2025年高考第三次模擬考試物理一（江蘇卷）（全解全析）

2025年高考第三模擬考試物理·全解全析注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每題4分，共44分。每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1．某煙霧報(bào)警器結(jié)構(gòu)和原理如圖甲和乙所示。光源S向外發(fā)射某一特定頻率的光，發(fā)生火情時(shí)有煙霧進(jìn)入報(bào)警器內(nèi)，由于煙霧對(duì)光的散射作用，會(huì)使部分光進(jìn)入光電管C從而發(fā)生光電效應(yīng)，于是有電流輸入報(bào)警系統(tǒng)，當(dāng)電流大于就會(huì)觸發(fā)報(bào)警系統(tǒng)報(bào)警。某次實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P處于圖乙所示位置，煙霧濃度增大到n時(shí)恰好報(bào)警。假設(shè)煙霧濃度越大，單位時(shí)間內(nèi)光電管接收到的光子個(gè)數(shù)越多。已知元電荷為e，下列說法正確的是（）A．光電管內(nèi)單位時(shí)間激發(fā)出的光電子數(shù)為時(shí)，一定會(huì)觸發(fā)報(bào)警B．將滑片P向左移動(dòng)，當(dāng)煙霧濃度小于n時(shí)有可能報(bào)警C．僅提高光源S發(fā)出光的強(qiáng)度，光電子的最大初動(dòng)能將增大D．報(bào)警器報(bào)警時(shí)，將滑片P向左移動(dòng)警報(bào)有可能會(huì)被解除【答案】D【解析】光電管內(nèi)單位時(shí)間激發(fā)出的光電子數(shù)為時(shí)，會(huì)受到兩端電壓的限制，在陰極產(chǎn)生的光電子不一定全部到達(dá)A極，故不一定能讓報(bào)警系統(tǒng)的電流達(dá)到，不一定能觸發(fā)報(bào)警，故A錯(cuò)誤；將滑片P向左移動(dòng)，光電管兩端所加的正向電壓減小，單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)A極的光子個(gè)數(shù)減少，則報(bào)警系統(tǒng)的電流達(dá)到時(shí)，單位時(shí)間內(nèi)光電管接收到的光子個(gè)數(shù)增大，煙霧濃度增大，即當(dāng)煙霧濃度大于n時(shí)有可能報(bào)警，故B錯(cuò)誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程，可知光電子的最大初動(dòng)能與光的頻率有關(guān)，與光的強(qiáng)度無關(guān)，故僅提高光源S發(fā)出光的強(qiáng)度，光電子的最大初動(dòng)能不變，故C錯(cuò)誤；報(bào)警器報(bào)警時(shí)，將滑片P向左移動(dòng)，光電管兩端所加的正向電壓減小，單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)A極的光子個(gè)數(shù)減少，報(bào)警系統(tǒng)的電流減小，警報(bào)有可能會(huì)被解除，故D正確。故選D。2．如圖所示，質(zhì)量為m的小球置于內(nèi)壁光滑的半球形凹槽內(nèi)，凹槽放置在蹺蹺板上，凹槽的質(zhì)量為M。開始時(shí)蹺蹺板與水平面的夾角為，凹槽與小球均保持靜止。已知重力加速度為g，，，則在緩慢壓低蹺蹺板的Q端至跟P端等高的過程中。下列說法正確的是（）A．蹺蹺板對(duì)凹槽的作用力逐漸增大B．小球?qū)Π疾鄣膲毫Υ笮∈冀K為mgC．開始時(shí)蹺蹺板對(duì)凹槽的支持力大小為0.8MgD．開始時(shí)蹺蹺板對(duì)凹槽的摩擦力大小為0.6Mg【答案】B【解析】由于小球、凹槽整體的重力不變化，與蹺蹺板的作用力等大反向，那么蹺蹺板對(duì)凹槽的作用力不變，故A錯(cuò)誤；小球所在處的凹槽切線總是水平的，那么小球?qū)Π疾鄣膲毫Υ笮∈冀K等于小球的重力，故B正確；將小球跟凹槽視為整體，開始時(shí)恰好靜止，那么根據(jù)受力平衡知，蹺蹺板對(duì)凹槽的支持力大小為，蹺蹺板對(duì)凹槽的摩擦力大小為，故CD錯(cuò)誤。