【高考模擬】 山東省濰坊市部分學(xué)校聯(lián)考高考物理模擬試卷答案與祥細(xì)解析

1、試卷第 =page 24 24頁(yè)，總 =sectionpages 24 24頁(yè)試卷第 =page 23 23頁(yè)，總 =sectionpages 24 24頁(yè)山東省濰坊市部分學(xué)校聯(lián)考高考物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1. 下列說(shuō)法正確的是（ ） A.方向不變、大小隨時(shí)間變化的電流是交變電流B.交變電流的峰值一定是其有效值的2倍C.遠(yuǎn)距離輸電時(shí)，可通過減小輸電線的電阻來(lái)降低輸電損耗D.理想變壓器原、副線圈中通過的交變電流的頻率之比等于原、副線圈的匝數(shù)之比2. 一個(gè)中子與原子核A發(fā)生核反應(yīng)，生成一個(gè)氘核，核反應(yīng)放出的能

2、量為Q，則氘核的比結(jié)合能和原子核A分別為（ ） A.Q,-10eB.Q2,11HC.Q,11HD.Q2,10e3. 物理老師在課堂上做了一個(gè)演示實(shí)驗(yàn)：讓某特制的一束復(fù)色光由空氣射向一塊平行平面玻璃磚（玻璃較厚），經(jīng)折射分成兩束單色光a、b，下列說(shuō)法正確的是（ ） A.a光光子的能量小于b光光子的能量B.若增大入射角i，則a光可能先消失C.進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，在其他條件相同的情況下，a光條紋間距大于b光條紋間距D.在玻璃磚中，a光的波長(zhǎng)比b光的波長(zhǎng)短4. 如圖所示，某河流中水流速度大小恒為v1，A處的下游C處是個(gè)旋渦，A點(diǎn)和旋渦的連線與河岸的最大夾角為為使小船從A點(diǎn)出發(fā)以恒定的速度安全到達(dá)對(duì)岸，小

3、船航行時(shí)在靜水中速度的最小值為（ ） A.v1sinB.v1cosC.v1tanD.v1sin5. 深空是在地球大氣極限以外很遠(yuǎn)的空間。若深空中有一行星X，其自轉(zhuǎn)周期為3h，同步衛(wèi)星的軌道半徑是其半徑的3.5倍，已知地球同步衛(wèi)星的軌道半徑約為地球半徑的7倍，則行星X與地球的平均密度之比約為（行星X與地球均視為球體）（ ） A.2B.4C.8D.166. 一質(zhì)點(diǎn)以某一初速度開始做直線運(yùn)動(dòng)，從質(zhì)點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)計(jì)時(shí)，經(jīng)時(shí)間t質(zhì)點(diǎn)的位移為x，其xt-t圖象如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（ ） A.質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.任意相鄰的0.2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)位移差的大小均為0.04mC.任意1s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)速度增量的大小均為

4、0.5m/sD.質(zhì)點(diǎn)在1s末與3s末的速度方向相同7. 水刀切割具有精度高、無(wú)熱變形、無(wú)毛刺、無(wú)需二次加工以及節(jié)約材料等特點(diǎn)，得到廣泛應(yīng)用。某水刀切割機(jī)床如圖所示，若橫截面直徑為d的水流以速度v垂直射到要切割的鋼板上，碰到鋼板后水的速度減為零，已知水的密度為，則鋼板受到水的沖力大小為（ ） A.d2vB.d2v2C.14d2vD.14d2v28. 如圖所示，光滑銅環(huán)水平固定，半徑為l，長(zhǎng)為l、電阻為r的銅棒OA的一端在銅環(huán)的圓心O處，另一端與銅環(huán)良好接觸，整個(gè)裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中?，F(xiàn)使銅棒OA以角速度逆時(shí)針（俯視）勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，A端始終在銅環(huán)上，定值電阻的阻值為3r

5、，上方導(dǎo)線與O點(diǎn)連接，下方導(dǎo)線與銅環(huán)連接，其他電阻不計(jì)。下列說(shuō)法正確的是（ ） A.O點(diǎn)的電勢(shì)比A點(diǎn)的電勢(shì)高B.回路中通過的電流為Bl24rC.該定值電阻兩端的電壓為38Bl2D.該定值電阻上的熱功率為2B2l416r二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分 在固定的帶負(fù)電點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，一帶電粒子q（不計(jì)重力）繞Q做橢圓運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，軌跡上有a、b兩點(diǎn)，a點(diǎn)離Q最近，b點(diǎn)離Q最遠(yuǎn)。下列說(shuō)法正確的是（ ） A.a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)B.a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C.

