江蘇無(wú)錫市湖濱中學(xué)2024-2025學(xué)年高一（上）數(shù)學(xué)第13周階段性訓(xùn)練模擬練習(xí)【含答案】

江蘇無(wú)錫市湖濱中學(xué)2024-2025學(xué)年高一（上）數(shù)學(xué)第13周階段性訓(xùn)練模擬練習(xí)一．選擇題（共7小題）1．已知函數(shù)，正實(shí)數(shù)a，b滿足f（2a﹣2）+f（b）＝0，則的最小值為（）A．2 B．4 C．6 D．82．已知函數(shù)，若關(guān)于x的方程f2（x）﹣（a+8）f（x）﹣a＝0有6個(gè)不同的實(shí)數(shù)根，則實(shí)數(shù)a的取值范圍為（）A． B． C．（﹣4，0） D．3．若關(guān)于x的方程有四個(gè)不同的實(shí)數(shù)解，則k的取值范圍為（）A．（0，1） B． C． D．（1，+∞）4．已知函數(shù)，則f（x）的單調(diào)遞減區(qū)間為（）A．[2，3） B．（﹣∞，2] C．（1，2] D．[2，+∞）5．已知函數(shù)y＝ax﹣1+3（a＞0，且a≠1）的圖象恒過(guò)點(diǎn)P（m，n），正實(shí)數(shù)p，q滿足mp+nq＝1，則的最小值是（）A．9 B．12 C．3 D．66．已知偶函數(shù)f（x）在（﹣∞，0]上是增函數(shù)，，則a，b，c的大小關(guān)系為（）A．c＜a＜b B．c＜b＜a C．b＜a＜c D．b＜c＜a7．設(shè)函數(shù)f（x）＝1﹣ex，g（x）＝ln（ax2﹣4x+3），其中e是自然對(duì)數(shù)的底數(shù)，若對(duì)任意x1∈[0，+∞），都存在x2∈R，使得f（x1）＝g（x2），則實(shí)數(shù)a的最大值為（）A．0 B．1 C． D．二．多選題（共5小題）（多選）8．已知函數(shù)y＝f（x），對(duì)于任意x，y∈R，＝f（x﹣y），則（）A．f（0）＝1 B．f（x2）＝2f（x） C．f（x）＞0 D．≥f（）（多選）9．已知f（x）是定義在R上的奇函數(shù)，當(dāng)x＞0時(shí)，，若關(guān)于x的方程[f（x）]2﹣（a+1）f（x）+a＝0（a∈R）恰有4個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根，則這4個(gè)實(shí)數(shù)根之和為（）A．4 B．﹣4 C．﹣8 D．8（多選）10．已知函數(shù)則下列說(shuō)法正確的是（）A．不等式f（x）＞x+1的解集為 B．當(dāng)時(shí)，f（x）的取值范圍為 C．若關(guān)于x的方程f（x）＝t有三個(gè)不同實(shí)數(shù)根x1，x2，x3，則1＜x1+x2+x3＜log23 D．令g（x）＝f2（x）﹣f（x）+c，不存在常數(shù)c，使得g（x）恰有5個(gè)零點(diǎn)（多選）11．已知a，b，c是實(shí)數(shù)，則下列不等關(guān)系的表述，一定正確的有（）A． B．若ab≠0，則 C．若a＜b，則 D．若a＜b，c＜0．則（多選）12．已知函數(shù)f（x）＝，若方程f（x）＝k（k∈R）有四個(gè)不同的實(shí)數(shù)解，它們從小到大依次記為x1，x2，x3，x4，則（）A．0＜k＜1 B．x1+x2＝﹣1 C． D．三．填空題（共3小題）13．已知定義在R上的函數(shù)f（x）滿足f（x+4）＝f（x），且當(dāng)x∈[0，4）時(shí)，f（x）＝2x+m，若f（2023）＝3f（1），則m＝．