2025屆山東省青島市高三下學(xué)期第一次適應(yīng)性檢測(cè)物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試題PAGEPAGE12025年高三年級(jí)第一次適應(yīng)性檢測(cè)物理試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.2025年1月20日，我國自主設(shè)計(jì)全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝置（EAST）創(chuàng)造了新的世界記錄，實(shí)現(xiàn)了1億攝氏度穩(wěn)態(tài)長脈沖高約束模等離子體運(yùn)行1066秒。該裝置中的核反應(yīng)方程為，其中可以用中子轟擊得到，下列說法正確的是（）A.該核反應(yīng)方程中是質(zhì)子B.該核反應(yīng)滿足電荷數(shù)守恒和質(zhì)量守恒C.的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能D.用中子轟擊還能得到，該反應(yīng)屬于核聚變【答案】C【解析】A．由質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得X的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為1，所以X為中子，故A錯(cuò)誤；B．核反應(yīng)滿足電荷數(shù)守恒，但由于核反應(yīng)過程中有質(zhì)量虧損，會(huì)以能量的形式釋放出來，所以不滿足質(zhì)量守恒，而是滿足質(zhì)量數(shù)守恒，故B錯(cuò)誤；C．生成物比反應(yīng)物更加穩(wěn)定，所以的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，故C正確；D．用中子轟擊的反應(yīng)屬于人工核轉(zhuǎn)變，核聚變是質(zhì)量較小的核結(jié)合成質(zhì)量較大的核的反應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選C。2.一小球以初速度從底端滑上光滑固定斜面，當(dāng)向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度減為。已知小球恰好能到達(dá)斜面頂端，則斜面的長度為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)斜面與水平方向夾角為，當(dāng)向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，由動(dòng)能定理可得當(dāng)小球恰好能到達(dá)斜面頂端時(shí)，由動(dòng)能定理可得聯(lián)立上式可得。故選A。3.用平行單色光垂直底面照射一透明薄膜，形成的干涉圖樣如圖所示。則該透明薄膜截面的形狀可能是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】薄膜干涉是光照射到薄膜上時(shí)，薄膜前后表面反射的兩列光相疊加，發(fā)生干涉現(xiàn)象，同一條亮條紋或暗條紋對(duì)應(yīng)的薄膜厚度相等，干涉條紋寬度越寬說明薄膜厚度變化越小，由圖可知，相鄰亮條紋間的距離變大，干涉條紋越來越寬，故薄膜厚度變化越來越小。故選C。4.一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)歷如圖所示循環(huán)過程，過程溫度不變，過程壓強(qiáng)不變。下列說法正確的是（）A.過程，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能減少B.過程，壓強(qiáng)不變，分子平均動(dòng)能不變C.過程，氣體向外界放出的熱量等于外界對(duì)氣體做的功D.過程，氣體從外界吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的增加量【答案】D【解析】A．過程溫度不變，壓強(qiáng)減小，根據(jù)可知，體積增大，所以氣體對(duì)外做功，但理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，所以內(nèi)能不變，故A錯(cuò)誤；BC．過程，壓強(qiáng)不變，溫度降低，氣體內(nèi)能減小，分子平均動(dòng)能也減小，又根據(jù)可知，體積減小，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)可知，氣體向外界放出熱量，且氣體向外界放出的熱量大于外界對(duì)氣體做的功，故BC錯(cuò)誤；D．過程，溫度升高，內(nèi)能增加，且恒定，根據(jù)可知，體積不變，氣體從外界吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的增加量，故D正確。故選D。5.我國對(duì)深空的探索從月球開始，通過“嫦娥工程”的深入推進(jìn)，逐步實(shí)現(xiàn)我們的航天夢(mèng)。已知“嫦娥一號(hào)”和“嫦娥二號(hào)”繞月球圓軌道運(yùn)行時(shí)周期之比為，兩者距月球表面的高度分別是和。則月球的半徑為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)開普勒第三定律可知解得故選A。6.如圖所示，是邊長為的等邊三角形金屬線框，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框與理想變壓器相連。已知變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為和，電表均為理想電表，不計(jì)線框的電阻。時(shí)刻線框從圖示位置繞軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A.時(shí)線框感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大B.電壓表的示數(shù)為C.若滑動(dòng)變阻器的阻值減小，則電流表示數(shù)將減小D.若線框轉(zhuǎn)動(dòng)角速度加倍，則電流表示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?倍【答案】B【解析】A．時(shí)線框垂直于磁場(chǎng)，磁通量最大，磁通量變化率為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，故A錯(cuò)誤；B．該線框在磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生正弦式交流電，其峰值為其中有效值為變壓器輸入電壓為又解得電壓表的示數(shù)為故B正確；C．