故選B。3．以下說法不正確的是（）A．泊松亮斑是由光的衍射形成的B．將托馬斯?楊雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置放進(jìn)水中，條紋間距會(huì)變大C．用一個(gè)偏振片來觀察某光源發(fā)出的光，在垂直光的傳播方向上旋轉(zhuǎn)偏振片時(shí)，發(fā)現(xiàn)光的強(qiáng)度發(fā)生變化，說明該光是偏振光D．為增加透射光的強(qiáng)度，在眼鏡、相機(jī)等鏡片表面涂有一層“薄膜”，使光學(xué)系統(tǒng)成像更清晰，這是利用了薄膜前后表面反射光相互干涉的原理【答案】B【解析】泊松亮斑是光繞過障礙物形成的，屬于光的衍射現(xiàn)象，故A正確；將托馬斯?楊雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置放進(jìn)水中，根據(jù)光的折射定律，可知，光的波長(zhǎng)變小，結(jié)合條紋間距與波長(zhǎng)之間的關(guān)系，可知條紋間距變小，故B錯(cuò)誤；自然光在各個(gè)振動(dòng)方向上的強(qiáng)度相同，所以旋轉(zhuǎn)偏振片時(shí)透射光的亮度不變，而用一個(gè)偏振片來觀察某光源發(fā)出的光，在垂直光的傳播方向上旋轉(zhuǎn)偏振片時(shí)，發(fā)現(xiàn)光的強(qiáng)度發(fā)生變化，說明該光是偏振光，故C正確；根據(jù)薄膜干涉原理，為增加透射光的強(qiáng)度，在眼鏡、相機(jī)等鏡片表面涂有一層“薄膜”，薄膜前后表面反射光相互干涉而消弱，使光學(xué)系統(tǒng)成像更清晰，故D正確。故選B。4．如圖甲是國(guó)產(chǎn)科幻大片《流浪地球2》中人類在地球同步靜止軌道上建造的空間站，人類通過地面和空間站之間的“太空電梯”往返于天地之間。圖乙是人乘坐“太空電梯”時(shí)由于隨地球自轉(zhuǎn)而需要的向心加速度a與其到地心距離r的關(guān)系圖像，已知為地球半徑，為地球同步衛(wèi)星軌道半徑，下列說法正確的是（）A．地球自轉(zhuǎn)的角速度B．地球同步衛(wèi)星的周期C．上升過程中電梯艙對(duì)人的支持力保持不變D．從空間站向艙外自由釋放一物體，物體將做自由落體運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】根據(jù)，可知圖像中，其斜率為角速度的平方，A錯(cuò)誤；由于，解得，故其周期B正確；上升過程中，電梯可能變加速或變減速，支持力不一定保持不變，C錯(cuò)誤；太空中處于失重狀態(tài)，從艙釋放一物體，不會(huì)做自由落體運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選B。5．如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)歷過程，其中是等溫過程，是等壓過程，是等容過程。下列說法正確的是（）A．完成一次循環(huán)，氣體向外界放熱B．a(chǎn)、b、c三個(gè)狀態(tài)中，氣體在c狀態(tài)分子平均動(dòng)能最大C．過程中，氣體放出的熱量大于外界對(duì)氣體做的功D．過程中，容器壁在單位時(shí)間內(nèi)、單位面積上受到氣體分子撞擊的次數(shù)會(huì)增加【答案】C【解析】完成一次循環(huán)，氣體的內(nèi)能不變，過程，氣體體積增大，氣體對(duì)外界做功，過程，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，由于過程氣體的壓強(qiáng)大于過程氣體壓強(qiáng)，則氣體對(duì)外做功大于外界對(duì)氣體做功，過程，氣體體積不變，氣體不做功，由熱力學(xué)第一定律可知，完成一次循環(huán)，氣體吸熱，故A錯(cuò)誤；過程中，氣體的壓強(qiáng)不變，體積減小，則氣體的溫度降低，內(nèi)能減小，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體放出的熱量大于外界對(duì)氣體做的功，c狀態(tài)氣體溫度最低，氣體在c狀態(tài)分子平均動(dòng)能最小，故B錯(cuò)誤，C正確；過程中，氣體溫度不變，分子的平均動(dòng)能不變，壓強(qiáng)減小，由氣體壓強(qiáng)的微觀解釋可知，容器壁在單位時(shí)間內(nèi)、單位面積上受到氣體分子撞擊的次數(shù)會(huì)減少，故D錯(cuò)誤。