2016年全國卷物理試卷分析

1、中國教育培訓(xùn)領(lǐng)軍品牌恒基教育HEI4GJUIA0YU2016年高考物理試卷分析選擇題實(shí)驗(yàn)題計(jì)算題總計(jì)題數(shù)分值題數(shù)分值題數(shù)分值題數(shù)分值84821646414128.題型與數(shù)量2017局考物理模擬試卷題號(hào)考查知識(shí)點(diǎn)難度具體考點(diǎn)及公式14電容器的動(dòng)態(tài)分析易_ 4nkQ E=U/d,C=Q/UE 一“S電容器等電學(xué)公式的運(yùn)用15帶電粒子在電場中的加速以及在磁場中的偏轉(zhuǎn)中cv2 c mvqvB = m R =RqB電場加速以及磁場偏轉(zhuǎn)公式的計(jì)算16變壓器以及遠(yuǎn)距離輸電難電路的綜合分析以及變壓器等公式 的綜合運(yùn)用。17力后引力與航天難22Mmv24兀G 2 -m - m® r-m 2 r rrT

2、同步衛(wèi)星以及集合關(guān)系的綜合分析18運(yùn)動(dòng)狀態(tài)以及牛頓第二定律考察簡單運(yùn)動(dòng)學(xué)相關(guān)定義的基礎(chǔ)，It考察19力的止交分解中力的蒸餃分解，涉及到多個(gè)力以及分析匯總關(guān)于死結(jié)活結(jié)的分析。20帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)分析以及功能關(guān)系中力的分析、電勢(shì)能、動(dòng)能考察。21質(zhì)點(diǎn)的直線運(yùn)動(dòng)追擊相遇問題中結(jié)合v-t圖像對(duì)物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的分.考察的內(nèi)容及分布2r = ma10戶力卸恒基教育HENGJIJIAOYUk,.1,2析。s = vot+-at 222驗(yàn)證機(jī)械能守恒簡單打點(diǎn)計(jì)時(shí)器紙帶的數(shù)據(jù)處理23電路設(shè)計(jì)中電路的功能綜合分析和計(jì)算。整體難度中等以上，計(jì)算量較簡單、但坑較多。三、試卷整體分析1、試卷的整體難度中等偏上，符

3、合全國卷一貫的風(fēng)格，知識(shí)點(diǎn)分布較為均勻，較往年試卷相比類型較像，但題型重合度不高。比較側(cè)重于考察學(xué)生思維的發(fā)散性和從多個(gè)角度思考問 題的能力。2、整體試卷對(duì)學(xué)生的數(shù)字?jǐn)?shù)據(jù)計(jì)算能力有著較高的要求，相比于 （一）劉建廷講解試卷選擇題和填空題2017年試卷難度較大。14.一含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中電阻Ri、R和R的阻值分別是3C、1建和4C, 0為理想交流電流表，U為 正弦交流電壓源，輸出電壓的有效值恒定。當(dāng)開關(guān) S斷開 時(shí)，電流表的示數(shù)為I ;當(dāng)S閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為 41。 該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為（）A. 2B. 3C. 4D. 5【答案】【解析】解法當(dāng)S斷開時(shí)，電路如右圖所示由

4、閉合電路歐姆定律，原線圈兩端電壓 U1=U-IR1得U1 =U -3I,._Ui ni根據(jù)變壓器原副邊電壓關(guān)系：.=nU 2 n2U2 U2副線圈中的電流：12 Q +D CR2 R352、2聯(lián)立得：曳=Lz3_ink J 5I不創(chuàng)恒基教苜HENGJIJIAOYU當(dāng)S閉合時(shí)，電路如右圖所示由閉合電路歐姆定律 ，原線圈兩端電壓 U/ =U 4I RUJ =U _12I根據(jù)變壓器原副邊電壓關(guān)系副線圈中的電流得：聯(lián)立得聯(lián)立解得U/U 2/ nb / S' S'I2 =R21/2niU -12IS廠41n1 =3n2解法設(shè)開關(guān)S斷開前后，變壓器的等效電阻為R和R',由于變壓器輸