6、粒子q過a點(diǎn)時(shí)，粒子所受電場(chǎng)力做功的功率最大D.粒子q由a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，電勢(shì)能增大 一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t0時(shí)刻的波形如圖所示，此時(shí)波恰好傳到平衡位置在x12.5m處的P點(diǎn)已知平衡位置在x25.5m處的Q點(diǎn)在08s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為0.2m，則下列說(shuō)法正確的是（ ） A.P點(diǎn)的起振方向沿y軸負(fù)方向B.P點(diǎn)振動(dòng)的周期為4sC.該波的傳播速度大小為1m/sD.質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方程為y0.1sin2(t-6)(m)(t6s) 如圖所示，木箱通過輕繩Ob懸掛在天花板下，木箱內(nèi)有一豎直輕彈簧，彈簧上方有一物塊P，豎直輕繩Pc上端與木箱相連，下端與物塊P相連，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知木箱和物塊P的質(zhì)

7、量均為m，重力加速度大小為g，彈簧表現(xiàn)為拉力且拉力大小為14mg現(xiàn)將Ob繩剪斷，下列說(shuō)法正確的是（ ） A.剪斷Ob繩前，Pc繩的拉力大小為54mgB.剪斷Ob繩的瞬間，彈簧的彈力為零C.剪斷Ob繩的瞬間，物塊P的加速度大小為14gD.剪斷Ob繩的瞬間，Pc繩的拉力大小為14mg 如圖甲所示，固定粗糙斜面的傾角為37，與斜面平行的輕彈簧下端固定在C處，上端連接質(zhì)量為1kg的小滑塊（視為質(zhì)點(diǎn)），BC為彈簧的原長(zhǎng)?，F(xiàn)將滑塊從A處由靜止釋放，在滑塊從釋放至第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過程中，其加速度a隨彈簧的形變量x的變化規(guī)律如圖乙所示（取沿斜面向下為加速度的正方向）。取sin370.6，cos370.8，g

8、10m/s2下列說(shuō)法正確的是（ ） A.滑塊到達(dá)B處時(shí)的速度最大B.彈簧的勁度系數(shù)為10N/mC.滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5D.滑塊第一次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為1.6J三、非選擇題：本題共6小題，共60分 某同學(xué)利用圖甲所示DIS裝置探究滑塊加速度與合力的關(guān)系，同時(shí)測(cè)量滑塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)。重物通過光滑的定滑輪用細(xì)線拉滑塊，在滑塊和細(xì)線左端之間固定一力傳感器，位移傳感器（接收器）固定在軌道一端，位移傳感器（發(fā)射器）隨滑塊一起沿水平軌道運(yùn)動(dòng)。實(shí)驗(yàn)中，保持滑塊（包括位移傳感器發(fā)射器和力傳感器）的質(zhì)量M不變，改變重物的質(zhì)量m，重復(fù)實(shí)驗(yàn)若干次，得到滑塊的加速度a與力傳感器的示數(shù)F的

9、關(guān)系如圖乙所示。 （1）本實(shí)驗(yàn)_（填“需要”或“不需要”）滿足滑塊（包括位移傳感器發(fā)射器和力傳感器）的質(zhì)量遠(yuǎn)大于重物的質(zhì)量。 （2）滑塊（包括位移傳感器發(fā)射器和力傳感器）的質(zhì)量為_kg；取g10m/s2，空氣阻力不計(jì)，滑塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_。 某物理興趣小組欲將電流表G（量程為300A，內(nèi)阻約為100）改裝成直流電壓表（量程為6V）。小組同學(xué)先按圖甲所示電路測(cè)量電流表的內(nèi)阻，提供的實(shí)驗(yàn)器材有：A電源（電動(dòng)勢(shì)為2V，內(nèi)阻不計(jì)）；B電源（電動(dòng)勢(shì)為10V，內(nèi)阻不計(jì)）；C電阻箱（最大阻值為999.9）；D滑動(dòng)變阻器(010k)；E滑動(dòng)變阻器(050k)；F開關(guān)S1、S2，導(dǎo)線若干。 （1）按圖甲