因線框電阻不計(jì)，所以滑動(dòng)變阻器的阻值變化時(shí)，變壓器輸入電壓、輸出電壓不變，若滑動(dòng)變阻器的阻值減小，則副線圈中的電流增大，原線圈中的電流也增大，即電流表示數(shù)將增大，故C錯(cuò)誤；D．若線框轉(zhuǎn)動(dòng)角速度加倍，由以上推導(dǎo)可知，變壓器輸出電壓加倍，副線圈中的電流加倍，原線圈中的電流也加倍，即電流表示數(shù)加倍，故D錯(cuò)誤。故選B。7.隨著低空經(jīng)濟(jì)的發(fā)展，小型電動(dòng)飛機(jī)將成為人們的通勤選擇?，F(xiàn)有某款新型號(hào)電動(dòng)飛機(jī)，工程技術(shù)人員通過研究空氣阻力對(duì)飛機(jī)運(yùn)動(dòng)的影響，驗(yàn)證飛機(jī)氣動(dòng)布局性能。如圖所示，在平直跑道上，技術(shù)人員調(diào)整飛機(jī)動(dòng)力輸出單元，使飛機(jī)在大小為的恒定牽引力作用下由靜止開始加速運(yùn)動(dòng)，發(fā)現(xiàn)經(jīng)時(shí)間飛機(jī)的速度不再增加。已知飛機(jī)的質(zhì)量為，飛機(jī)所受阻力大小，其中為常數(shù)，不計(jì)飛機(jī)輪胎與地面間的滾動(dòng)摩擦，下列說法正確的是（）A.時(shí)間內(nèi)飛機(jī)滑行的距離B.驅(qū)動(dòng)飛機(jī)的電機(jī)輸出功率隨時(shí)間線性增大C.若時(shí)刻飛機(jī)剛好達(dá)到額定功率，則D.時(shí)間內(nèi)飛機(jī)克服阻力所做的功【答案】D【解析】AD．飛機(jī)到達(dá)最大速度時(shí)有解得根據(jù)動(dòng)量定理有將代入有解得根據(jù)動(dòng)能定理有解得故A錯(cuò)誤，D正確；B．飛機(jī)受力不斷變化，則加速度改變，由可知驅(qū)動(dòng)飛機(jī)的電機(jī)輸出功率不隨時(shí)間線性增大，故B錯(cuò)誤；C．若時(shí)刻飛機(jī)剛好達(dá)到額定功率，則解得故C錯(cuò)誤；故選D。8.取無限遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，不等量異種電荷附近，存在一個(gè)電勢(shì)為0的等勢(shì)球面。如圖所示，兩點(diǎn)電荷和分別位于軸上的和處，點(diǎn)為兩點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)，以軸上點(diǎn)為圓心的虛線圓上各點(diǎn)的電勢(shì)均為0，點(diǎn)的電勢(shì)。下列說法正確的是（）A.帶負(fù)電，帶正電，所帶電荷量大于所帶電荷量B.虛線圓上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向均沿半徑指向圓心C.若僅減小所帶電荷量，則虛線圓的半徑將減小D.若僅增大所帶電荷量，則虛線圓圓心的位置將遠(yuǎn)離【答案】C【解析】A．因?yàn)榈葎?shì)球面上電勢(shì)為，且點(diǎn)電勢(shì)大于，沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，所以電場(chǎng)線方向大致從指向，則帶負(fù)電，帶正電。在電勢(shì)為的等勢(shì)球面上，根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)的特點(diǎn)，等勢(shì)面為的地方，離電荷量小的地方近，離電荷量大的地方遠(yuǎn)，從圖中可知等勢(shì)面離近，所以所帶電荷量小于所帶電荷量，故A錯(cuò)誤；B．等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直，虛線圓是等勢(shì)面，那么圓上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向均沿半徑方向，但不一定是指向圓心。故B錯(cuò)誤；C．取無限遠(yuǎn)處電勢(shì)為，等勢(shì)球面電勢(shì)為，將一正試探電荷從圓上移到無限遠(yuǎn)處電場(chǎng)力做功為零，假設(shè)電場(chǎng)做功為，電場(chǎng)做功為，因?yàn)椋渲袨樨?fù)值，若僅減小所帶電荷量，由于不變，所以要想也不變，虛線圓的半徑需要減小，故C正確；D．由前面可知，若僅增大所帶電荷量，則虛線圓半徑需要減小，圓心的位置將靠近，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.潛水鐘是一種沉放到水下研究水底情況的裝置。如圖所示，一質(zhì)量的潛水鐘高，橫截面積，從水面上方開口向下沉入水中，最終到達(dá)水平海床，進(jìn)入鐘內(nèi)的水深。已知鐘內(nèi)封閉氣體溫度保持不變，大氣壓強(qiáng)，海水的密度，重力加速度，不考慮鐘壁厚度。下列說法正確的是（）A.海水深度B.海水深度C.潛水鐘對(duì)海床的壓力D.潛水鐘對(duì)海床的壓力【答案】BC【解析】AB．根據(jù)題意可知，未放入水中時(shí)，封閉氣體壓強(qiáng)為，體積為沉到深度為的水底，壓強(qiáng)為體積為根據(jù)玻意耳定律解得故A錯(cuò)誤，B正確；CD．由上分析，可得沉到深度為的水底時(shí)壓強(qiáng)為可得沉到深度為的水底時(shí)壓強(qiáng)為對(duì)潛水鐘受力分析，根據(jù)平衡條件有可得海床對(duì)潛水鐘的支持力根據(jù)牛頓第三定律，可知潛水鐘對(duì)海床的壓力故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖所示，均勻介質(zhì)中有一列沿軸正向傳播的簡諧橫波。時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)B位于波谷位置，時(shí)刻B第一次回到平衡位置，時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A第一次回到平衡位置。已知A、B的平衡位置間距離為。下列說法正確的是（）A.時(shí)A點(diǎn)向上振動(dòng) B.該波周期為C.該波波長為 D.該波波速為【答案】BD【解析】A．根據(jù)“上下坡”法可知，時(shí)A點(diǎn)向下振動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由圖像可知，質(zhì)點(diǎn)B從波谷第一次回到平衡位置所需時(shí)間為四分之一周期，即解得該波周期為故B正確；C．依題意，質(zhì)點(diǎn)A經(jīng)0.4s第一次回到平衡位置，則第一次到達(dá)波谷的時(shí)間為由機(jī)械波時(shí)間與空間的對(duì)應(yīng)性可知解得故C錯(cuò)誤；D．該波波速為故D正確。故選BD。11.