5、入功率與輸出功率相同，、2 I 2R2 R3S閉合前：I2 R=()2 (R2 +0),得R=，蕓3 nn2 _ 4I 2 _. RoS閉合后：(4I)2 R'=(一)2 R2,得 Rhe nn根據(jù)閉合電路歐姆定律：S閉合前：S閉合后：根據(jù)以上各式得：RiR4IR2R 2ncR2R3R 2 n3 -52n解得，n =315.利用三顆位置適當(dāng)?shù)牡厍蛲叫l(wèi)星，可使地球赤道上任意兩點(diǎn)之間保持無線電通訊。目前，地球同步衛(wèi)星的軌道半徑約為地球半徑的6.6倍。假設(shè)地球的自轉(zhuǎn)周期變小，若仍僅用三顆同步衛(wèi)星來實(shí)現(xiàn)上述目的，則地球自轉(zhuǎn)周期的最小值約為（）A. 1hB. 4hC. 8hD. 16 h【答案

6、】 B限）恒基教育7 HENGJIJIAOYU【 解析】地球自轉(zhuǎn)周期變小，衛(wèi)星要與地球保持同步，則衛(wèi)星的公轉(zhuǎn)周期也應(yīng)隨之Mm變小，由G 2 r= mr；:可得 T=J4H，TGM則衛(wèi)星離地球的高度應(yīng)變小，要實(shí)現(xiàn)三顆衛(wèi)星覆蓋全球的目的，則衛(wèi)星周期最小時(shí)，由數(shù)學(xué)幾何關(guān)系可作出右圖R由幾何關(guān)系得，衛(wèi)星的軌道半徑為=-2Rsin30331口由開普勒第三定律 十=旨，代入題中數(shù)據(jù)，得Il 2(6.6R)3 _ r3242一 T22衛(wèi)星衛(wèi)星衛(wèi)星由解得T2之4h16. (5 分)某同學(xué)用圖(a)所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，其中打點(diǎn) 計(jì)時(shí)器的電源為交流電源，可以使用的頻率有 20Hz、30Hz和 40H

7、z。打出紙帶的一部分如圖(b)所示。該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中沒有記錄交流電的頻率f,需要用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)和其它題給條件進(jìn)行推算。(1)若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用 f和圖(b)中給 出的物理量可以寫出：在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出 B點(diǎn)時(shí)，重物下落的速度 大小為，打出C點(diǎn)時(shí)重物下落的速度大小為,重物下落的加速度大小為 。(2)已測得S =8.89cm , S2 =9.50cm , 8 =10.10cm ,當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮?9.80m/s2，實(shí)驗(yàn)中重物受到的平均阻力大小約為其重力的1%,由此推算出f為 Hz。fff2【答案】 £(§+&), 2(S. +S3), .(0-&

8、;)； 40【 解析】由于重物勻加速下落，A、B、C、D各相鄰點(diǎn)之間時(shí)間間隔相同，因此B點(diǎn)應(yīng)是從A運(yùn)動(dòng)到C的過程的中間時(shí)刻，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論可得：S SB點(diǎn)的速度Vb等于AC段的平均速度，即VB=S_*2tVc -Vb21故 a = t = 重物下落的過程中： 由已知條件 由得rf 2代入得：a=（S32(2)金屬棒運(yùn)動(dòng)速度的大小。0即恒基教育HENGJIJIAOYU1, f由于 t =f ,故 Vb ="2（Si +S2）同理可得Vc =f （S2 - S3）v勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度a =.：tS3) -(S S2)f2=(S3 -Si)12f由牛頓第二定律可得：mg -5阻