10、所示電路將圖乙中實(shí)物間的連線補(bǔ)充完整，要求閉合開關(guān)的瞬間，電流表不會(huì)被燒壞。 （2）為了盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，電源應(yīng)選用_（選填“A”或“B”），滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_（選填“D”或“E”）。 （3）在實(shí)物連線正確的情況下，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：閉合S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1的滑片，使電流表的指針滿偏；在保持滑動(dòng)變阻器R1的滑片位置不變的情況下，閉合S2，調(diào)節(jié)電阻箱R2，當(dāng)其阻值為204.0時(shí)電流表G的示數(shù)如圖丙所示，則電流表G的示數(shù)為_A，電流表的內(nèi)阻為_。給電流表G_（選填“串”或“并”）聯(lián)一個(gè)阻值為_的電阻，即可將該電流表G改裝成量程為6V的電壓表。 水火箭的簡(jiǎn)化圖如圖所示，容器內(nèi)氣體的體積V2L，

11、內(nèi)裝有少量水，容器口豎直向下，用橡膠塞塞緊，放在發(fā)射架上，打氣前容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p01.0105Pa用打氣筒通過容器口的閥門向容器內(nèi)打氣，每次能向容器內(nèi)打入壓強(qiáng)也為p0、體積V100mL的空氣，當(dāng)容器中氣體的壓強(qiáng)達(dá)到一定值時(shí)，水沖開橡膠塞，火箭豎直升空已知橡膠塞與容器口的最大靜摩擦力f19.5N，容器口的橫截面積S2cm2，不計(jì)容器內(nèi)水的壓強(qiáng)及橡膠塞受到的重力，打氣過程容器內(nèi)氣體的溫度保持不變，求： （1）火箭發(fā)射升空瞬間容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p （2）打氣筒需打氣的次數(shù)n 酒駕嚴(yán)重威脅交通安全，其主要原因是飲酒會(huì)使人的反應(yīng)時(shí)間（從發(fā)現(xiàn)情況到實(shí)施操作制動(dòng)的時(shí)間）變長(zhǎng)，造成制動(dòng)距離（從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停

12、止運(yùn)動(dòng)的過程行駛的距離）變長(zhǎng)。假定某汽車以大小v30m/s的速度勻速行駛，剎車時(shí)汽車的加速度大小a6m/s2，該駕駛員正常的反應(yīng)時(shí)間t00.7s，飲酒后的反應(yīng)時(shí)間t12s。求 （1）駕駛員飲酒前、后駕駛該汽車在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的距離差x； （2）駕駛員飲酒后駕駛該汽車從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止所用的時(shí)間t和該過程汽車運(yùn)動(dòng)的距離x。 如圖所示，一質(zhì)量M0.8kg的小車靜置于光滑水平地面上，其左側(cè)用固定在地面上的銷釘擋住。小車上表面由光滑圓弧軌道BC和水平粗糙軌道CD組成，圓弧軌道BC與水平軌道CD相切于C處，圓弧BC所對(duì)應(yīng)的圓心角370、半徑R5m，CD的長(zhǎng)度l6m。質(zhì)量m0.2kg的小物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）

13、從某一高度處的A點(diǎn)以大小v04m/s的速度水平拋出，恰好沿切線方向從B點(diǎn)進(jìn)入圓弧軌道，物塊恰好不滑離小車。取g10m/s2，sin370.6，cos370.8，空氣阻力不計(jì)。求： （1）物塊通過B點(diǎn)時(shí)的速度大小vB； （2）物塊滑到圓弧軌道的C點(diǎn)時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力大小N； （3）物塊與水平軌道CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)。 如圖所示，在豎直平面內(nèi)的xOy直角坐標(biāo)系中，以足夠長(zhǎng)的x軸為水平邊界的上方充滿方向與軸的夾角37斜向上、電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E1（未知）的勻強(qiáng)電場(chǎng)；x軸下方充滿正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E2（未知）、方向豎直向上，磁場(chǎng)方向水平向外。一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電小球（視