如圖所示，兩根相距為的平行光滑金屬導(dǎo)軌傾斜放置，處于垂直導(dǎo)軌平面向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩導(dǎo)軌頂端與電容器相連，質(zhì)量為、長度為的金屬桿垂直導(dǎo)軌放置，金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好。開始時(shí)電容器不帶電，金屬桿被鎖定在距傾斜導(dǎo)軌底端處。已知兩導(dǎo)軌傾角均為，電容器電容為，重力加速度為，不計(jì)一切電阻。現(xiàn)解除鎖定，下列說法正確的是（）A.金屬桿下滑過程中做加速度減小的變加速直線運(yùn)動(dòng)B.若增大電容器電容，金屬桿下滑時(shí)間變短C.金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時(shí)電容器極板間電壓D.金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時(shí)電容器儲(chǔ)存的電能【答案】CD【解析】A．t時(shí)刻電容器兩端的電壓為：U=E=BLv棒沿導(dǎo)軌下滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinθ-F=ma又棒所受安培力為：F=BIL電路中電流為：聯(lián)立以上三式得：式中各量均不變，說明加速度不變，可知導(dǎo)體棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．若增大電容器電容，加速度減小，則根據(jù)可知金屬桿下滑時(shí)間變長，故B錯(cuò)誤；C．金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時(shí)的速度電容器極板間電壓故C正確；D．金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時(shí)電容器儲(chǔ)存的電能故D正確。故選CD。12.質(zhì)量為的光滑半圓形凹槽靜止在光滑水平地面上，在凹槽左側(cè)與圓心等高處由靜止釋放一質(zhì)量為、可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，小球相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)的軌跡為半個(gè)橢圓，如圖甲中虛線所示。運(yùn)動(dòng)過程中小球的動(dòng)能隨時(shí)間變化圖像如圖乙所示，已知橢圓半長軸與半短軸之比為。下列說法正確的是（）A.半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒B.小球質(zhì)量與凹槽質(zhì)量之比C.時(shí)刻，小球受到凹槽支持力方向與速度垂直D.時(shí)刻，小球受到凹槽的支持力大于小球的重力【答案】ABD【解析】A．小球向下運(yùn)動(dòng)過程中，在豎直方向的分加速度方向先向下后向上，小球先處于失重后處于超重狀態(tài)，可知，半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)所受外力的合力不為0，即半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A正確；B．令凹槽半徑為R，根據(jù)圖中所示半個(gè)橢圓可知，半長軸為R，則半短軸為，短軸為，即小球在水平方向的分位移半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，則有其中解得故B正確；C．根據(jù)圖乙的對(duì)稱性可知，時(shí)刻小球位于凹槽最低點(diǎn)，則時(shí)刻小球位于釋放點(diǎn)與凹槽最低點(diǎn)之間的某一位置，小球相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)的軌跡為半個(gè)橢圓，軌跡的最低點(diǎn)即為凹槽的最低點(diǎn)，時(shí)刻小球受到凹槽的支持力方向指向凹槽圓心，速度方向沿半橢圓軌跡切線方向，可知，時(shí)刻，小球受到凹槽的支持力方向與速度方向不垂直，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述可知，時(shí)刻小球位于凹槽最低點(diǎn)，小球相對(duì)于凹槽做圓周運(yùn)動(dòng)，小球在最低點(diǎn)相對(duì)于凹槽的速度方向水平向右，由于小球小球相對(duì)于凹槽做圓周運(yùn)動(dòng)，則小球在最低點(diǎn)沿半徑方向的合力提供向心力，此時(shí)加速度方向豎直向上，則時(shí)刻，小球受到凹槽的支持力大于小球的重力，故D正確。故選ABD三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.為研究小球斜上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，某興趣小組用手機(jī)拍攝了一段小球斜上拋運(yùn)動(dòng)視頻，圖甲為利用Tracker視頻分析軟件按幀獲取的小球位置。取運(yùn)動(dòng)過程的某點(diǎn)為原點(diǎn)，水平向右為軸正方向，豎直向上為軸正方向，建立坐標(biāo)系。經(jīng)軟件分析得到實(shí)際位置坐標(biāo)、圖像及對(duì)應(yīng)擬合曲線方程，如圖乙所示。（1）在選擇小球時(shí)，對(duì)小球的要求是________；（2）由圖乙可得，小球的加速度大小為________，小球在原點(diǎn)處速度與水平方向夾角的正切值為________；（3）幀率表示視頻在內(nèi)記錄的靜止畫面數(shù)量，單位為赫茲（）。Tracker視頻分析軟件是按視頻的幀率來獲取小球的位置，圖乙中描繪的點(diǎn)為軟件捕獲的每幀小球?qū)嶋H位置坐標(biāo)隨時(shí)間的變化關(guān)系，由此可以判斷該視頻的幀率最接近________。A B. C. D.【答案】（1）質(zhì)量大、體積?。ɑ蛎芏却螅?；（2）9.82.6（3）B【解析】【小問1詳析】為了減少空氣阻力的影響，在選擇小球時(shí)，應(yīng)盡可能選擇質(zhì)量大、體積?。芏却螅┑男∏颉！拘?詳析】[1][2]斜拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由圖乙（1）可得斜拋運(yùn)動(dòng)水平方向上的速度設(shè)斜拋運(yùn)動(dòng)初速度為，與水平方向夾角為，水平位移豎直方向上位移結(jié)合圖乙（2）可知，小球的加速度小球在原點(diǎn)處速度與水平方向夾角的正切值為?！拘?詳析】由（2）可知，斜拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上的初速度豎直方向上升到最高點(diǎn)的時(shí)間結(jié)合圖乙（2）可知，上升到最高點(diǎn)該視頻的幀率為故選B。14.