廣東省茂名市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題（含答案）

廣東省茂名市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三總分評(píng)分一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1．科學(xué)家科拉頓在探索如何產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，為了排除磁鐵對(duì)“電流表”的影響，他將連接好的“電流表”和線圈分別放在兩個(gè)房間（如圖），他把磁鐵插入線圈后，跑到放“電流表”的房間，沒有觀察到電流產(chǎn)生．對(duì)這一現(xiàn)象的正確解釋是（）．A．磁場(chǎng)不能產(chǎn)生電流B．磁鐵對(duì)“電流表”仍有影響C．他觀察時(shí)磁鐵已停在線圈中D．磁鐵插入線圈的過程中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流2．部分汽車有“主動(dòng)降噪”這項(xiàng)配置，原理是在車上特定區(qū)域安裝麥克風(fēng)采集噪聲信號(hào)樣本，樣本通過系統(tǒng)處理后產(chǎn)生相位差為π的抑噪信號(hào)再由車廂內(nèi)的揚(yáng)聲器放出，可以有效降低車內(nèi)噪音．關(guān)于該降噪系統(tǒng)，下列說法正確的是（）．A．該降噪系統(tǒng)降噪原理是聲波的多普勒效應(yīng)B．抑噪信號(hào)與噪音信號(hào)頻率可能不同C．抑噪信號(hào)與噪音信號(hào)振幅相同，降噪效果最好D．車內(nèi)與兩信號(hào)源距離差為0的位置，降噪效果最差3．如圖所示，表面光滑的固定圓弧軌道，最低點(diǎn)為P，弧長遠(yuǎn)小于R，現(xiàn)將可視為質(zhì)點(diǎn)的兩個(gè)小球從A、B點(diǎn)同時(shí)由靜止釋放，弧長AP大于BP，則（）．A．兩球在P點(diǎn)相遇 B．兩球在P點(diǎn)右側(cè)相遇C．兩球在P點(diǎn)左側(cè)相遇 D．以上情況均有可能4．莊子與惠子游于濠梁之上．莊子曰：“鯈魚出游從容，是魚之樂也．”人在橋上觀魚（）．A．人能看到魚，魚不能看到人B．人看到的魚是經(jīng)反射所成的像C．魚看到的人的位置比人的實(shí)際位置低D．人看到的魚的位置比魚的實(shí)際位置高5．海上作業(yè)和軍事領(lǐng)域中，在雷達(dá)無法使用的時(shí)候，經(jīng)常通過解析海上浮標(biāo)的位置信號(hào)來粗略地定位船舶和潛艇．設(shè)某海域內(nèi)常態(tài)下海浪表面波長為100m，沿海浪傳播方向有a、b、c三個(gè)間距150m的浮標(biāo)，常態(tài)下浮標(biāo)上下浮動(dòng)周期為5s，而當(dāng)某小型潛艇經(jīng)過時(shí)，系統(tǒng)檢測(cè)到a浮標(biāo)發(fā)生異常浮動(dòng)，3s后和6s后又相繼檢測(cè)到b、c浮標(biāo)發(fā)生了異常浮動(dòng)，則下列說法正確的是（）．A．浮標(biāo)隨海水波浪方向向前移動(dòng)B．浮標(biāo)區(qū)域常態(tài)下海水波浪速度為20C．根據(jù)數(shù)據(jù)可推測(cè)小型潛艇行駛速度約為20D．