14、為質(zhì)點(diǎn)）從y軸上到原點(diǎn)O距離為L(zhǎng)的A點(diǎn)由靜止釋放，釋放后小球沿AP方向做直線運(yùn)動(dòng)，從P點(diǎn)進(jìn)入第象限后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)且恰好經(jīng)過原點(diǎn)O已知AP與x軸的夾角也為，取sin370.6，cos370.8，空氣阻力不計(jì)，重力加速度大小為g。 （1）求小球經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的速度大小v； （2）求E1E2以及磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B； （3）若小球從P點(diǎn)進(jìn)入第象限后，立即改變x軸上方的勻強(qiáng)電場(chǎng)使得小球通過原點(diǎn)O時(shí)所受合力與小球速度方向垂直，求改變后的勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度最小時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向和電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值Emin以及改變電場(chǎng)后小球第一次經(jīng)過坐標(biāo)軸上的位置到P點(diǎn)的距離s。參考答案與試題解析 山東省濰坊市部分學(xué)校聯(lián)考高考

15、物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1.【答案】C【考點(diǎn)】交流電的產(chǎn)生變壓器的構(gòu)造和原理遠(yuǎn)距離輸電【解析】方向隨時(shí)間變化的電流是交變電流；只有對(duì)正弦交流電來(lái)說(shuō)，有效值與峰值的關(guān)系才是2倍的關(guān)系；距離輸電的輸電損耗功率P=I2R，所以可以通過減小輸電線的電阻以及輸電線中的輸送電流來(lái)減小輸電損耗；變壓器改變的是電壓的大小，不改變電流的頻率?！窘獯稹緼、方向隨時(shí)間變化的電流是交變電流，故A錯(cuò)誤；B、只有對(duì)正弦交流電來(lái)說(shuō)，有效值與峰值的關(guān)系才是2倍的關(guān)系，故B錯(cuò)誤；C、遠(yuǎn)距離輸電的輸電損耗功率P=I2R，所以可以通過減小輸電線

16、的電阻以及輸電線中的輸送電流來(lái)減小輸電損耗，故C正確；D、變壓器改變的是電壓的大小，不改變電流的頻率，故D錯(cuò)誤。2.【答案】B【考點(diǎn)】原子核的結(jié)合能【解析】核反應(yīng)過程中，質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒。根據(jù)比結(jié)合能的定義分析?！窘獯稹亢朔磻?yīng)過程中，質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，一個(gè)中子與一個(gè)質(zhì)子發(fā)生核反應(yīng)，生成一個(gè)氘核，其核反應(yīng)方程式為1#/DEL/#0#/DEL/#n+1#/DEL/#1#/DEL/#H2#/DEL/#1#/DEL/#H，比結(jié)合能是原子核的結(jié)合能與核子數(shù)的比值，若該反應(yīng)放出的能量為Q，則氘核的比結(jié)合能為Q2，故B正確，ACD錯(cuò)誤。3.【答案】D【考點(diǎn)】光的折射定律【解析】一束復(fù)色光從空氣斜射到厚平

17、板玻璃的上表面，穿過玻璃后從下表面射出，變?yōu)閍、b兩束平行單色光，根據(jù)偏折程度可確定折射率大小。根據(jù)光路可逆性分析知道光線在下界面上不可能發(fā)生全反射。根據(jù)折射率關(guān)系分析波長(zhǎng)關(guān)系，再判斷干涉條紋間距的關(guān)系。【解答】A、由圖知兩束的入射角相等，a的折射角小于b的折射角，通過折射定律可知nanb，由于折射率越大，光的頻率越大，則b光的頻率比a光的頻率小，所以a光光子的能量大于b光光子的能量，故A錯(cuò)誤；B、由于光線射到玻璃磚下表面的入射角等于上表面的折射角，根據(jù)光路可逆性可知，a、b兩種單色光在下界面上不可能發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤；CD、此玻璃對(duì)a光的折射率大于對(duì)b光的折射率，則a光的波長(zhǎng)小于b光，根據(jù)

18、雙縫干涉條紋間距與波長(zhǎng)成正比，知a光的干涉條紋間距比b光的小，故C錯(cuò)誤，D正確；4.【答案】A【考點(diǎn)】合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)的概念運(yùn)動(dòng)的合成與分解【解析】根據(jù)幾何關(guān)系，小船在靜水中的速度和實(shí)際速度垂直時(shí)，小船在靜水中的速度最小，根據(jù)平行四邊形法則，可以求出小船航行時(shí)在靜水中速度的最小值。【解答】如圖所示，當(dāng)小船在靜水中的速度v2與其在河流中的速度v垂直時(shí)，小船在靜水中的速度v2最小，故有：v2v1sin，故A正確，BCD錯(cuò)誤。5.【答案】C【考點(diǎn)】向心力同步衛(wèi)星萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用【解析】某天體的同步衛(wèi)星的周期跟該中心天體自轉(zhuǎn)的周期相同，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力求出中心天體的質(zhì)量，再求出平均密度，然后分