某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量某型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，該電池的電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻約為，實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：電流表G（量程，內(nèi)阻未知）電阻箱（總阻值為，額定電流為）電阻箱（總阻值為，額定電流為）滑動(dòng)變阻器（最大阻值約為，額定電流為）滑動(dòng)變阻器（最大阻值約為，額定電流為）開關(guān)2個(gè)，導(dǎo)線若干（1）先用圖甲所示電路測(cè)量電流表的內(nèi)阻：①滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選取________（選填“”或“”）；②斷開開關(guān)、，連接好電路，將滑動(dòng)變阻器的滑片滑至________端（選填“左”或“右”）；③閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)，使電流表的指針滿偏；④保持的滑片位置不變，再閉合開關(guān)，將電阻箱的阻值調(diào)為時(shí)，電流表的示數(shù)為，則電流表的內(nèi)阻________，電流表內(nèi)阻的測(cè)量值較其真實(shí)值________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。（2）按圖乙所示電路圖連接電路，將電阻箱的阻值調(diào)為，再閉合開關(guān)、，多次調(diào)節(jié)電阻箱，記錄每次電阻箱的阻值及對(duì)應(yīng)的電流表的示數(shù)，作出圖像如圖丙所示，則該型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)________，內(nèi)阻________。（結(jié)果均保留1位小數(shù)）【答案】（1）左30##30.0偏小（2）12.03.2【解析】【小問1詳析】[1]先用圖甲所示電路測(cè)量電流表的內(nèi)阻，閉合開關(guān)，斷開，電路最小電阻約為故滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選取。[2]斷開開關(guān)、，連接好電路，為保護(hù)電路，將滑動(dòng)變阻器的滑片滑至左端。[3]根據(jù)并聯(lián)關(guān)系，解得[4]由于并聯(lián)后總電阻變小，總電流變大，大于，流過的真實(shí)電流大于，故計(jì)算得出的電流表內(nèi)阻的測(cè)量值較其真實(shí)值偏小?！拘?詳析】[1][2]根據(jù)電路關(guān)系代入數(shù)據(jù)整理得根據(jù)圖丙知，斜率縱軸截距聯(lián)立解得，15.精確空投系統(tǒng)通過輔助制導(dǎo)設(shè)備，在慣性導(dǎo)航的基礎(chǔ)上微調(diào)運(yùn)動(dòng)軌跡來提高空投物資的準(zhǔn)確度。如圖所示，某次空投中飛機(jī)在高度以水平速度勻速飛行。飛機(jī)釋放一個(gè)質(zhì)量的包裹，釋放后包裹依靠慣性運(yùn)動(dòng)，忽略空氣阻力，重力加速度。（1）要使包裹能準(zhǔn)確投送到飛機(jī)正前方水平地面上的目標(biāo)位置，求包裹釋放位置與目標(biāo)位置的水平距離；（2）若飛機(jī)飛行過程中突然遇到強(qiáng)風(fēng)，強(qiáng)風(fēng)過后飛機(jī)高度抬升了，并獲得豎直向上的速度，水平速度不變，此時(shí)飛機(jī)處于（1）問中釋放位置的正上方，立即釋放包裹。要使包裹仍能準(zhǔn)確投送到同一目標(biāo)位置，釋放包裹的同時(shí)啟動(dòng)輔助制導(dǎo)系統(tǒng)，使包裹始終受到一豎直向下的恒力作用，求該力的大小?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】豎直方向位移水平方向位移，解得?！拘?詳析】由題意得，包裹下落過程中水平速度不變，水平位移不變，所以時(shí)間不變，可得豎直方向位移由牛頓第二定律得解得。16.如圖所示，用透明介質(zhì)材料制成長方體棱鏡，棱鏡上下表面是邊長為的正方形，棱鏡的高為，、分別為棱鏡上下表面的中心；在棱鏡上表面有一個(gè)以為球心、半徑為的半球形凹坑，棱鏡的4個(gè)側(cè)面及底面均涂有吸光材料。在處放置一單色點(diǎn)光源，光源發(fā)出的光只能從上表面射出，射到其他面上的光線均被吸收。已知棱鏡上表面有光射出的位置離球心的最大距離為，球冠表面積公式為，其中為球冠所在球面的半徑，為球冠的高，求（1）該介質(zhì)材料的折射率；（2）在半球面上有折射光線射出的區(qū)域（球冠）表面積?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】光源發(fā)出的光在棱鏡中傳播的光路圖如圖所示在最遠(yuǎn)點(diǎn)剛好發(fā)生全反射，有：由全反射定律得：解得：【小問2詳析】從點(diǎn)發(fā)出的光在球面上點(diǎn)恰好發(fā)生全反射，則，由正弦定律得：解得：，由幾何關(guān)系得：所以從半球面上有折射光線射出的區(qū)域面積為：17.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系中，在第二象限內(nèi)存在垂直紙面向外的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，為圓心，半徑為，磁場(chǎng)邊界與兩坐標(biāo)軸相切；區(qū)域內(nèi)交替分布寬度均為的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其邊界均與軸平行，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向沿軸負(fù)方向，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向垂直于紙面向里。一質(zhì)量為、電量為的帶電粒子，從圓形邊界上的點(diǎn)以初速度射入磁場(chǎng)，與軸平行，與夾角。粒子射出圓形磁場(chǎng)瞬間，在區(qū)域內(nèi)加上沿軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫出）。已知圓形磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，不計(jì)粒子重力。