14．已知f（x）＝ax﹣1，g（x）＝x2+bx﹣5（a＞0，b∈R）．當(dāng)a＝2時(shí)，f（x）＝g（x）的兩根為x1，x2，則|x1﹣x2|的最小值為；當(dāng)x＞0時(shí)，f（x）?g（x）≥0恒成立，則的最小值為．15．已知定義在（0，+∞）上的函數(shù)f（x）滿足f（xy）＝f（x）+f（y），當(dāng)x＞1時(shí)，f（x）＜0，且f（2）＝﹣2，則不等式f（x﹣2）+f（x+4）+8＞0的解集為．四．解答題（共4小題）16．已知f（x）＝loga（a＞0，且a≠1）．（1）求函數(shù)f（x）的定義域；（2）當(dāng)x∈（﹣t，t]（其中t∈（﹣1，1），且t為常數(shù)）時(shí)，f（x）是否存在最小值，如果存在，求出最小值；如果不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由；（3）當(dāng)a＞1時(shí)，求滿足f（x﹣2）+f（4﹣3x）≥0的實(shí)數(shù)x的取值范圍．17．已知函數(shù)是定義在R上的奇函數(shù)．（1）求實(shí)數(shù)a，b的值；（2）判斷并證明函數(shù)f（x）的單調(diào)性；（3）對(duì)任意t∈[1，e]，關(guān)于t的不等式f[（lnt）2﹣ln（et2）]+f（k）＜0恒成立，求實(shí)數(shù)k的取值范圍．18．已知函數(shù)y＝f（x），若對(duì)于其定義域D中任意給定的實(shí)數(shù)x，都有，就稱函數(shù)y＝f（x）滿足性質(zhì)P．（1）已知f（x）＝2x+1，判斷y＝f（x）是否滿足性質(zhì)P，并說(shuō)明理由；（2）若y＝f（x）滿足性質(zhì)P，且定義域?yàn)椋?，+∞）．①已知x∈（0，1）時(shí)，，求函數(shù)f（x）的解析式并指出方程f（x）＝255是否有正整數(shù)解？請(qǐng)說(shuō)明理由；②若f（x）在（0，1）上單調(diào)遞增，證明：f（x）在（1，+∞）上單調(diào)遞增．19．已知函數(shù)f（x）＝2x﹣4x，x∈[﹣2，1]．（1）求f（x）的值域；（2）若對(duì)?x∈[﹣2，1]，不等式f（x）＞2﹣m?2x恒成立，求實(shí)數(shù)m的取值范圍．參考答案與試題解析一．選擇題（共7小題）1．【解答】解：∵，定義域?yàn)镽，∴f（﹣x）+f（x）＝lg（）+lg（﹣x）＝0，故函數(shù)f（x）關(guān)于（0，0）對(duì)稱，又f（x）在R上嚴(yán)格遞增，f（2a﹣2）+f（b）＝0，∴2a+b﹣2＝0，即2a+b＝2，∴＝＝＝+2≥4，當(dāng)且僅當(dāng)且2a+b＝2，即a＝，b＝1時(shí)等號(hào)成立，故選：B．2．【解答】解：令t＝f（x），作出函數(shù)t＝f（x）的圖象如下圖所示：因?yàn)殛P(guān)于x的方程f2（x）﹣（a+8）f（x）﹣a＝0有6個(gè)不同的實(shí)數(shù)根，則關(guān)于t的方程t2﹣（a+8）t﹣a＝0在（1，3]內(nèi)有兩個(gè)不等的實(shí)根，設(shè)g（t）＝t2﹣（a+8）t﹣a，則函數(shù)g（t）＝t2﹣（a+8）t﹣a在（1，3]內(nèi)有兩個(gè)不等的零點(diǎn)，所以，，解得．故選：A．3．