故選C。6．甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一均勻介質(zhì)中沿x軸相向傳播，波速均為2m/s。t=0時(shí)刻二者在x=2m處相遇，波形圖如圖所示。關(guān)于平衡位置在x=2m處的質(zhì)點(diǎn)P，下列說法正確的是（）A．t=0.5s時(shí)，P偏離平衡位置的位移為0B．t=0.5s時(shí)，P偏離平衡位置的位移為2cmC．t=1.0s時(shí)，P向y軸正方向運(yùn)動(dòng)D．t=1.0s時(shí)，P向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】在內(nèi)，甲、乙兩列波傳播的距離均為，根據(jù)波形平移法可知，時(shí)，處甲波的波谷剛好傳到P處，處乙波的平衡位置振動(dòng)剛好傳到P處，根據(jù)疊加原理可知，時(shí)，P偏離平衡位置的位移為，故A、B錯(cuò)誤；在內(nèi)，甲、乙兩列波傳播的距離均為，根據(jù)波形平移法可知，時(shí)，甲波的平衡位置振動(dòng)剛好傳到P處，處乙波的平衡位置振動(dòng)剛好傳到P處，且此時(shí)兩列波的振動(dòng)都向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)疊加原理可知，時(shí)，P向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。7．如圖所示，真空中正四面體的四個(gè)頂點(diǎn)上分別固定著一個(gè)點(diǎn)電荷，其中兩個(gè)為正點(diǎn)電荷，另外兩個(gè)為負(fù)點(diǎn)電荷，點(diǎn)電荷的電荷量均相等，O為正四面體的中心，a、b、c、d為4個(gè)棱的中點(diǎn)，下列說法正確的是（）A．中心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度為0B．b點(diǎn)和d點(diǎn)的電勢(shì)相等C．a(chǎn)點(diǎn)與c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同D．a(chǎn)點(diǎn)與c點(diǎn)的電勢(shì)相等【答案】D【解析】將兩個(gè)正點(diǎn)電荷作為一組等量正點(diǎn)電荷，將兩個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷作為一組等量負(fù)點(diǎn)電荷，可知兩個(gè)正點(diǎn)電荷在中心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿O指向d，兩個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷在中心O處形成的電場(chǎng)強(qiáng)度方向也沿O指向d，故中心O的合電場(chǎng)強(qiáng)度一定不為0，A錯(cuò)誤；將一個(gè)正試探點(diǎn)電荷從b點(diǎn)沿直線移動(dòng)到d點(diǎn)，兩個(gè)正點(diǎn)電荷和兩個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷均對(duì)其做正功，故b點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)的電勢(shì)，B錯(cuò)誤；將a點(diǎn)所在棱的兩端的點(diǎn)電荷看作一組等量異號(hào)點(diǎn)電荷，另外兩個(gè)點(diǎn)電荷也看作一組等量異號(hào)點(diǎn)電荷，a、c兩點(diǎn)均在等量異種電荷的中垂線上，故a點(diǎn)和c點(diǎn)的電勢(shì)相等，D正確；根據(jù)電場(chǎng)疊加原理，a點(diǎn)和c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向不同，C錯(cuò)誤。