（1）求粒子在圓形磁場(chǎng)區(qū)域做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（2）求粒子離開圓形磁場(chǎng)區(qū)域后，到達(dá)軸的速度大小；（3）求粒子穿出區(qū)域內(nèi)第二個(gè)電場(chǎng)時(shí)速度方向與豎直方向夾角的正弦值；（4）若粒子到達(dá)區(qū)域內(nèi)某個(gè)磁場(chǎng)下邊界時(shí)，速度方向恰好沿軸正向，求此時(shí)速度大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）【解析】【小問1詳析】粒子在第二象限圓形磁場(chǎng)中，有其中解得【小問2詳析】如圖所示由幾何關(guān)系得粒子射出圓形磁場(chǎng)時(shí)距離軸粒子從射出圓形磁場(chǎng)到軸，由動(dòng)能定理得解得【小問3詳析】粒子在區(qū)域第一個(gè)電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理得粒子在區(qū)域第一個(gè)磁場(chǎng)中，有如圖所示由幾何關(guān)系得粒子在區(qū)域經(jīng)歷兩個(gè)電場(chǎng)加速，有，解得【小問4詳析】設(shè)粒子在第個(gè)磁場(chǎng)下邊界的速度為，粒子在區(qū)域整個(gè)向下運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理得水平方向由動(dòng)量定理得其中解得18.如圖所示，質(zhì)量的光滑斜劈靜止在水平臺(tái)面上，底邊長度，高度。底端距離臺(tái)面邊緣，水平地面上一質(zhì)量的木板緊靠平臺(tái)靜置，上表面與臺(tái)面相平。質(zhì)量、可看作質(zhì)點(diǎn)的物塊從頂端由靜止釋放，滑到臺(tái)面上時(shí)與臺(tái)面發(fā)生相互作用，的動(dòng)能發(fā)生損失，進(jìn)入臺(tái)面后的速度水平向右，大小為。已知沿下滑過程中，和相對(duì)地面均做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，與臺(tái)面、與地面間均無摩擦，與臺(tái)面、與間動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度。求（1）滑到底端時(shí)，向左滑動(dòng)的距離；（2）滑上時(shí)的速度大??；（3）為使不從上滑下，的最小長度；（4）滑到底端后，與臺(tái)面發(fā)生相互作用過程中損失的動(dòng)能?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）【解析】【小問1詳析】、系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒，有所以滑到底端過程中有又解得，【小問2詳析】設(shè)滑上時(shí)的速度為，由動(dòng)能定理得解得【小問3詳析】滑至右端時(shí)兩者剛好共速，設(shè)共同速度為，、系統(tǒng)動(dòng)量守恒、系統(tǒng)能量守恒解得【小問4詳析】設(shè)運(yùn)動(dòng)方向與水平方向夾角為，已知沿下滑過程中，和相對(duì)地面均做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，、系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒、系統(tǒng)機(jī)械能守恒又解得、系統(tǒng)能量守恒解得2025年高三年級(jí)第一次適應(yīng)性檢測(cè)物理試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.2025年1月20日，我國自主設(shè)計(jì)全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝置（EAST）創(chuàng)造了新的世界記錄，實(shí)現(xiàn)了1億攝氏度穩(wěn)態(tài)長脈沖高約束模等離子體運(yùn)行1066秒。該裝置中的核反應(yīng)方程為，其中可以用中子轟擊得到，下列說法正確的是（）A.該核反應(yīng)方程中是質(zhì)子B.該核反應(yīng)滿足電荷數(shù)守恒和質(zhì)量守恒C.的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能D.用中子轟擊還能得到，該反應(yīng)屬于核聚變【答案】C【解析】A．由質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得X的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為1，所以X為中子，故A錯(cuò)誤；B．核反應(yīng)滿足電荷數(shù)守恒，但由于核反應(yīng)過程中有質(zhì)量虧損，會(huì)以能量的形式釋放出來，所以不滿足質(zhì)量守恒，而是滿足質(zhì)量數(shù)守恒，故B錯(cuò)誤；C．生成物比反應(yīng)物更加穩(wěn)定，所以的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，故C正確；D．用中子轟擊的反應(yīng)屬于人工核轉(zhuǎn)變，核聚變是質(zhì)量較小的核結(jié)合成質(zhì)量較大的核的反應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選C。2.一小球以初速度從底端滑上光滑固定斜面，當(dāng)向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度減為。已知小球恰好能到達(dá)斜面頂端，則斜面的長度為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)斜面與水平方向夾角為，當(dāng)向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，由動(dòng)能定理可得當(dāng)小球恰好能到達(dá)斜面頂端時(shí)，由動(dòng)能定理可得聯(lián)立上式可得。故選A。3.用平行單色光垂直底面照射一透明薄膜，形成的干涉圖樣如圖所示。則該透明薄膜截面的形狀可能是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】薄膜干涉是光照射到薄膜上時(shí)，薄膜前后表面反射的兩列光相疊加，發(fā)生干涉現(xiàn)象，同一條亮條紋或暗條紋對(duì)應(yīng)的薄膜厚度相等，干涉條紋寬度越寬說明薄膜厚度變化越小，由圖可知，相鄰亮條紋間的距離變大，干涉條紋越來越寬，故薄膜厚度變化越來越小。故選C。4.一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)歷如圖所示循環(huán)過程，過程溫度不變，過程壓強(qiáng)不變。下列說法正確的是（）A.過程，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能減少B.