19、析答題?！窘獯稹吭O(shè)中心天體的平均密度為，半徑為R，則中心天體的質(zhì)量為：M=43R3設(shè)同步衛(wèi)星的軌道半徑為r，周期為T，由萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：GMmr2=m42rT2；解得：=3r3GT2R3，可得行星X與地球的平均密度之比：12=3.537324232=8，故C正確，ABD錯(cuò)誤；6.【答案】B【考點(diǎn)】x-t圖像（勻變速直線運(yùn)動(dòng)）v-t圖像（勻變速直線運(yùn)動(dòng)）非常規(guī)圖像勻變速直線運(yùn)動(dòng)的概念【解析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間公式xv0t+12at2變形得到xt與t的關(guān)系式，結(jié)合圖象的斜率求出質(zhì)點(diǎn)的加速度、初速度，根據(jù)xaT2求任意相鄰的0.2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)位移差。由vat求任意1s內(nèi)

20、質(zhì)點(diǎn)速度增量。根據(jù)速度-時(shí)間公式求質(zhì)點(diǎn)在1s末與3s末的速度，并分析速度方向關(guān)系?！窘獯稹緼、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間公式xv0t+12at2變形得：xt=v0+12at。由題圖可知：質(zhì)點(diǎn)的初速度為v02m/s，圖象的斜率k=12a-0.5，則加速度為a-1m/s2，則質(zhì)點(diǎn)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、由xaT2知，任意相鄰的0.2s內(nèi)(T0.2s)，質(zhì)點(diǎn)位移差xaT2-10.22m-0.04m，大小為0.04m，故B正確；C、由vat可得，任意1s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)速度增量v-11m/s-1m/s，大小為1m/s，故C錯(cuò)誤；D、質(zhì)點(diǎn)在1s末的速度為v1v0+at1(2-11)m/s1m/s，3

21、s末的速度為v3v0+at3(2-13)m/s-1m/s，方向相反，故D錯(cuò)誤。7.【答案】D【考點(diǎn)】動(dòng)量定理的理解【解析】取時(shí)間t內(nèi)的水研究對(duì)象，由密度公式確定水的質(zhì)量，再根據(jù)動(dòng)量定理列式求解即可?！窘獯稹吭O(shè)t時(shí)間內(nèi)有V體積的水打在鋼板上，則這些水的質(zhì)量為：m=V=Svt=14d2vt以這部分水為研究對(duì)象，它受到鋼板的作用力為F，以水運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较?，由?dòng)量定理有：Ft0-mv解得：F=-mvt=-14d2v2；故D正確，ABC錯(cuò)誤。8.【答案】C【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律單桿切割磁感線感生電動(dòng)勢(shì)【解析】根據(jù)右手定則判斷電勢(shì)高低；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和回路中通過的電流；根據(jù)歐

22、姆定律求解該定值電阻兩端的電壓；根據(jù)功率計(jì)算公式求解該定值電阻上的熱功率?！窘獯稹緼、根據(jù)右手定則可知，O點(diǎn)的電勢(shì)比A點(diǎn)的電勢(shì)低，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，銅棒OA切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=12Bl2，回路中通過的電流為：I=E4r=Bl28r，故B錯(cuò)誤；C、該定值電阻兩端的電壓為：UI3r=38Bl2，故C正確；D、該定值電阻上的熱功率為：PUI=38Bl2Bl28r=3B2l4216r，故D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分【答案】B,D【考點(diǎn)】電