故選D。8．彈頭飛行時(shí)其重心所經(jīng)過的路線謂之“彈道曲線”。由于重力和空氣阻力的影響，使彈道形成不均等的弧形。升弧較長(zhǎng)而直伸，降弧較短而彎曲。炮彈的彈道曲線如圖所示，已知運(yùn)動(dòng)過程中，速度越大，空氣阻力越大。關(guān)于炮彈的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A．炮彈的運(yùn)動(dòng)是斜拋運(yùn)動(dòng)B．炮彈飛行到最高點(diǎn)時(shí)，加速度等于重力加速度C．炮彈上升過程所用的時(shí)間小于下降過程所用的時(shí)間D．炮彈上升過程損失的機(jī)械能等于下降過程損失的機(jī)械能【答案】C【解析】炮彈在空中不只受到重力作用，還受到空氣阻力，所以炮彈的運(yùn)動(dòng)不是斜拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；炮彈在最高點(diǎn)豎直方向上的速度為零，水平方向上的速度不為零，在最高點(diǎn)受空氣阻力與水平速度方向相反，水平方向的加速度方向向左，設(shè)為a，則最高點(diǎn)的加速度大小為，加速度大于g，方向向左下方，故B錯(cuò)誤；從O到最高點(diǎn)的過程中，在豎直方向上，受到重力和阻力在豎直向下的分力，即mg＋f1＝ma1，在下落過程中，在豎直方向，受到向下的重力和阻力在豎直向上的分力，即mg–f2＝ma2，故a1＞a2，豎直位移相同，加速度越大，時(shí)間越小，所以炮彈上升過程所用的時(shí)間小于下降過程所用的時(shí)間，故C正確；因?yàn)樗俣仍酱螅諝庾枇υ酱?，由于空氣阻力始終做負(fù)功，同一高度處，上升過程的速度大小總是大于下降過程的速度大小，則同一高度處，上升過程的空氣阻力大小總是大于下降過程的空氣阻力大小。由微元法，上升過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與上升過程路程的乘積，下降過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與下降過程路程的乘積。升弧長(zhǎng)而平伸，降弧短而彎曲。上升過程克服空氣阻力做的功大于下降過程克服空氣阻力做的功。由功能關(guān)系可知克服空氣阻力做的功等于機(jī)械能的減少量。炮彈在上升階段損失的機(jī)械能大于在下降階段損失的機(jī)械能，故D錯(cuò)誤。故選C。9．如圖所示，兩條相同的半圓弧形光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平桌面上，其所在平面豎直且平行，導(dǎo)軌最高點(diǎn)到水平桌面的距離等于半徑，最低點(diǎn)的連線OO'與導(dǎo)軌所在豎直面垂直。空間充滿豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），導(dǎo)軌左端由導(dǎo)線連接?，F(xiàn)將具有一定質(zhì)量和電阻的金屬棒MN平行OO'放置在導(dǎo)軌圖示位置，由靜止釋放。MN運(yùn)動(dòng)過程中始終平行于OO'且與兩導(dǎo)軌接觸良好，不考慮自感影響，下列說法不正確的是（）A．MN最終一定靜止于OO'位置B．MN運(yùn)動(dòng)過程中安培力始終做負(fù)功C．從釋放到第一次到達(dá)OO'位置過程中，MN的速率一直在增大D．