常態(tài)下浮標(biāo)a到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，浮標(biāo)b處在海平面位置6．潮汐能是海水周期性漲落運(yùn)動(dòng)中所具有的能量，是一種可再生能源．現(xiàn)建立一個(gè)簡化模型，某發(fā)電站大壩內(nèi)儲(chǔ)水水庫的有效面積為S=4×106m潮汐能發(fā)電A．4.0×1010J B．1.7．如圖所示，若船用纜繩固定，人恰好可以從船頭跳上岸；撤去纜繩，人仍然恰好可以從船頭跳上岸．已知兩次從離開船到跳上岸所用時(shí)間相等，人的質(zhì)量為60kg，船的質(zhì)量為120kg，不計(jì)水和空氣阻力，忽略人豎直方向的運(yùn)動(dòng)，則兩次人消耗的能量之比為（）．A．1：1 B．1：2 C．二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．8．我國古代有一種利用共振原理的古琴調(diào)弦技術(shù)，將一小紙人放在需要調(diào)整音準(zhǔn)的弦上，然后撥動(dòng)另一個(gè)音調(diào)準(zhǔn)確的古琴上對(duì)應(yīng)的琴弦，小紙人跳動(dòng)越明顯代表音調(diào)越準(zhǔn)確，調(diào)準(zhǔn)音調(diào)后，下列說法正確的是（）．需調(diào)音準(zhǔn)的古琴音調(diào)準(zhǔn)確的古琴A．撥動(dòng)其他音調(diào)的琴弦，小紙人跳動(dòng)不明顯B．敲擊對(duì)應(yīng)音調(diào)的音叉，也可以讓小紙人跳動(dòng)明顯C．撥動(dòng)對(duì)應(yīng)音調(diào)的琴弦力量越大，小紙人跳動(dòng)幅度越大D．調(diào)弦過程中琴弦的機(jī)械能將全部轉(zhuǎn)化為紙人的機(jī)械能9．中醫(yī)懸絲診脈懸的是“絲”，“診”的是脈搏通過懸絲傳過來的振動(dòng)，即通過機(jī)械波判斷出病灶的位置與輕重緩急．如圖，假設(shè)“絲”上有相鄰兩點(diǎn)間距相等的點(diǎn)1、2、3、4、…，在搭上絲線后圖中質(zhì)點(diǎn)1在t=0時(shí)開始向上振動(dòng)，產(chǎn)生的機(jī)械波沿絲線傳播，t=0.A．該波所有質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率均為1HzB．t=0.C．t=0.D．t=2.10．如圖所示，某學(xué)生練習(xí)用頭顛球．一次足球從靜止開始下落20cm后被頭部豎直頂起，球離開頭部后上升的最大高度為45cm．已知足球與頭部的作用時(shí)間為0.1s，足球的質(zhì)量為0.A．足球與頭部作用過程中，足球的動(dòng)量變化量大小為0B．頭部對(duì)足球的平均作用力為24NC．足球剛接觸頭到剛離開頭時(shí)，合外力對(duì)足球做功為1JD．從靜止下落到上升到最大高度過程中足球重力的沖量大小等于人對(duì)足球的沖量大小三、非選擇題：本題共5小題，共54分．11．長方體形狀的玻璃磚有一個(gè)表面鍍銀（光線不能透過），現(xiàn)利用“插針法”測(cè)定此玻璃磚的折射率．如題圖甲所示，實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將玻璃磚平放到水平面內(nèi)的白紙上，鍍銀面與紙面垂直．貼著玻璃磚前后兩個(gè)面在紙上畫出直線m1m2和k1k2，其中（1）準(zhǔn)備插第三枚大頭針時(shí)，應(yīng)在側(cè)觀察（選填“m1m2（2）插第三枚大頭針時(shí)，這枚大頭針應(yīng)____．