球的末速度，然后根據(jù)動(dòng)量的定義即可求出12.A【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【分析】根據(jù)xt圖象的斜率等于速度求出各個(gè)物體的速度，分別求出碰撞前后的總動(dòng)量，即可判斷動(dòng)量是否守恒；根據(jù)碰撞前后機(jī)械能是否守恒判斷是否為彈性碰撞即可【解答】解：根據(jù)xt圖象可知：a球的初速度為：va=3m/s，b球的初的速度為vb=0，碰撞后a球的速度為：va=1m/s碰撞后b球的速度為：vb=2m/s兩球碰撞過程中，動(dòng)能變化量為：Ek=mava2+0mava2=132112222=0則知碰撞前后系統(tǒng)的總動(dòng)能不變，此碰撞是彈性碰撞；故選：A13.D【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；功能關(guān)系【分析】小物塊在箱壁之間來回

29、運(yùn)動(dòng)的過程中，系統(tǒng)所受的合外力為零，動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出物塊與箱子相對(duì)靜止時(shí)共同速度，再求解物塊和系統(tǒng)損失的動(dòng)能，以及系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能等于系統(tǒng)克服摩擦力做的功【解答】解：由于箱子M放在光滑的水平面上，則由箱子和小物塊組成的整體動(dòng)量始終是守恒的，直到箱子和小物塊的速度相同時(shí)，小物塊不再相對(duì)滑動(dòng)，有mv=（m+M）v1根據(jù)能量守恒得：系統(tǒng)損失的動(dòng)能為Ek=mv2（M+m），根據(jù)功能關(guān)系得知，系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能等于系統(tǒng)克服摩擦力做的功，則有Q=NmgL，故D正確，ABC錯(cuò)誤故選：D14.考點(diǎn)：3T：中西方文化交流分析：本題考查佛教文化對(duì)中國社會(huì)的影響關(guān)鍵詞是“火葬之俗盛行于江南，自

30、宋時(shí)已有之”解答：材料中宋代學(xué)者洪邁認(rèn)為火葬的民俗開始于佛教火化，并逐漸形成了社會(huì)風(fēng)氣；后世的顧炎武指出火葬的習(xí)俗在江南地區(qū)盛行，在宋代已經(jīng)出現(xiàn)上述說法反映了佛教的影響在中國社會(huì)進(jìn)一步深入，故D正確依據(jù)材料信息，隨著佛教的廣泛傳播，佛教的火化形式隨之推動(dòng)了民間火葬習(xí)俗的出現(xiàn)，故A錯(cuò)誤BC所述不符合材料的主旨，故排除故選D15.AC【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【分析】當(dāng)A球追上B球時(shí)發(fā)生碰撞的過程，遵守動(dòng)量守恒由動(dòng)量守恒定律和碰撞過程總動(dòng)能不增加，進(jìn)行判斷【解答】解：A、果PA=3kgm/s，PB=3kgm/s，遵守動(dòng)量守恒定律碰后兩球的動(dòng)量分別為 PA=PA+PA=12kgm/s3kgm/s=9kgm

31、/s、PB=PB+PB=13kgm/s+3kgm/s=16kgm/s，可知，碰撞后A的動(dòng)能減小，B的動(dòng)能增大，不違反能量守恒定律，是可能的故A正確B、如果PA=4kgm/s，PB=4kgm/s，遵守動(dòng)量守恒定律A球的動(dòng)能增加，B球的動(dòng)能減小，不符合實(shí)際的運(yùn)動(dòng)情況，不可能，故B錯(cuò)誤C、如果PA=5kgm/s，PB=5kgm/s，遵守動(dòng)量守恒定律碰后兩球的動(dòng)量分別為 PA=PA+PA=12kgm/s5kgm/s=8kgm/s、PB=PB+PB=13kgm/s+5kgm/s=18kgm/s，可知，碰撞后A的動(dòng)能減小，B的動(dòng)能增大，不違反能量守恒定律，是可能的故C正確D、如果PA=24kgm/s，PB

32、=24kgm/s，遵守動(dòng)量守恒定律碰后兩球的動(dòng)量分別為 PA=PA+PA=12kgm/s24kgm/s=12kgm/s、PB=PB+PB=13kgm/s+24kgm/s=37kgm/s，可知，碰撞后A的動(dòng)能不變，B的動(dòng)能增大，違反了能量守恒定律，是不可能的故D錯(cuò)誤故選：AC16.解：（1）小球A撞擊輕質(zhì)彈簧的過程中，當(dāng)A、B兩球速度相同時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，設(shè)共同速度為v，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：m1v0=（m1+m2）v 根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：EPm=m1v02（m1+m2）v2聯(lián)立解得：彈簧彈性勢(shì)能的最大值為： EPm=（2）設(shè)A、B與彈簧分離后的速度分別為v1和v2，根據(jù)動(dòng)