從釋放到第一次到達(dá)OO'位置過程中，MN中電流方向由M到N【答案】C【解析】由于金屬棒MN運(yùn)動(dòng)過程切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，回路有感應(yīng)電流，產(chǎn)生焦耳熱，金屬棒MN的機(jī)械能不斷減小，由于金屬導(dǎo)軌光滑，所以經(jīng)過多次往返運(yùn)動(dòng)，MN最終一定靜止于OO'位置，故A正確；當(dāng)金屬棒MN向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則可知，MN中電流方向由M到N，根據(jù)左手定則，可知金屬棒MN受到的安培力水平向左，則安培力做負(fù)功；當(dāng)金屬棒MN向左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則可知，MN中電流方向由N到M，根據(jù)左手定則，可知金屬棒MN受到的安培力水平向右，則安培力做負(fù)功；可知MN運(yùn)動(dòng)過程中安培力始終做負(fù)功，故B正確；金屬棒MN從釋放到第一次到達(dá)OO'位置過程中，由于在OO'位置重力沿切線方向的分力為0，可知在到達(dá)OO'位置之前的位置，重力沿切線方向的分力已經(jīng)小于安培力沿切線方向的分力，金屬棒MN已經(jīng)做減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；從釋放到第一次到達(dá)OO'位置過程中，根據(jù)右手定則可知，MN中電流方向由M到N，故D正確。故選C。10．如圖甲所示，質(zhì)量分別為、的A、B兩物體用輕彈簧連接構(gòu)成一個(gè)系統(tǒng)，外力F作用在A上，系統(tǒng)靜止在光滑水平面上（B靠墻面），此時(shí)彈簧形變量為x。撤去外力并開始計(jì)時(shí)，A，B兩物體運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示，表示0到時(shí)間內(nèi)A的圖像與坐標(biāo)軸所圖圖形的面積大小，、分別表示到時(shí)間內(nèi)A、B的圖像與坐標(biāo)軸所圍圖形的面積大小。下列說法正確的是（）A．0到時(shí)間內(nèi)，墻對(duì)B的沖量等于B．C．B運(yùn)動(dòng)后，彈簧的最大形變量等于D．【答案】D【解析】由圖像可以看出，t1時(shí)刻B開始離開墻壁。在0~t1時(shí)間內(nèi)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，物體B靜止，則墻對(duì)B的沖量大小等于彈簧對(duì)B的沖量大小，又因?yàn)閺椈蓪?duì)A、B的彈力大小相等，由，可知，故A錯(cuò)誤；由圖可知，B運(yùn)動(dòng)后，同一時(shí)刻A的加速度小于B的加速度，根據(jù)，可知，兩物體所受彈簧彈力大小相等，二者質(zhì)量關(guān)系為，故B錯(cuò)誤；當(dāng)A、B速度相等時(shí)彈簧形變量（伸長(zhǎng)量或壓縮量）最大，此時(shí)A、B的速度不為零，A、B的動(dòng)能不為零，由能量守恒定律可知，彈簧形變量最大時(shí)A、B的動(dòng)能與彈簧的彈性勢(shì)能之和與撤去外力時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能相等，則彈簧形變量最大時(shí)彈簧彈性勢(shì)能小于撤去外力時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能，彈簧形變量最大時(shí)彈簧的形變量小于撤去外力時(shí)彈簧的形變量x。故C錯(cuò)誤；a?t圖線與坐標(biāo)軸所圍圖形的面積大小等于物體速度的變化量，因t＝0時(shí)刻A的速度為零，t1時(shí)刻A的速度大小，t2時(shí)刻A的速度大小，B的速度大小，由圖像可知，t1時(shí)刻A的加速度為零，此時(shí)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，B開始離開墻壁，到t2時(shí)刻兩者加速度均達(dá)到最大，彈簧伸長(zhǎng)量達(dá)到最大，此時(shí)兩者速度相同，即，則，故D正確。故選D。11．如圖，一理想變壓器ab端接交流電源，原線圈匝數(shù)為100匝，R1、R2、R3阻值相等．