A．只擋住P1B．只擋住P2C．同時(shí)擋住P1和P（3）插完所需大頭針，補(bǔ)全光路．題圖乙為光路的一部分，A1，B1均為光路上的點(diǎn)，過A1，B1作直線k1k2A．A2OB2O B．B212．某小組用如圖所示的裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．（1）關(guān)于橡皮泥在本實(shí)驗(yàn)中的作用，下列說法正確的是____．A．改變小車的質(zhì)量B．在兩車碰撞時(shí)起到緩沖作用，防止撞壞小車C．若在兩個(gè)小車的碰撞端分別貼上尼龍搭扣（魔術(shù)貼），可起到相同的作用（2）關(guān)于實(shí)驗(yàn)的操作，下列說法正確的是____．A．實(shí)驗(yàn)前應(yīng)微調(diào)木板的傾斜程度，使小車P能靜止在木板上B．接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源后，應(yīng)將小車P由靜止釋放C．與小車P碰撞前，小車Q應(yīng)靜止在木板上的適當(dāng)位置D．加砝碼以改變小車質(zhì)量再次實(shí)驗(yàn)，必須再次調(diào)整木板傾角（3）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02s打一次點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)得到的一條紙帶如圖所示，已將各計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離標(biāo)在圖上．則小車P碰撞前的速度為（4）測(cè)得小車P的總質(zhì)量為m，小車Q的總質(zhì)量為m2，圖中AB、BC、CD、DE四段長度分別為x1、x2、x3、（5）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)系統(tǒng)碰后動(dòng)量的測(cè)量值總是大于碰前動(dòng)量的測(cè)量值，可能的原因是．（寫出一條即可）13．一根水平長繩一端p固定，某同學(xué)抓住長繩的另一端S點(diǎn)在豎直方向上下振動(dòng)．繩子上有A、B兩點(diǎn)，水平時(shí)距離S分別為4m和10m．波沿繩子傳播的速度v=4m（1）A、B兩點(diǎn)起振的時(shí)間差Δt；（2）S點(diǎn)在豎直方向振動(dòng)的頻率f．14．如圖，半徑為R的半圓形玻璃磚直立在豎直面內(nèi)，O為圓小．平面MN與地面垂直，P是圓弧面上的一點(diǎn)，MP弧所對(duì)的圓心角為60°，一束單色光豎直向下從P點(diǎn)射入玻璃磚，折射光線剛好射到N點(diǎn)，求：（1）玻璃磚對(duì)光的折射率n；（2）若光線沿PO射入玻璃磚，從MN邊射出后照射在地面上的位置Q，Q離N點(diǎn)的距離為多少？15．如圖所示，通過長l=1.25m的輕繩吊一質(zhì)量m0=1.0kg的小球．現(xiàn)將小球拉至與O點(diǎn)處于同一水平面，由靜止釋放，小球擺至最低點(diǎn)時(shí)與O點(diǎn)正下方m=3.（1）碰前瞬間小球的速度大小和輕繩的拉力大?。唬?）運(yùn)動(dòng)過程中滑塊與木板組成系統(tǒng)損失的機(jī)械能；（3）為了使m不從M上滑下，長木板至少為多長（結(jié)果保留兩位小數(shù)）．