9、52F 阻=0.01mga =0.99g§),代入數(shù)據(jù)得f電40Hz17. （14 分）如圖，兩固定的絕緣斜面傾角均為 9,上沿相連。兩細(xì)金屬棒ab （僅標(biāo)出a端）和cd （僅標(biāo)出c端）長度均為L,質(zhì)量分別為2m和m；用兩根不可伸長的柔軟輕導(dǎo)線將它們連成閉合回路abdca,并通過固定在斜面上沿的兩光滑絕緣小定滑輪跨放在斜面上，使兩金屬棒水平。右斜面上存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直于斜面向上。已知兩根導(dǎo)線剛好不在磁場中，回路電阻為 R,兩金屬棒與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為B，重力加速度大小為g。已知金屬棒ab勻速下滑。求作用在金屬棒ab上的安培力的大小;考點(diǎn)：受力分析、正交分解

10、法、楞次定律、安培力的方向、歐姆定律突破點(diǎn)：先通過運(yùn)動(dòng)方向判斷磁通量的變化，然后判斷安培力的方向。通過對(duì)ab受力分析把求安培力轉(zhuǎn)換為求繩子拉力，又因?yàn)槔K子對(duì)ab和cd拉力相同，所以再對(duì) cd進(jìn)行受力分析。E =BLv ,用安培力求電流即可解答?！窘馕觥浚?）由ab、cd棒被平行于斜面的導(dǎo)線相連，故ab、cd速度時(shí)時(shí)刻刻相等，cd也做勻速直線運(yùn)動(dòng)；選cd為研究對(duì)象，受力分析如圖：, 1r.由于cd勻速，其受力平衡，沿斜面方向受力平衡方程：、初加恒基教育r HENGJIJfAOYUMd =Gcd c0sl垂直于斜面方向受力平衡方程：fcd GcdSin- -T且fcd =NNcd ,聯(lián)立可得：T

11、=mgcos 二 mg sin i選ab為研究對(duì)象，受力分析如圖：其沿斜面方向受力平衡：T'+fab +F安=GabSin垂直于斜面方向受力平衡：Nab =Gab Cos 二且fab = NNab , T與T '為作用力與反作用力：T ' =T ,聯(lián)立可得：F安=mg sin 二-3.Lmgcos 二(2)設(shè)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E ,由電磁感應(yīng)定律：E = BLv由閉合電路歐姆定律，回路中電流： I =旦=四R RB2|2，棒中所受的安培力：F安=BIL =巴一 R mgR(sin 二-3-'cos)._v =_2. 2與聯(lián)立可得：B L18. (18 分)如圖，一輕

12、彈簧原長為2R,其一端固定在傾角為 37的固定直軌道 AC的底端A處，另一 端位于直軌道上 B處，彈簧處于自然狀態(tài)。 直軌道與一半徑為 勺R(shí)的光滑圓弧軌道相切于6C點(diǎn)，AC =7R, A、B、C、D均在同一豎直平面內(nèi)。質(zhì)量為 m的小物塊P自C點(diǎn)由靜 止開始下滑，最低到達(dá) E點(diǎn)(未畫出)隨后 P沿軌道被彈回，最高到達(dá) F點(diǎn)，AF=4R。1 一3已知P與直軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)R=z，重力加速度大小為 g ° (取sin37°=-,4 cos37 =一)5(1) 求P第一次運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度的大小。(2) 求P運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能。(3) 改變物塊P的質(zhì)量，將P推至E點(diǎn)，從靜止