則當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)R1的功率為P1，當(dāng)S閉合時(shí)R1的功率為P2，且P1∶P2＝9∶25，則副線圈匝數(shù)為()A．25B．50C．200D．400【答案】B【解析】設(shè)原、副線圈的匝數(shù)比為n，開關(guān)斷開時(shí)原線圈電流為I1，開關(guān)閉合時(shí)原線圈電流為I2，由P1∶P2＝9∶25、P＝I2R可知I1∶I2＝3∶5；設(shè)開關(guān)斷開時(shí)副線圈電流為I1′，開關(guān)閉合時(shí)副線圈電流為I2′，設(shè)R1＝R2＝R3＝R，則開關(guān)斷開時(shí)副線圈電壓為U1′＝I1′R＝nI1R，此時(shí)原線圈輸出電壓為U1＝nU1′＝n2I1R，總電壓為U＝U1＋I(xiàn)1R＝n2I1R＋I(xiàn)1R，由歐姆定律可知開關(guān)閉合時(shí)副線圈電阻為R′＝0.5R，此時(shí)副線圈電壓為U2′＝I2′·0.5R＝0.5nI2R，此時(shí)原線圈輸出電壓為U2＝nU2′＝0.5n2I2R，總電壓為U＝U2＋I(xiàn)2R＝0.5n2I2R＋I(xiàn)2R，聯(lián)立解得n＝2，則副線圈的匝數(shù)為n′＝eq\f(1,2)×100＝50，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤。二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13題~第16題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。12．（10分）熱敏電阻是傳感器中經(jīng)常使用的元件，某學(xué)習(xí)小組要探究一熱敏電阻的阻值隨溫度變化的規(guī)律?？晒┻x擇的器材有：待測(cè)熱敏電阻（實(shí)驗(yàn)溫度范圍內(nèi)，阻值約幾百歐到幾千歐）；電源E（電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻r約）；電阻箱R（阻值范圍）；滑動(dòng)變阻器（最大阻值）；滑動(dòng)變阻器（最大阻值）；微安表（量程，內(nèi)阻等于）；開關(guān)兩個(gè)，溫控裝置一套，導(dǎo)線若干。同學(xué)們?cè)O(shè)計(jì)了如圖甲所示的測(cè)量電路，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：①按圖示連接電路；②閉合、，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片P的位置，使微安表指針滿偏；③保持滑動(dòng)變阻器滑片P的位置不變，斷開，調(diào)節(jié)電阻箱，使微安表指針半偏；④記錄此時(shí)的溫度和電阻箱的阻值?；卮鹣铝袉栴}：（1）為了更準(zhǔn)確地測(cè)量熱敏電阻的阻值，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用___________（填“”或“”）。（2）請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線，在答題卡上將實(shí)物圖（不含溫控裝置）連接成完整電路__________。（3）某溫度下微安表半偏時(shí)，電阻箱的讀數(shù)為，該溫度下熱敏電阻的測(cè)量值為__________（結(jié)果保留到個(gè)位），該測(cè)量值___________（填“大于”或“小于”）真實(shí)值。（4）多次實(shí)驗(yàn)后，學(xué)習(xí)小組繪制了如圖乙所示的圖像。由圖像可知。該熱敏電阻的阻值隨溫度的升高逐漸___________（填“增大”或“減小”）?！