33、量守恒定律有： m1v0=m1v1+m2v2 根據(jù)機(jī)械能守恒定律有： m1v02=m1v12+m2v22聯(lián)立解得：v1=v0，v2=v0，要使A、B兩球能發(fā)生二次碰撞，必須滿足|v1|v2則有：v0v0解得：m1m2，（m1+m20不符合事實(shí)，舍去）；答：（1）小球A撞擊輕質(zhì)彈簧的過程中，彈簧的最大彈性勢(shì)能為（2）要使小球A與小球B能發(fā)生二次碰撞，m1與m2應(yīng)滿足的關(guān)系是m1m2【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；機(jī)械能守恒定律【分析】（1）小球A撞擊輕質(zhì)彈簧的過程中，當(dāng)兩球速度相等時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，由動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律可以求出彈簧的最大彈性勢(shì)能（2）兩球分開后，若A球的速度大于B球的速度時(shí)

34、，兩球可以第二次相碰，由動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律可以求出兩球發(fā)生第二次相碰的條件17.解：（1）設(shè)斜面長為s1，傾角為，滑塊A滑到斜面底端后沖上木板B前的水平部分長為s2對(duì)滑塊A由動(dòng)能定理得：由幾何關(guān)系可知 s2+s1cos=s，所以v0=4m/s（2）當(dāng)最終A恰好未能撞上C時(shí)，三個(gè)物體速度相同，設(shè)為v，由動(dòng)量守恒定律得： mv0=（m+m+M）v代人數(shù)據(jù)解得：v=0.8m/s設(shè)在此過程A相對(duì)于B滑行的距離為l，由能量守恒定律可得：整理得：l=2.56m所以滑塊C原來離木板B右端的距離l=2.56m答：（1）滑塊A剛沖上木板B時(shí)的速度v0為4m/s（2）滑塊C原來離木板B右端的距離d為2.

35、56m【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；動(dòng)能定理的應(yīng)用【分析】（1）小滑塊滑到底部前，重力和摩擦力做功做功，根據(jù)動(dòng)能定理列式求解；（2）當(dāng)最終A恰好未能撞上C時(shí)，三個(gè)物體速度相同，對(duì)于三個(gè)物體組成的系統(tǒng)遵守動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解共同速度；系統(tǒng)機(jī)械能的減小量等于內(nèi)能的增加量；聯(lián)立方程即可求得滑塊C原來離木板B右端的距離d18.解：（1）A碰C前與平板車速度達(dá)到相等，設(shè)共同速度為v，取向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得： mv0=（m+2m）vA碰C前與平板車速度達(dá)到相等，設(shè)整個(gè)過程A的位移是x，由動(dòng)能定理得：mgx=mv2mv02聯(lián)立上式，解得：x=滿足的條件是：d（2）A碰C后，C以速度v開始做完整的

36、圓周運(yùn)動(dòng)，由機(jī)械能守恒定律得：mv2=mg2l+mv2小球經(jīng)過最高點(diǎn)時(shí)，有：mgm解得：l答：（1）A、C間的距離d與v0之間滿足的關(guān)系式是d；（2）要使碰后小球C能繞O點(diǎn)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，輕繩的長度l應(yīng)滿足的條件是l【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；機(jī)械能守恒定律【分析】（1）A碰C前與平板車速度達(dá)到相等，由AC系統(tǒng)動(dòng)量守恒，求得共同速度由動(dòng)能定理求A的位移，從而求得d與v0之間滿足的關(guān)系式；（2）A碰C后交換速度，C開始做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，由機(jī)械能守恒定律得到C到達(dá)最高點(diǎn)的速度在最高點(diǎn)，根據(jù)向心力大于等于C的重力列式，聯(lián)立求解即可19.【知識(shí)點(diǎn)】功能關(guān)系、機(jī)械能守恒定律及其應(yīng)用動(dòng)量、動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用

37、裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)、裂變反應(yīng)堆原子核的組成、放射性、原子核的衰變、半衰期氫原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)、能級(jí)公式【試題解析】輕細(xì)線繃緊的過程，A、B這一系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則解得之后A、B均以速度v1向右勻速運(yùn)動(dòng)，在A與C發(fā)生碰撞過程中，A、C這一系統(tǒng)動(dòng)量守恒，解得輕細(xì)線繃緊的過程，A、B這一系統(tǒng)機(jī)械能損失為，則在A與C發(fā)生碰撞過程中，A、C這一系統(tǒng)機(jī)械能損失為，則則A、B、C這一系統(tǒng)機(jī)械能損失為20.解：設(shè)小球和物體A碰撞后二者的速度為v1，三者相對(duì)靜止后速度為v2，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒得，mv0=2mv1，2mv1=4mv2 聯(lián)立得，v2=0.25v0當(dāng)A在木板B上滑動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為摩擦熱，設(shè)