23、勢(shì)電勢(shì)能電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)【解析】根據(jù)點(diǎn)電荷的等勢(shì)面分布可以判斷電勢(shì)的高低；根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式判斷場(chǎng)強(qiáng)的大??；根據(jù)力的功率公式PFv可以判斷功率；電場(chǎng)力做負(fù)功電勢(shì)能增大?！窘獯稹緼、點(diǎn)電荷電場(chǎng)的等勢(shì)面都是以點(diǎn)電荷球心的同心球面，且電場(chǎng)線從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面。對(duì)負(fù)點(diǎn)電荷來(lái)說(shuō)，距離負(fù)點(diǎn)電荷越近，電勢(shì)越低，所以a點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=kQr2可知，距離點(diǎn)電荷越近，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，所以a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，故B正確；C、粒子q經(jīng)過a點(diǎn)時(shí)所受電場(chǎng)力方向與速度方向垂直，所以電場(chǎng)力做功的功率為零，故C錯(cuò)誤；D、粒子q由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)

24、的過程中，其所受電場(chǎng)力方向與速度方向的夾角為鈍角，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故D正確?！敬鸢浮緽,D【考點(diǎn)】波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系橫波的圖象【解析】由波的傳播方向來(lái)判定質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向；依據(jù)波從P點(diǎn)傳播到Q點(diǎn)所需要的時(shí)間，結(jié)合8s內(nèi)，及Q點(diǎn)在08s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為0.2m，從而求出周期；根據(jù)v=T，即可求解周期；最后由質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，結(jié)合振幅，即可求解?！窘獯稹拷猓篈簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播的，依據(jù)波的平移法，那么P點(diǎn)的起振方向沿y軸正方向，故A錯(cuò)誤；Bt0時(shí)刻波恰好傳到P點(diǎn)，Q點(diǎn)在08s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為0.2m，由于波長(zhǎng)2m，那么從P點(diǎn)傳播到Q點(diǎn)，需1.5T，而Q點(diǎn)振動(dòng)的時(shí)間為0.5T，因此T4s

25、，且=24=2rad/s，故B正確；C根據(jù)v=T，該波的傳播速度大小為v=24m/s0.5m/s，故C錯(cuò)誤；D由題意圖像可知，振幅為0.1m，質(zhì)點(diǎn)Q開始向y軸正方向振動(dòng)，那么Q點(diǎn)的振動(dòng)方程為y0.1sin2(t-6)(m)，故D正確故選BD【答案】A,D【考點(diǎn)】力的合成與分解的應(yīng)用牛頓第二定律的概念【解析】剪斷Ob繩前，根據(jù)物塊P受力平衡來(lái)求繩的拉力大小。剪斷Ob繩的瞬間，彈簧的彈力不變，分析物塊P和木箱的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求物塊P的加速度大小和Pc繩的拉力大小。【解答】A、剪斷Ob繩前，根據(jù)物塊P受力平衡，知繩的拉力大小為：Tmg+F彈mg+14mg=54mg，故A正確。B、彈簧的彈

26、力不能突變，則知剪斷Ob繩的瞬間，彈簧的彈力仍為54mg，故B錯(cuò)誤。CD、剪斷Ob繩的瞬間，由于彈簧表現(xiàn)為拉力，知物塊P與木箱的加速度相同，對(duì)整體，由牛頓第二定律得：2mg2ma，得：ag，方向豎直向下，所以，剪斷Ob繩的瞬間，物塊P的加速度大小為g。對(duì)物塊P，由牛頓第二定律得F彈+mg-Tma，解得Pc繩的拉力大小為：T=14mg，故C錯(cuò)誤，D正確?！敬鸢浮緽,C【考點(diǎn)】胡克定律摩擦力做功與能量轉(zhuǎn)化牛頓第二定律的概念【解析】對(duì)滑塊的受力分析，結(jié)合圖象判斷滑塊的運(yùn)動(dòng)情況，分析速度最大的位置；根據(jù)B點(diǎn)滑塊的加速度，由牛頓第二定律求彈簧的勁度系數(shù)和動(dòng)摩擦因數(shù)；滑塊第一次到最低點(diǎn)過程，根據(jù)能量守恒求

27、彈簧彈性勢(shì)能的增加量，即可求得在最低點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能?！窘獯稹緼、滑塊從A到B的過程，由牛頓第二定律有：mgsin+kx-mgcosma，x減小，則a減小，滑塊做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)。設(shè)A是斜面上A點(diǎn)關(guān)于B點(diǎn)對(duì)稱的點(diǎn)，從B到A，由牛頓第二定律有：mgsin-kx-mgcosma，x增大，則a減小，即從B到A滑塊做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)乙圖知到達(dá)A時(shí)，a恰好為0，此后滑塊合力沿斜面向上，做減速運(yùn)動(dòng)，則滑塊到達(dá)A處時(shí)的速度最大，故A錯(cuò)誤。B、滑塊從A到B，由牛頓第二定律有：mgsin+kx-mgcosma解得：a=kmx+gsin+-gcos即乙圖圖象斜率大小等于km，由圖得km=4-20.