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】科拉頓將磁鐵進(jìn)行插進(jìn)線圈的過程中，線圈中的磁通量發(fā)生了變化，電流表的回路中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，但是當(dāng)他跑到另一個(gè)房間時(shí)，由于磁鐵已經(jīng)停止在線圈中，線圈的磁通量不再發(fā)生變化，所以不再產(chǎn)生感應(yīng)電流，故他無法觀察到感應(yīng)電流，C符合題意，ABD不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件分析。2．【答案】C【解析】【解答】ABC.由題意可知，“主動(dòng)降噪”的原理是通過抑噪信號(hào)與噪聲信號(hào)發(fā)生干涉現(xiàn)象，起到降噪作用，根據(jù)干涉現(xiàn)象的產(chǎn)生條件可知，抑噪信號(hào)與噪音信號(hào)頻率一定相同，且當(dāng)抑噪信號(hào)與噪音信號(hào)振幅相同時(shí)，合振幅為零，降噪效果最好，AB不符合題意，C符合題意；

D.由于抑噪信號(hào)與噪音信號(hào)的相位差為π，所以到兩信號(hào)源距離差為波長的整數(shù)倍的位置為干涉減弱區(qū)，降噪效果最好，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)干涉現(xiàn)象的產(chǎn)生原理分析降噪現(xiàn)象。3．【答案】A【解析】【解答】由于弧長遠(yuǎn)小于軌道半徑R，所以兩球的運(yùn)動(dòng)都可以看作是擺長等于軌道半徑R的單擺，兩球到達(dá)最低點(diǎn)P的時(shí)間均為各自周期的四分之一，而單擺的周期為T=2π與振幅無關(guān)，所以兩球擺動(dòng)的周期相同，故同時(shí)到達(dá)P點(diǎn)，BCD不符合題意，A符合題意。

故答案為：A。

【分析】將兩小球沿圓弧的運(yùn)動(dòng)看成單擺，根據(jù)單擺的周期與振幅無關(guān)的特點(diǎn)，分析兩球相遇的位置。4．【答案】D【解析】【解答】A.人看魚，魚作為等效光源，光是從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，可能發(fā)生全反射，因此，人可能看不到魚；而魚看人，人作為等效光源，光是從光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，不能夠發(fā)生全反射，因此魚一定能看到人，A不符合題意；

B.人看到的魚是經(jīng)光的折射所成的像，B不符合題意；

CD.魚看人，人作為等效光源，入射角大于折射角，魚沿折射光線的反向延長線看人，魚看到的人的位置比人的實(shí)際位置高，同理，人看魚，魚作為等效光源，入射角小于折射角，人沿折射光線的反向延長線看魚，人看到的魚的位置比人的實(shí)際位置高，C不符合題意，D符合題意。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)全反射的產(chǎn)生條件，分析魚一定能看到人，但人不一定能看到魚的現(xiàn)象；人看到的魚是折射成像；根據(jù)折射定律分析人看魚和魚看人時(shí)的像的位置與實(shí)際位置的關(guān)系。5．【答案】B【解析】【解答】A.浮標(biāo)是“海面”上的標(biāo)識(shí)物，它不隨海水波浪方向向前移動(dòng)，只是在各自位置上下浮動(dòng)，A不符合題意；

B.由題意可知，浮標(biāo)上下浮動(dòng)周期為5s，即海水波浪的周期T=5s，海浪表面波長λ=100mv=B符合題意；

C.由題意可知，某小型潛艇經(jīng)過相鄰的兩個(gè)浮標(biāo)用時(shí)?t=3s，三個(gè)浮標(biāo)的間距?x=150mv'=C不符合題意；

D.浮標(biāo)a、b間距為150正好是海浪表面波長的32倍，根據(jù)相距半波長奇數(shù)倍的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況總相反，可知常態(tài)下浮標(biāo)a到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，b浮標(biāo)處在最低點(diǎn)，D不符合題意。

故答案為：B。

【分析】浮標(biāo)隨著海浪上下移動(dòng)，不會(huì)隨海浪方向移動(dòng)；由波速公式v=6．【答案】C【解析】【解答】根據(jù)題意可得日發(fā)電量約為E電=Ep×25%=2mgh×25%=2ρSh·gh×25%=2×1.0×7．【答案】D【解析】【解答】假設(shè)纜繩固定時(shí)人跳出的速度為v1E撤去纜繩后，因?yàn)槿巳匀磺『每梢詮拇^跳上岸，且兩次從離開船到跳上岸所用時(shí)間相等，所以人跳出的速度仍為v1m根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律可得，人消耗的能量E代入數(shù)據(jù)可得ED符合題意，ABC不符合題意。

故答案為：D。

【分析】因?yàn)槿藘纱味际乔『锰习叮矣脮r(shí)相同，得出兩次人從船上跳出的速度（相對(duì)地）相同，然后根據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量轉(zhuǎn)化與守恒定律列式，求解兩次人消耗的能量之比。8．【答案】A,B,C【解析】【解答】A.根據(jù)共振原理可知，小紙人跳動(dòng)越明顯，表明小紙人所在弦的固有頻率與古琴上對(duì)應(yīng)的琴弦的頻率越相近，而撥動(dòng)其他音調(diào)的琴弦，由于頻率與小紙人所在弦的固有頻率不相等，沒有發(fā)生共振，所以小紙人跳動(dòng)不明顯，A符合題意；