38、木板B的長度為L，假設(shè)A剛好滑到B的右端時(shí)共速，則由能量守恒得， 聯(lián)立得，L=答：（1）物塊A相對(duì)B靜止后的速度大小為0.25v0；（2）木板B至少為【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【分析】小球與A碰撞過程中動(dòng)量守恒，三者組成的系統(tǒng)動(dòng)量也守恒，結(jié)合動(dòng)量守恒定律求出物塊A相對(duì)B靜止后的速度大小對(duì)子彈和A共速后到三種共速的過程，運(yùn)用能量守恒定律求出木板的至少長度21.解：設(shè)碰撞后鋼球反彈的速度大小為v1，鐵塊的速度大小為v，由于碰撞時(shí)間極短，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，則有 mv0=Mvmv1，碰后鋼球做平拋運(yùn)動(dòng)，則有 l=v1t h=由解得t=1s，v1=2m/s，v=4m/s，d碰后鐵塊向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大

39、小為 a=g=5m/s2最終速度為0，則其運(yùn)行時(shí)間為 t1=0.8s 所以鐵塊在平臺(tái)右滑行的距離為 s=1.6m 答：鐵塊在平臺(tái)上滑行的距離s是1.6m【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；牛頓第二定律【分析】鋼球與鐵塊發(fā)生碰撞，時(shí)間極短，動(dòng)量守恒，碰撞后鋼球做平拋運(yùn)動(dòng)，已知下落的高度和水平距離，可由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出碰后鋼球的速度，即可由動(dòng)量守恒定律求出碰后鐵塊的速度，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合求解鐵塊在平臺(tái)上滑行的距離s22.解：設(shè)人跳離A車后，A車的速度為vA，研究A車和人組成的系統(tǒng)，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有 m1vA+m0v0=0，解得：vA=，負(fù)號(hào)表示A車的速度方向向左；研究人和B車，以

40、向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有 m0v0=（m0+m2）vB，解得：；答：人跳離A車后，A車的速度大小為，方向：水平向左；人跳上B車后，A、B兩車的速度大小之比為【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律【分析】人與A組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出A的速度；人與B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出B的速度，然后求出兩車的速度之比23.解：（1）當(dāng)A、B、C三者的速度相等時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大由A、B、C三者組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒得：（mA+mB）v=（mA+mB+mC）VA代入數(shù)據(jù)解得：VA=3m/s（2）B、C碰撞時(shí)，B、C系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)碰后瞬間兩者的速度為v1，則：mBv=（mB+mC）v1代

41、入數(shù)據(jù)解得：v1=2m/s設(shè)彈簧的彈性勢(shì)能最大為EP，根據(jù)機(jī)械能守恒得：EP=（mB+mc）v12+mAv2（mA+mB+mc）vA2代入解得為：EP=12J答：（1）當(dāng)彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，物體A的速度3m/s；（2）彈性勢(shì)能的最大值是12J【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；彈性勢(shì)能【分析】（1）B與C發(fā)生碰撞后，B的速度減小，BC一起向右運(yùn)動(dòng)A物體沒有參加碰撞，速度不變，繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，這樣彈簧被壓縮，當(dāng)三者速度相同時(shí)，彈簧壓縮量最大，彈性勢(shì)能最大，根據(jù)動(dòng)量守恒求出物體A的速度（2）根據(jù)動(dòng)量守恒求出BC碰撞后的共同速度由機(jī)械能守恒求解彈性勢(shì)能的最大值24.解：（1）物塊和平板車的相互作用過程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以物塊初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得：mv=（M+m）v共，代入數(shù)據(jù)解得：v共=0.4m/s；（2）為了使物塊不滑離平板車，設(shè)車長為L，由能量守恒定律得：，由式得：L0.8m；答：（1）物塊相對(duì)平板車靜止時(shí)，物塊的速度為0.4m/s；（2）物塊相對(duì)平板車上滑行，要使物塊在平板車上不滑下，平板車長度至少為0.8m【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；機(jī)械能守恒定律【分析】（1）物塊與平板車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出物塊的速度（2）由能量守恒定律可以求出平板車的長度25.解：設(shè)平板車最后的速度是v，子彈射穿A后的速度