13、開始釋放。已知P自圓弧軌道的最高點(diǎn) D處水平飛出后，恰好通過 G點(diǎn)。G點(diǎn)在C點(diǎn)的左下方，與 C點(diǎn)水平相 距2 R、豎直相距R ,求P運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)速度的大小和改變后 P的質(zhì)量。恒基教育HENGJIJtAOYU中國教育培訓(xùn)領(lǐng)軍品牌12A考點(diǎn)：受力分析、正交分解、動(dòng)能定理、勻加速直線運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)難易：難題，比較綜合，牽扯知識(shí)比較多，并且要注意的小地方很多。突破點(diǎn)：物塊先受力分析求出加速度，然后用勻加速直線運(yùn)動(dòng)公式去做。求彈簧彈性勢(shì)能時(shí)，最主要是要求出彈簧形變量，要分兩個(gè)過程去求。關(guān)鍵點(diǎn)是用摩擦力做功去求。平拋 運(yùn)動(dòng)中藥主要兩個(gè)方向的位移需要用幾何關(guān)系去求?！窘馕觥?1)選P為研究對(duì)象，受力分析如圖

14、:設(shè)P加速度為a ,其垂直于斜面方向受力平衡：Gcos8=N沿斜面方向，由牛屯第二定律得：GsinH f=ma2且 f =NN ,可得： a =g sin0 -Mg cos日=g 5又CB段過程，由vt2 V =2as代入數(shù)據(jù)得B點(diǎn)速度：vB=2jgR(2) P從C點(diǎn)出發(fā)，最終靜止在 F ,分析整段過程; 由C至1J F ,重力勢(shì)能變化量：AEp =-mg 3Rsin6減少的重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能。設(shè)E點(diǎn)離B點(diǎn)的距離為xR,從C到F ,產(chǎn)熱：Q =mgcosM7R 2xR)由Q =|AEp ,聯(lián)立、解得：x =1 ；研究P從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)過程重力做功：WG = mg sin犬5 R xR)摩擦

15、力做功：Wf =-口 mgcos?(5R xR)動(dòng)能變化量：石 u0J由動(dòng)能定理：Wg Wf W單=Ek代入得:12mgR由AE彈=叫單，到E點(diǎn)時(shí)彈性勢(shì)能512mgR5(3)其幾何關(guān)系如下圖.21可知：OQ =-R CQ =一 R3'2中國教育培訓(xùn)領(lǐng)軍品牌力卸恒基教育HENGJIJtAOYU由幾何關(guān)系可得，G點(diǎn)在D左下方，豎直高度差為 r,水平距離為3R。設(shè)P從D點(diǎn)拋出時(shí)速度為vo ,到G點(diǎn)時(shí)間為t其水平位移：3R=%t51豎直位移：5R= gt22 2解得：v0=3_B處5研究P從E點(diǎn)到D點(diǎn)過程，設(shè)P此時(shí)質(zhì)量為m',此過程中：3 .51重力做功：WG ' - -m&#

16、39;g（-R 6RsinR m'gR2106摩擦力做功：Wf' - -'m'g 6Rcos【- m'gR512彈力做功：W單'=-AE彈=mgR1 29動(dòng)能變化重：.Ek'=-m'v0 -0J = m'gR2 10由動(dòng)能定理：WG ' Wf ' Wn ' = ."：Ek '將代入，可得：1m' = - m333.物理選修 3-3 （15分）（1） （5分）關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是 。（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì) 1 個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣

17、3分，最低得分為0分）A.氣體吸熱后溫度一定升高B.對(duì)氣體做功可以改變其內(nèi)能C.理想氣體等壓膨脹過程一定放熱D.熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體E.如果兩個(gè)系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間也 必定達(dá)到熱平衡【考點(diǎn)】理想氣體狀態(tài)方程，熱力學(xué)第一定律，熱力學(xué)第二定律，熱平衡的理解?！倦y點(diǎn)】等壓膨脹氣體溫度升高，內(nèi)能增大；氣體又對(duì)外做功，所以氣體一定吸熱?！窘馕觥繗怏w內(nèi)能的改變 四=Q +W ,故對(duì)氣體做功可改變氣體內(nèi)能，B選項(xiàng)正確；氣體吸熱為Q，但不確定外界做功 W的情況，故不能確定氣體溫度變化，A選項(xiàng)錯(cuò)誤;理想氣體等壓膨脹， W M0 ,由理想氣體狀態(tài)方程