【解答】解：要使方程有四個(gè)不同的實(shí)數(shù)解，當(dāng)x＝0時(shí)，是方程的1個(gè)根，所以只要方程有3個(gè)不同的實(shí)數(shù)解，變形得＝，設(shè)函數(shù)g（x）＝，如圖所以只要0＜＜4即可，所以k＞；故選：C．4．【解答】解：根據(jù)題意，設(shè)t＝﹣x2+4x﹣3，則y＝，有t＝﹣x2+4x﹣3＞0，解可得1＜x＜3，即函數(shù)的定義域?yàn)椋?，3），在區(qū)間（1，2]上，t＝﹣x2+4x﹣3為增函數(shù)，區(qū)間（2，3）上，t＝﹣x2+4x﹣3為減函數(shù)，y＝在（0，+∞）上為減函數(shù)，則f（x）的單調(diào)遞減區(qū)間為（1，2]．故選：C．5．【解答】解：根據(jù)題意，∵函數(shù)y＝ax﹣1+3（a＞0，且a≠1）恒過(guò)（1，4），∴m＝1，n＝4，∴p+4q＝1，又p＞0，q＞0，∴+＝+＝++4≥2+4＝6，當(dāng)且僅當(dāng)，即p＝q＝時(shí)等號(hào)成立，所以+的最小值為6．故選：D．6．【解答】解：因?yàn)榕己瘮?shù)f（x）在（﹣∞，0]上是增函數(shù)，所以f（x）在（0，+∞）上單調(diào)遞減，所以a＝f（﹣log25）＝f（log25），又3＞log25＞2＞20.7＞0，所以f（3）＜f（log25）＜f（20.7），故c＜a＜b．故選：A．7．【解答】解：因?yàn)閒（x1）＝1﹣，x1∈[0，+∞），所以f（x1）∈（﹣∞，0]，又因?yàn)閷?duì)任意x1∈[0，+∞），都存在x2∈R，使得f（x1）＝g（x2），所以g（x2）的值域包含（﹣∞，0]，所以ax2﹣4x+3∈（0，k]（k≥1）．若a＝0，則﹣4x+3＞0，存在x＜；若a＜0，則，即，所以a＜0．若a＞0，則，即，所以0＜a≤．綜上所述：a≤．故選：C．二．多選題（共5小題）8．【解答】解：對(duì)于A，令x＝y(tǒng)＝0，則有1＝f（0），故正確；對(duì)于B，由已知＝f（x﹣y），可得f（x）＝f（y）f（x﹣y），所以f（x+y）＝f（x）f（y），①令f（x）＝ax（a＞0且a≠1）滿足題干要求，2f（x）＝2ax，f（x2）＝，則f（x2）≠2f（x），故B錯(cuò)誤；對(duì)于C，由①可知：令x＝，y＝，則f（x）＝f（）f（）＝[f（）]2，又因?yàn)椋絝（x﹣y），則f（）≠0，所以f（x）＝[f（）]2＞0，故C正確；對(duì)于D，因?yàn)閒（x）＞0，所以f（x）+f（y）≥2＝2，又由①，令x＝y(tǒng)＝，則f（x+y）＝f（）f（）＝[f（）]2，所以≥f（），故D正確．故選：ACD．9．【解答】解：f（x）是定義在R上的奇函數(shù)，當(dāng)x＞0時(shí)，，作出函數(shù)的圖象，如圖所示，設(shè)f（x）＝t，則關(guān)于x的方程[f（x）]2﹣（a+1）f（x）+a＝0（a∈R）的方程等價(jià)于t2﹣（a+1）t+a＝0，解得：t＝a或t＝1，當(dāng)t＝1時(shí)，即f（x）＝1對(duì)應(yīng)一個(gè)交點(diǎn)為x1＝2，方程恰有4個(gè)不同的根，可分為兩種情況：（1），即對(duì)應(yīng)3個(gè)交點(diǎn)，且x2+x3＝2，x4＝4，此時(shí)4個(gè)實(shí)數(shù)根之和為8；（2），即對(duì)應(yīng)3個(gè)交點(diǎn)，且x2+x3＝﹣2，x4＝﹣4，此時(shí)4個(gè)實(shí)數(shù)根之和為﹣4，綜上，4個(gè)實(shí)數(shù)根之和為8或﹣4．