過程，壓強(qiáng)不變，分子平均動(dòng)能不變C.過程，氣體向外界放出的熱量等于外界對(duì)氣體做的功D.過程，氣體從外界吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的增加量【答案】D【解析】A．過程溫度不變，壓強(qiáng)減小，根據(jù)可知，體積增大，所以氣體對(duì)外做功，但理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，所以內(nèi)能不變，故A錯(cuò)誤；BC．過程，壓強(qiáng)不變，溫度降低，氣體內(nèi)能減小，分子平均動(dòng)能也減小，又根據(jù)可知，體積減小，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)可知，氣體向外界放出熱量，且氣體向外界放出的熱量大于外界對(duì)氣體做的功，故BC錯(cuò)誤；D．過程，溫度升高，內(nèi)能增加，且恒定，根據(jù)可知，體積不變，氣體從外界吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的增加量，故D正確。故選D。5.我國對(duì)深空的探索從月球開始，通過“嫦娥工程”的深入推進(jìn)，逐步實(shí)現(xiàn)我們的航天夢(mèng)。已知“嫦娥一號(hào)”和“嫦娥二號(hào)”繞月球圓軌道運(yùn)行時(shí)周期之比為，兩者距月球表面的高度分別是和。則月球的半徑為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)開普勒第三定律可知解得故選A。6.如圖所示，是邊長為的等邊三角形金屬線框，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框與理想變壓器相連。已知變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為和，電表均為理想電表，不計(jì)線框的電阻。時(shí)刻線框從圖示位置繞軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A.時(shí)線框感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大B.電壓表的示數(shù)為C.若滑動(dòng)變阻器的阻值減小，則電流表示數(shù)將減小D.若線框轉(zhuǎn)動(dòng)角速度加倍，則電流表示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?倍【答案】B【解析】A．時(shí)線框垂直于磁場(chǎng)，磁通量最大，磁通量變化率為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，故A錯(cuò)誤；B．該線框在磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生正弦式交流電，其峰值為其中有效值為變壓器輸入電壓為又解得電壓表的示數(shù)為故B正確；C．因線框電阻不計(jì)，所以滑動(dòng)變阻器的阻值變化時(shí)，變壓器輸入電壓、輸出電壓不變，若滑動(dòng)變阻器的阻值減小，則副線圈中的電流增大，原線圈中的電流也增大，即電流表示數(shù)將增大，故C錯(cuò)誤；D．若線框轉(zhuǎn)動(dòng)角速度加倍，由以上推導(dǎo)可知，變壓器輸出電壓加倍，副線圈中的電流加倍，原線圈中的電流也加倍，即電流表示數(shù)加倍，故D錯(cuò)誤。故選B。7.隨著低空經(jīng)濟(jì)的發(fā)展，小型電動(dòng)飛機(jī)將成為人們的通勤選擇。現(xiàn)有某款新型號(hào)電動(dòng)飛機(jī)，工程技術(shù)人員通過研究空氣阻力對(duì)飛機(jī)運(yùn)動(dòng)的影響，驗(yàn)證飛機(jī)氣動(dòng)布局性能。如圖所示，在平直跑道上，技術(shù)人員調(diào)整飛機(jī)動(dòng)力輸出單元，使飛機(jī)在大小為的恒定牽引力作用下由靜止開始加速運(yùn)動(dòng)，發(fā)現(xiàn)經(jīng)時(shí)間飛機(jī)的速度不再增加。已知飛機(jī)的質(zhì)量為，飛機(jī)所受阻力大小，其中為常數(shù)，不計(jì)飛機(jī)輪胎與地面間的滾動(dòng)摩擦，下列說法正確的是（）A.時(shí)間內(nèi)飛機(jī)滑行的距離B.驅(qū)動(dòng)飛機(jī)的電機(jī)輸出功率隨時(shí)間線性增大C.若時(shí)刻飛機(jī)剛好達(dá)到額定功率，則D.時(shí)間內(nèi)飛機(jī)克服阻力所做的功【答案】D【解析】AD．飛機(jī)到達(dá)最大速度時(shí)有解得根據(jù)動(dòng)量定理有將代入有解得根據(jù)動(dòng)能定理有解得故A錯(cuò)誤，D正確；B．飛機(jī)受力不斷變化，則加速度改變，由可知驅(qū)動(dòng)飛機(jī)的電機(jī)輸出功率不隨時(shí)間線性增大，故B錯(cuò)誤；C．若時(shí)刻飛機(jī)剛好達(dá)到額定功率，則解得故C錯(cuò)誤；故選D。8.取無限遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，不等量異種電荷附近，存在一個(gè)電勢(shì)為0的等勢(shì)球面。如圖所示，兩點(diǎn)電荷和分別位于軸上的和處，點(diǎn)為兩點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)，以軸上點(diǎn)為圓心的虛線圓上各點(diǎn)的電勢(shì)均為0，點(diǎn)的電勢(shì)。下列說法正確的是（）A.帶負(fù)電，帶正電，所帶電荷量大于所帶電荷量B.虛線圓上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向均沿半徑指向圓心C.若僅減小所帶電荷量，則虛線圓的半徑將減小D.若僅增大所帶電荷量，則虛線圓圓心的位置將遠(yuǎn)離【答案】C【解析】A．因?yàn)榈葎?shì)球面上電勢(shì)為，且點(diǎn)電勢(shì)大于，沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，所以電場(chǎng)線方向大致從指向，則帶負(fù)電，帶正電。在電勢(shì)為的等勢(shì)球面上，根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)的特點(diǎn)，等勢(shì)面為的地方，離電荷量小的地方近，離電荷量大的地方遠(yuǎn)，從圖中可知等勢(shì)面離近，所以所帶電荷量小于所帶電荷量，故A錯(cuò)誤；B．等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直，虛線圓是等勢(shì)面，那么圓上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向均沿半徑方向，但不一定是指向圓心。