敬鸢浮浚?）R1（2）見解析（3）3500大于（4）減小【解析】（1）用半偏法測(cè)量熱敏電阻的阻值，盡可能讓該電路的電壓在S2閉合前、后保持不變，由于該支路與滑動(dòng)變阻器前半部分并聯(lián)，滑動(dòng)變阻器的阻值越小，S2閉合前、后該部分電阻變化越小，從而電壓的值變化越小，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R1（2）電路連接圖如圖所示（3）微安表半偏時(shí)，該支路的總電阻為原來的2倍，即可得當(dāng)斷開S2，微安表半偏時(shí)，由于該支路的電阻增加，電壓略有升高，根據(jù)歐姆定律，總電阻比原來2倍略大，也就是電阻箱的阻值略大于熱敏電阻與微安表的總電阻，而認(rèn)為電阻箱的阻值等于熱敏電阻與微安表的總電阻，因此熱敏電阻的測(cè)量值比真實(shí)值偏大。（4）由于是圖像，當(dāng)溫度T升高時(shí)，減小，從圖中可以看出減小，從而減小，因此熱敏電阻隨溫度的升高逐漸減小。13．（8分）一塊玻璃磚平放在水平桌面上，其橫截面如圖所示，∠A=∠C=90°，∠B=60°，AD=CD=a，AB、BC兩側(cè)面分別鍍銀，一束平行于CB方向的單色光從AD、CD兩側(cè)面射入玻璃磚，其中從AD側(cè)面入射的光線在玻璃磚內(nèi)經(jīng)多次折射與反射后仍從AD側(cè)面平行于BC方向射出玻璃磚。已知光在真空中傳播的速度為c，求：（1）玻璃磚的折射率n？（2）光在玻璃磚中的最長(zhǎng)傳播時(shí)間t？【答案】（1）；（2）【解析】（1）自面入射的光線如圖所示由幾何關(guān)系可知，解得（2）面入射的所有光線中，緊靠點(diǎn)入射的光線在玻璃磚中的路程最長(zhǎng)為，如圖所示，面入射的所有光線在玻璃磚中的路程均為光在玻璃磚中傳播的速度則光在玻璃磚中最長(zhǎng)傳播時(shí)間解得14．（10分）分別沿x軸正向和負(fù)向傳播的兩列簡(jiǎn)諧橫波P、Q在t=0時(shí)的波形圖如圖所示，波源分別位于坐標(biāo)原點(diǎn)和x=19m處，兩波源的振動(dòng)頻率相同。其中簡(jiǎn)諧橫波P的波源振動(dòng)方程為，求：（1）兩簡(jiǎn)諧橫波的傳播速度大?。浚?）簡(jiǎn)諧橫波Q波源的振動(dòng)方程？【答案】（1）；（2）【解析】（1）由波形圖知兩列波的波長(zhǎng)均為由振動(dòng)方程得解得周期則波的傳播速度大小均為（2）由波形圖知兩列波的振幅對(duì)于簡(jiǎn)諧橫波Q，處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為則簡(jiǎn)諧橫波Q波源的振動(dòng)方程為，解得15．（12分）如圖甲所示，質(zhì)量為M的軌道靜止在光滑水平面上，軌道水平部分的上表面粗糙，豎直半圓形部分的表面光滑，兩部分在P點(diǎn)平滑連接，Q為軌道的最高點(diǎn)。質(zhì)量為m的小物塊靜置在軌道水平部分上，與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。已知軌道半圓形部分的半徑R=0.4m，重力加速度大小g=10m/s2.（1）若軌道固定，小物塊以一定的初速度沿軌道運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)，受到軌道的彈力大小等于3mg，求小物塊在Q點(diǎn)的速度大小v？（2）若軌道不固定，給軌道施加水平向左的推力F，小物塊處在軌道水平部分時(shí)，軌道加速度a與F對(duì)應(yīng)關(guān)系如圖乙所示？（i）求μ和m？（ii）初始時(shí)，小物塊靜置在軌道最左端，給軌道施加水平向左的推力F=8N，當(dāng)小物塊到P點(diǎn)時(shí)撤去F，小物塊從Q點(diǎn)離開軌道時(shí)相對(duì)地的速度大小為7m/s。求軌道水平部分的長(zhǎng)度L？【答案】（1）；（2）（i），；（3）【解析】（1）根據(jù)題意可知小物塊在Q點(diǎn)由合力提供向心力有代入數(shù)據(jù)解得（2）（i）根據(jù)題意可知當(dāng)F≤4N時(shí)，小物塊與軌道是一起向左加速，根據(jù)牛頓第二定律可知根據(jù)圖乙有當(dāng)外力時(shí)，軌道與小物塊有相對(duì)滑動(dòng)，則對(duì)軌道有結(jié)合題圖乙有可知截距聯(lián)立以上各式可得，，（