故選：BD．10．【解答】解：作出函數(shù)的圖象如下．對(duì)于A．在同一坐標(biāo)系中畫(huà)出f（x）和y＝x+1的圖象如下．聯(lián)立，得，所以不等式f（x）＞x+1的解集為，故A正確；對(duì)于B．由圖可知，函數(shù)f（x）在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，又，所以f（x）的取值范圍為，故B錯(cuò)誤；對(duì)于C．若關(guān)于x的方程f（x）＝t有三個(gè)不同實(shí)數(shù)根x1，x2，x3，即函數(shù)f（x）與函數(shù)y＝t有三個(gè)不同的交點(diǎn)，不妨設(shè)x1＜x2＜x3，如圖．其中x1+x2＝0，1＜x3＜log23，所以1＜x1+x2+x3＜log23，故C正確；對(duì)于D．g（x）＝f2（x）﹣f（x）+c，g（x）恰有5個(gè)零點(diǎn)令f（x）＝t，則h（t）＝t2﹣t+c，當(dāng)h（t）＝t2﹣t+c只有1個(gè)零點(diǎn)時(shí)，設(shè)為t0，則方程f（x）＝t0有5個(gè)根，不可能；當(dāng)h（t）＝t2﹣t+c有2個(gè)零點(diǎn)時(shí)，設(shè)為t1，t2，且t1＜t2，則f（x）＝t1和f（x）＝t2共有5個(gè)根，可得或若h（t）＝t2﹣t+c有一個(gè)零點(diǎn)是0，則另一個(gè)零點(diǎn)為1，不滿足，若h（t）＝t2﹣t+c有一個(gè)零點(diǎn)是1，則另一個(gè)零點(diǎn)為0，不滿足，故存在常數(shù)c，使得g（x）恰有5個(gè)零點(diǎn)，D正確．故選：ACD．11．【解答】解：對(duì)于A，∵＝≥0，當(dāng)且僅當(dāng)a＝b時(shí)，等號(hào)成立，∴，故A正確，對(duì)于B，，當(dāng)且僅當(dāng)|a|＝|b|時(shí)，等號(hào)成立，故B正確，對(duì)于C，令a＝﹣1，b＝1，滿足a＜b，但，故C錯(cuò)誤，對(duì)于D，∵a＜b，c＜0，∴＞0，即，故D正確．故選：ABD．12．【解答】解：畫(huà)出函數(shù)f（x）與函數(shù)y＝k的圖像如下：f（x）在（﹣∞，﹣1]上單調(diào)遞減，值域[0，+∞）；在[﹣1，0）上單調(diào)遞增，值域[0，1）；在（0，e2]單調(diào)遞減，值域[0，+∞）；在[e2，+∞）單調(diào)遞增，值域[0，+∞）．則有x1+x2＝﹣2，lnx3﹣2+lnx4﹣2＝0，即x3x4＝e4，選項(xiàng)B判斷錯(cuò)誤；方程f（x）＝k（k∈R）有四個(gè)不同的實(shí)數(shù)解，則有0＜k＜1，選項(xiàng)A判斷正確；由f（x）在（0，e2]上單調(diào)遞減，值域[0，+∞），f（e）＝|lne﹣2|＝1，f（e2）＝|lne2﹣2|＝0，可知e＜x3＜e2，選項(xiàng)C判斷正確；由x1＜x2＜0＜x3＜x4，可知x1x2x3x4＞0，又x1x2x3x4＝e4x1x2＝e4（﹣x1）（﹣x2）＜e4[]2＝e4，則有0＜x1x2x3x4＜e4，故選項(xiàng)D判斷正確．故選：ACD．三．填空題（共3小題）13．【解答】解：函數(shù)f（x）滿足f（x+4）＝f（x），則f（x）的周期為4，f（2023）＝f（3）＝8+m＝3（2+m），解得m＝1．故答案為：1．14．