故B錯(cuò)誤；C．取無限遠(yuǎn)處電勢(shì)為，等勢(shì)球面電勢(shì)為，將一正試探電荷從圓上移到無限遠(yuǎn)處電場(chǎng)力做功為零，假設(shè)電場(chǎng)做功為，電場(chǎng)做功為，因?yàn)椋渲袨樨?fù)值，若僅減小所帶電荷量，由于不變，所以要想也不變，虛線圓的半徑需要減小，故C正確；D．由前面可知，若僅增大所帶電荷量，則虛線圓半徑需要減小，圓心的位置將靠近，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.潛水鐘是一種沉放到水下研究水底情況的裝置。如圖所示，一質(zhì)量的潛水鐘高，橫截面積，從水面上方開口向下沉入水中，最終到達(dá)水平海床，進(jìn)入鐘內(nèi)的水深。已知鐘內(nèi)封閉氣體溫度保持不變，大氣壓強(qiáng)，海水的密度，重力加速度，不考慮鐘壁厚度。下列說法正確的是（）A.海水深度B.海水深度C.潛水鐘對(duì)海床的壓力D.潛水鐘對(duì)海床的壓力【答案】BC【解析】AB．根據(jù)題意可知，未放入水中時(shí)，封閉氣體壓強(qiáng)為，體積為沉到深度為的水底，壓強(qiáng)為體積為根據(jù)玻意耳定律解得故A錯(cuò)誤，B正確；CD．由上分析，可得沉到深度為的水底時(shí)壓強(qiáng)為可得沉到深度為的水底時(shí)壓強(qiáng)為對(duì)潛水鐘受力分析，根據(jù)平衡條件有可得海床對(duì)潛水鐘的支持力根據(jù)牛頓第三定律，可知潛水鐘對(duì)海床的壓力故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖所示，均勻介質(zhì)中有一列沿軸正向傳播的簡諧橫波。時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)B位于波谷位置，時(shí)刻B第一次回到平衡位置，時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A第一次回到平衡位置。已知A、B的平衡位置間距離為。下列說法正確的是（）A.時(shí)A點(diǎn)向上振動(dòng) B.該波周期為C.該波波長為 D.該波波速為【答案】BD【解析】A．根據(jù)“上下坡”法可知，時(shí)A點(diǎn)向下振動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由圖像可知，質(zhì)點(diǎn)B從波谷第一次回到平衡位置所需時(shí)間為四分之一周期，即解得該波周期為故B正確；C．依題意，質(zhì)點(diǎn)A經(jīng)0.4s第一次回到平衡位置，則第一次到達(dá)波谷的時(shí)間為由機(jī)械波時(shí)間與空間的對(duì)應(yīng)性可知解得故C錯(cuò)誤；D．該波波速為故D正確。故選BD。11.如圖所示，兩根相距為的平行光滑金屬導(dǎo)軌傾斜放置，處于垂直導(dǎo)軌平面向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩導(dǎo)軌頂端與電容器相連，質(zhì)量為、長度為的金屬桿垂直導(dǎo)軌放置，金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好。開始時(shí)電容器不帶電，金屬桿被鎖定在距傾斜導(dǎo)軌底端處。已知兩導(dǎo)軌傾角均為，電容器電容為，重力加速度為，不計(jì)一切電阻?，F(xiàn)解除鎖定，下列說法正確的是（）A.金屬桿下滑過程中做加速度減小的變加速直線運(yùn)動(dòng)B.若增大電容器電容，金屬桿下滑時(shí)間變短C.金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時(shí)電容器極板間電壓D.金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時(shí)電容器儲(chǔ)存的電能【答案】CD【解析】A．t時(shí)刻電容器兩端的電壓為：U=E=BLv棒沿導(dǎo)軌下滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinθ-F=ma又棒所受安培力為：F=BIL電路中電流為：聯(lián)立以上三式得：式中各量均不變，說明加速度不變，可知導(dǎo)體棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．若增大電容器電容，加速度減小，則根據(jù)可知金屬桿下滑時(shí)間變長，故B錯(cuò)誤；C．金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時(shí)的速度電容器極板間電壓故C正確；D．金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時(shí)電容器儲(chǔ)存的電能故D正確。故選CD。12.質(zhì)量為的光滑半圓形凹槽靜止在光滑水平地面上，在凹槽左側(cè)與圓心等高處由靜止釋放一質(zhì)量為、可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，小球相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)的軌跡為半個(gè)橢圓，如圖甲中虛線所示。運(yùn)動(dòng)過程中小球的動(dòng)能隨時(shí)間變化圖像如圖乙所示，已知橢圓半長軸與半短軸之比為。下列說法正確的是（）A.半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒B.小球質(zhì)量與凹槽質(zhì)量之比C.時(shí)刻，小球受到凹槽支持力方向與速度垂直D.時(shí)刻，小球受到凹槽的支持力大于小球的重力【答案】ABD【解析】A．小球向下運(yùn)動(dòng)過程中，在豎直方向的分加速度方向先向下后向上，小球先處于失重后處于超重狀態(tài)，可知，半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)所受外力的合力不為0，即半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A正確；B．令凹槽半徑為R，根據(jù)圖中所示半個(gè)橢圓可知，半長軸為R，則半短軸為，短軸為，即小球在水平方向的分位移半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，則有其中解得故B正確；C．