B.同理，敲擊對(duì)應(yīng)音調(diào)的音叉，其振動(dòng)頻率等于小紙人所在弦的固有頻率，小紙人所在弦的發(fā)生共振，紙人跳動(dòng)明顯，B符合題意；

C.撥動(dòng)對(duì)應(yīng)音調(diào)的琴弦力量越大，對(duì)應(yīng)的能量越大，小紙人跳動(dòng)幅度越大，C符合題意；

D.調(diào)弦過程中琴弦的振動(dòng)導(dǎo)致其它弦也發(fā)生受迫振動(dòng)，因此調(diào)弦過程中琴弦的機(jī)械能只有部分轉(zhuǎn)化為紙人的機(jī)械能，D不符合題意。

故答案為：ABC。

【分析】根據(jù)共振原理分析調(diào)音過程；撥動(dòng)對(duì)應(yīng)音調(diào)的琴弦力量越大能量越大，小紙人跳動(dòng)幅度越大；調(diào)弦過程中其它琴弦也會(huì)發(fā)生受迫振動(dòng)，也會(huì)有能量。9．【答案】A,D【解析】【解答】A.由題意可知，質(zhì)點(diǎn)1開始振動(dòng)時(shí)方向向上，t=0.75s時(shí)質(zhì)點(diǎn)1第一次到達(dá)最低點(diǎn)，可得0.75得質(zhì)點(diǎn)1的周期T=1s頻率為f=介質(zhì)中所有質(zhì)點(diǎn)做的都是受迫振動(dòng)，振動(dòng)的周期和頻率都相同，所以該波所有質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率均為1Hz，A符合題意；

B.由題意可知，質(zhì)點(diǎn)1開始時(shí)振動(dòng)方向向上，t=0.75s時(shí)質(zhì)點(diǎn)4剛好開始振動(dòng)，而所有質(zhì)點(diǎn)起振時(shí)均與波源的起振方向相同，t=0.75s時(shí)質(zhì)點(diǎn)4振動(dòng)的方向也向上，B不符合題意；

C.根據(jù)一個(gè)周期波向前傳播一個(gè)波長的距離可知，波從質(zhì)點(diǎn)1傳播到質(zhì)點(diǎn)4所用時(shí)間為34T，所以1、4的距離為34λ，則1、3的距離為2.5即此時(shí)質(zhì)點(diǎn)2恰好位于波峰位置，D符合題意。

故答案為：AD。

【分析】根據(jù)題意求出質(zhì)點(diǎn)1的振動(dòng)頻率，介質(zhì)中所有質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率都相同；根據(jù)所有質(zhì)點(diǎn)起振時(shí)均與波源的起振方向相同，由質(zhì)點(diǎn)1的起振方向得出質(zhì)點(diǎn)4的起振方向；分析1、3的距離與波長的關(guān)系，再根據(jù)相距半波長奇數(shù)倍的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況總相反，相距波長整數(shù)倍的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況總相同，得出t=0.75s時(shí)質(zhì)點(diǎn)1和質(zhì)點(diǎn)3的加速度情況；求出t=2.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)2振動(dòng)的時(shí)間與周期的關(guān)系，得出質(zhì)點(diǎn)2所在位置。10．【答案】B,C,D【解析】【解答】A.由自由落體運(yùn)動(dòng)位移-速度公式可得，足球下落到與頭部剛接觸時(shí)的速度大小為v由豎直上拋運(yùn)動(dòng)位移-速度公式可得，足球反彈剛離開頭部的速度大小為v以向上為正方向，足球與頭部作用過程中，足球的動(dòng)量變化量為?p=mA不符合題意；