18、PV=nRT, P不變，V增大， 氣體溫度升高，內(nèi)能增大。由 ，U=Q-W,氣體過程中一定吸熱，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；由熱力學(xué)第二定律，D選項(xiàng)正確；根據(jù)平衡性質(zhì)，E選項(xiàng)正確；16a恒基教苜7 HENGJIJIAOYU(2) (10分)在水下氣泡內(nèi)空氣的壓強(qiáng)大于氣泡表面外側(cè)水的壓強(qiáng)，兩壓強(qiáng)差你與氣2；一泡半徑r之間的關(guān)系為 綠二:，其中仃=0.070N/m?，F(xiàn)讓水下10m處一半徑為0.50cm的 氣泡緩慢上升。已知大氣壓強(qiáng) p0 =1.0x105Pa,水的密度 P = 1.0Ml03kg/m3 ,重力加速度 大小 g =10m/S2。(i)求在水下10m處氣泡內(nèi)外的壓強(qiáng)差；(ii)忽略水溫隨水深的變化，在

19、氣泡上升到十分接近水面時(shí)，求氣泡的半徑與其原來半徑之比的近似值?！究键c(diǎn)】理想氣體狀態(tài)方程【難點(diǎn)】當(dāng)氣體內(nèi)部壓強(qiáng)遠(yuǎn)大于氣泡內(nèi)外壓強(qiáng)差時(shí)，計(jì)算氣體內(nèi)部壓強(qiáng)時(shí)可忽略掉壓強(qiáng)差，即氣體壓強(qiáng)等于對(duì)應(yīng)位置的水壓。(i)由公式妒=得 CP =2-0.070 pa=28pa-5 10一水下10m處氣泡的壓強(qiáng)差是 28Pa。(ii )忽略水溫隨水深的變化，所以在水深10m處和在接近水面時(shí)氣泡內(nèi)溫度相同。由理想氣體狀態(tài)方程 PV =nRT ,得PV1 =PV2V1 =其中,43一二1343二23由于氣泡內(nèi)外的壓強(qiáng)差遠(yuǎn)小于水壓，氣泡內(nèi)壓強(qiáng)可近似等于對(duì)應(yīng)位置處的水壓,以有-535P =F0 + pgh1 =1 M10

20、Pa+1X10 黑 10X10=2X10 Pa=2P0P2 = P0將帶入得，2P0 4二-13 = P0 -二-2333332 -1 r2-2 =3 21.3134.物理選修 3-5 (15分)(1) (5分)現(xiàn)用某一光電管進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，當(dāng)用某一頻率的光入射時(shí)，有光電流產(chǎn)生。下列說法正確的是。(填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì) 1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)A.保持入射光的頻率不變，入射光的光強(qiáng)變大，飽和光電流變大B.入射光的頻率變高，飽和光電流變大C.入射光的頻率變高，光電子的最大初動(dòng)能變大D.保持入射光的光強(qiáng)不變，不斷減小入射光的頻率，始終有光電流產(chǎn)生E.遏止電壓的大小與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的光強(qiáng)無關(guān)【解析】由光電效應(yīng)規(guī)律可知，當(dāng)頻率低于截止頻率時(shí)無論光照強(qiáng)度多大，都不會(huì)有光電流,因此D錯(cuò)誤；在發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，飽和光電流大小由光照強(qiáng)度來決定，與頻率無關(guān),）澗恒基教育HENGJIJtAOYU光照強(qiáng)度越大飽和光電流越大，因此A正確，B錯(cuò)誤，根據(jù)Ekm=hV-W可知，對(duì)于同一光電管，逸出功 W不變，當(dāng)頻率變高，最大初動(dòng)能Ekm變大，因此C正確,由Ekm =eUc和Ekm =h¥_W ,得hTW=eUc,遏制電