【解答】解：當(dāng)a＝2時(shí)，方程f（x）＝g（x），即x2+（b﹣2）x﹣4＝0，則有x1+x2＝2﹣b，x1x2＝﹣4，，所以當(dāng)b＝2時(shí)，|x1﹣x2|的最小值為4，此時(shí)b＝2滿足Δ＞0．當(dāng)x＞0時(shí)，f（x）?g（x）＝（ax﹣1）（x2+bx﹣5）≥0恒成立，由a＞0，當(dāng)0＜x＜2時(shí)，ax﹣1＜0，x2+bx﹣5≤0；當(dāng)時(shí)，ax﹣1＞0，x2+bx﹣5≥0，是方程x2+bx﹣5＝0的根，即有，得，，當(dāng)且僅當(dāng)，即時(shí)等號(hào)成立，所以的最小值為．故答案為：4；．15．【解答】解：由f（xy）＝f（x）+f（y）可得f（x﹣2）+f（x+4）＝f[（x+4）（x﹣2）]又f（2）＝﹣2，則f（16）＝f（4）+f（4）＝2f（2）+2f（2）＝4f（2）＝﹣8設(shè)任意x1，x2＞0，且x1＜x2，則，又當(dāng)x＞1時(shí)，f（x）＜0，則即f（x1）＞f（x2），故函數(shù)f（x）在（0，+∞）上為減函數(shù)．則不等式f（x﹣2）+f（x+4）+8＞0，等價(jià)于，解得2＜x＜4，故答案為：（2，4）．四．解答題（共4小題）16．【解答】解：（1）由＞0得：﹣1＜x＜1，所以f（x）的定義域?yàn)椋ī?，1）．（2）設(shè)﹣1＜x1＜x2＜1，則＝，∵﹣1＜x1＜x2＜1，∴x2﹣x1＞0，（1+x1）（1+x2）＞0，∴．當(dāng)a＞1時(shí)，f（x1）＞f（x2），f（x）在（﹣1，1）上是減函數(shù)，又t∈（﹣1，1），所以x∈（﹣t，t]時(shí)，f（x）有最小值，且最小值為f（t）＝loga；當(dāng)0＜a＜1時(shí)，f（x1）＜f（x2），f（x）在（﹣1，1）上是增函數(shù)，又t∈（﹣1，1），所以x∈（﹣t，t]時(shí)，函數(shù)f（x）沒(méi)有最小值．（3）由（1）及f（x﹣2）+f（4﹣3x）≥0，得f（x﹣2）≥﹣f（4﹣3x）＝f（3x﹣4），∵a＞1，∴f（x）在（﹣1，1）上是減函數(shù)，∴，解得1＜x＜，∴x的取值范圍是（1，）．17．【解答】解：（1）∵函數(shù)是定義在R上的奇函數(shù)，∴f（0）＝0，f（1）＝﹣f（﹣1），即，，解得a＝3，b＝1，此時(shí)，可得f（x）+f（﹣x）＝（﹣1）+（﹣1）＝（+﹣2）＝0，即a＝3，b＝1符合題意．（2）函數(shù)f（x）在R上單調(diào)遞減，證明如下：由（1）可得，f（x）＝＝＝，設(shè)x1＜x2，則f（x1）﹣f（x2）＝＝＞0，∴f（x1）＜f（x2），即函數(shù)f（x）在R上單調(diào)遞減．（3）對(duì)任意t∈[1，e]，關(guān)于t的不等式f[（lnt）2﹣ln（et2）]+f（k）＜0恒成立，且f（x）為單調(diào)遞減的奇函數(shù)，∴f[（lnt）2﹣ln（et2）]＜﹣f（k）＝f（﹣k），∴（lnt）2﹣ln（et2）＞﹣k，可得（lnt）2﹣2lnt﹣1＞﹣k對(duì)任意t∈[1，e]恒成立，令u＝lnt，由t∈[1，e]，可知u＝lnt∈[0，1]，可得g（u）＝u2﹣2u﹣1且g（u）的圖象開(kāi)口向上，對(duì)稱軸為u＝1，則g（u）在[0，1]內(nèi)單調(diào)遞減，可得g（u）在[0，1]內(nèi)的最小值為g（1）＝﹣2，則﹣2＞﹣k，解得k＞2，∴實(shí)數(shù)k的取值范圍為（2，+∞）．18．【解答】解：（1）因?yàn)閒（x）+f（）＝2x+1++1＝2x++2＝0不恒成立，所以y＝f（x