B.足球與頭部作用過程，以向上為正方向，據(jù)動(dòng)量定理可得(F-mg)?t=m解得F=24NB符合題意；

C.足球剛接觸頭到剛離開頭時(shí)，據(jù)動(dòng)能定理可得，合外力對(duì)足球做功為W=C符合題意；

D.足球從靜止下落到上升到最大高度過程中，初、末速度均為零，所以足球的動(dòng)量變化為零，而足球在此過程中受重力和足球接觸頭的過程中頭對(duì)球的作用，由動(dòng)量定理可知，合力的沖量為零，故足球重力的沖量大小等于人對(duì)足球的沖量大小，D符合題意。

故答案為：BCD。

【分析】由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，求出足球與頭部接觸前后的速度，求出動(dòng)量的變化量大??；根據(jù)動(dòng)量定理計(jì)算頭部對(duì)足球的平均作用力；應(yīng)用動(dòng)能定理分析足球與頭接觸的過程，求出合外力對(duì)足球做的功；由動(dòng)量定理分析足球從靜止下落到上升到最大高度過程，得出足球重力的沖量大小與人對(duì)足球的沖量大小的關(guān)系。11．【答案】（1）k（2）C（3）A【解析】【解答】（1）因?yàn)閙1m2表面鍍銀，所以光射入該面時(shí)發(fā)生反射，然后折射出k1k2面，故應(yīng)該在k1k2側(cè)觀察，插第三枚大頭針P3同時(shí)擋住P1和Pn=A符合題意，BCD不符合題意。

故答案為：A。

【分析】（1）根據(jù)光路分析插第三枚大頭針時(shí)觀察光路的位置；（2）根據(jù)光路分析插第三枚大頭針的位置；（3）根據(jù)折射率公式結(jié)合幾何關(guān)系，求出玻璃磚的折射率。12．【答案】（1）C（2）C（3）1.63（4）m（5）木板傾角過大（碰前小車Q具有沿軌道向下的速度）【解析】【解答】（1）橡皮泥在本實(shí)驗(yàn)中的作用是使碰撞后兩車粘連在一起，C符合題意，AB不符合題意。

故答案為：C。

（2）A.實(shí)驗(yàn)前應(yīng)微調(diào)木板的傾斜程度，達(dá)到平衡摩擦力的目的，小車P能在木板上勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，說明小車的摩擦力剛好被平衡掉，A不符合題意；

B.因?yàn)橐哑胶饽Σ亮?，所以小車釋放后?yīng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源后，釋放小車時(shí)需有一定的初速度，B不符合題意；

C.與小車P碰撞前，小車Q應(yīng)靜止在木板上，保證碰撞前速度為0，且位置要適當(dāng)，保證可以測(cè)量出小車P的碰前速度和碰后速度，C符合題意；

D.加砝碼以改變小車質(zhì)量再次實(shí)驗(yàn)，不需要再次調(diào)整木板傾角，D不符合題意。

故答案為：C。（3）碰撞前小車P做勻速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)選擇點(diǎn)間距相等的BC段求小車P的碰前速度，可得v=（4）碰撞后小車P和Q粘在一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)，觀察紙帶上記錄的點(diǎn)間距，可知x4m1v=(m1解得m（5）根據(jù)（4）的推導(dǎo)過程可知，若系統(tǒng)碰后動(dòng)量的測(cè)量值總是大于碰前動(dòng)量的測(cè)量值，可能是木板傾角過大，導(dǎo)致碰后測(cè)得的速度v'大于小車P和Q碰后粘在一起的速度，也可能是碰撞前Q不是處于靜止?fàn)顟B(tài)，即碰前小車Q具有沿軌道向下的速度，使測(cè)量的碰前總動(dòng)量小于真實(shí)值。

【分析】（1）橡皮泥在本實(shí)驗(yàn)中的作用是使碰撞后兩車粘連在一起；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)分析；（3）碰撞前小車P做勻速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)選擇點(diǎn)間距相等的BC段求小車P的碰前速度；（4）根據(jù)動(dòng)量守恒定律推導(dǎo)本實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式；