根據(jù)圖乙的對(duì)稱性可知，時(shí)刻小球位于凹槽最低點(diǎn)，則時(shí)刻小球位于釋放點(diǎn)與凹槽最低點(diǎn)之間的某一位置，小球相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)的軌跡為半個(gè)橢圓，軌跡的最低點(diǎn)即為凹槽的最低點(diǎn)，時(shí)刻小球受到凹槽的支持力方向指向凹槽圓心，速度方向沿半橢圓軌跡切線方向，可知，時(shí)刻，小球受到凹槽的支持力方向與速度方向不垂直，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述可知，時(shí)刻小球位于凹槽最低點(diǎn)，小球相對(duì)于凹槽做圓周運(yùn)動(dòng)，小球在最低點(diǎn)相對(duì)于凹槽的速度方向水平向右，由于小球小球相對(duì)于凹槽做圓周運(yùn)動(dòng)，則小球在最低點(diǎn)沿半徑方向的合力提供向心力，此時(shí)加速度方向豎直向上，則時(shí)刻，小球受到凹槽的支持力大于小球的重力，故D正確。故選ABD三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.為研究小球斜上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，某興趣小組用手機(jī)拍攝了一段小球斜上拋運(yùn)動(dòng)視頻，圖甲為利用Tracker視頻分析軟件按幀獲取的小球位置。取運(yùn)動(dòng)過程的某點(diǎn)為原點(diǎn)，水平向右為軸正方向，豎直向上為軸正方向，建立坐標(biāo)系。經(jīng)軟件分析得到實(shí)際位置坐標(biāo)、圖像及對(duì)應(yīng)擬合曲線方程，如圖乙所示。（1）在選擇小球時(shí)，對(duì)小球的要求是________；（2）由圖乙可得，小球的加速度大小為________，小球在原點(diǎn)處速度與水平方向夾角的正切值為________；（3）幀率表示視頻在內(nèi)記錄的靜止畫面數(shù)量，單位為赫茲（）。Tracker視頻分析軟件是按視頻的幀率來獲取小球的位置，圖乙中描繪的點(diǎn)為軟件捕獲的每幀小球?qū)嶋H位置坐標(biāo)隨時(shí)間的變化關(guān)系，由此可以判斷該視頻的幀率最接近________。A B. C. D.【答案】（1）質(zhì)量大、體積?。ɑ蛎芏却螅?；（2）9.82.6（3）B【解析】【小問1詳析】為了減少空氣阻力的影響，在選擇小球時(shí)，應(yīng)盡可能選擇質(zhì)量大、體積?。芏却螅┑男∏??！拘?詳析】[1][2]斜拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由圖乙（1）可得斜拋運(yùn)動(dòng)水平方向上的速度設(shè)斜拋運(yùn)動(dòng)初速度為，與水平方向夾角為，水平位移豎直方向上位移結(jié)合圖乙（2）可知，小球的加速度小球在原點(diǎn)處速度與水平方向夾角的正切值為?！拘?詳析】由（2）可知，斜拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上的初速度豎直方向上升到最高點(diǎn)的時(shí)間結(jié)合圖乙（2）可知，上升到最高點(diǎn)該視頻的幀率為故選B。14.某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量某型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，該電池的電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻約為，實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：電流表G（量程，內(nèi)阻未知）電阻箱（總阻值為，額定電流為）電阻箱（總阻值為，額定電流為）滑動(dòng)變阻器（最大阻值約為，額定電流為）滑動(dòng)變阻器（最大阻值約為，額定電流為）開關(guān)2個(gè)，導(dǎo)線若干（1）先用圖甲所示電路測(cè)量電流表的內(nèi)阻：①滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選取________（選填“”或“”）；②斷開開關(guān)、，連接好電路，將滑動(dòng)變阻器的滑片滑至________端（選填“左”或“右”）；③閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)，使電流表的指針滿偏；④保持的滑片位置不變，再閉合開關(guān)，將電阻箱的阻值調(diào)為時(shí)，電流表的示數(shù)為，則電流表的內(nèi)阻________，電流表內(nèi)阻的測(cè)量值較其真實(shí)值________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。（2）按圖乙所示電路圖連接電路，將電阻箱的阻值調(diào)為，再閉合開關(guān)、，多次調(diào)節(jié)電阻箱，記錄每次電阻箱的阻值及對(duì)應(yīng)的電流表的示數(shù)，作出圖像如圖丙所示，則該型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)________，內(nèi)阻________。（結(jié)果均保留1位小數(shù)）【答案】（1）左30##30.0偏?。?）12.03.2【解析】【小問1詳析】[1]先用圖甲所示電路測(cè)量電流表的內(nèi)阻，閉合開關(guān)，斷開，電路最小電阻約為故滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選取。[2]斷開開關(guān)、，連接好電路，為保護(hù)電路，將滑動(dòng)變阻器的滑片滑至左端。[3]根據(jù)并聯(lián)關(guān)系，解得[4]由于并聯(lián)后總電阻變小，總電流變大，大于，流過的真實(shí)電流大于，故計(jì)算得出的電流表內(nèi)阻的測(cè)量值較其真實(shí)值偏小。【小問2詳析】[1][2]根據(jù)電路關(guān)系代入數(shù)據(jù)整理得根據(jù)圖丙知，斜率縱軸截距聯(lián)立解得，15.精確空投系統(tǒng)通過輔助制導(dǎo)設(shè)備，在慣性導(dǎo)航的基礎(chǔ)上微調(diào)運(yùn)動(dòng)軌跡來提高空投物資的準(zhǔn)確度。如圖所示，某次空投中飛機(jī)在高度以水平速度勻速飛行。飛機(jī)釋放一個(gè)質(zhì)量的包裹，釋放后包裹依靠慣性運(yùn)動(dòng)，忽略空氣阻力，重力加速度。（1）要使包裹能準(zhǔn)確投送到飛機(jī)正前方水平地面上的目標(biāo)位置，求包裹釋放位置與目標(biāo)位置的水平距離；（2）若飛機(jī)飛行過程中突然遇到強(qiáng)風(fēng)，強(qiáng)風(fēng)過后飛機(jī)高度抬升了，并獲得豎直向上的速度，水平速度不變，此時(shí)飛機(jī)處于（1）問中釋放位置的正上方，立即釋放包裹。要使包裹仍能準(zhǔn)確投送到同一目標(biāo)位置，釋放包裹的同時(shí)