28、2，解得：k10N/m，故B正確。C、在B點(diǎn)，由牛頓第二定律有：mgsin-mgcosma，由圖知，a2m/s2，代入數(shù)據(jù)算得：0.5，故C正確。D、滑塊從釋放到第一次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程，滑塊沿斜面的位移為：x(0.2+0.6)m0.8m，則系統(tǒng)產(chǎn)熱為：Qmgcosx3.2J，滑塊第一次到最低點(diǎn)過程，根據(jù)能量守恒，知彈簧的彈性勢(shì)能的增加量為：Epmgxsin-Q1.6J，由于初始時(shí)彈簧有彈性勢(shì)能，所以，滑塊第一次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能大于1.6J，故D錯(cuò)誤。三、非選擇題：本題共6小題，共60分【答案】不需要2.0,0.05【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【解析】（1）a-F

29、圖象與橫坐標(biāo)的交點(diǎn)等于摩擦力，根據(jù)圖象直接得出f；（2）根據(jù)牛頓第二定律得出a和F的關(guān)系式，根據(jù)圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)求解質(zhì)量；（3）為得到a與F成正比的關(guān)系，則應(yīng)該平衡摩擦力，根據(jù)平衡條件結(jié)合滑動(dòng)摩擦力公式求解?！窘獯稹恳?yàn)榇藢?shí)驗(yàn)有力傳感器測(cè)量拉力大小，故不需要滿足滑塊質(zhì)量遠(yuǎn)大于重物質(zhì)量。根據(jù)牛頓第二定律得：a=F-fm=1mF-fm，則a-F圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)，則m=1k=4-11.5-0=2.0kg。（1）由圖可知，滑塊的滑動(dòng)摩擦力等于1N，由fmg，得：0.05。【答案】如圖；B,E200,102,串,19898【考點(diǎn)】伏安法測(cè)電阻【解析】（1）根據(jù)原理圖畫出實(shí)物圖。（

30、2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟與實(shí)驗(yàn)原理從減小實(shí)驗(yàn)誤差的角度選擇實(shí)驗(yàn)器材。（3）根據(jù)并聯(lián)電路電阻與電流成反比求解電阻；改裝電壓表需要給電流表串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出串聯(lián)電阻阻值?！窘獯稹勘Ｗo(hù)電流表不燒壞，則滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值要最大，如圖所示。閉合S2開關(guān)時(shí)認(rèn)為電路電流不變，實(shí)際上閉合開關(guān)S2時(shí)電路總電阻變小，電路電流增大，電源電動(dòng)勢(shì)越大、滑動(dòng)變阻器阻值越大，閉合開關(guān)S2時(shí)微安表兩端電壓變化越小，實(shí)驗(yàn)誤差越小，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電源應(yīng)選擇B，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇E。閉合開關(guān)S2時(shí)認(rèn)為電路電流不變，流過微安表電流為滿偏電流的23，則流過電阻箱的電流為滿偏電流的13，微安表與電阻箱并聯(lián)，流

31、過并聯(lián)電路的電流與阻值成反比，則有：Rg=12R102將電流表G（量程為300A，內(nèi)阻約為100）改裝成直流電壓表（量程為6V），串電阻阻值為：R=UIg-Rg=630010-6-10219898【答案】（1）火箭發(fā)射升空瞬間容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p為1.975105Pa（2）打氣筒需打氣的次數(shù)n為20【考點(diǎn)】“變質(zhì)量氣體”模型【解析】（1）對(duì)橡膠塞受力分析，根據(jù)平衡條件求解氣體壓強(qiáng)。（2）打氣過程中容器內(nèi)氣體做等溫變化，有波意耳定律列式求解打氣次數(shù)?！窘獯稹拷猓海?）對(duì)橡膠塞受力分析，有：pSp0S+f，代入數(shù)據(jù)解得：p1.975105Pa（2）打氣過程中容器內(nèi)氣體做等溫變化，有：p0(V+nV)

32、pV，代入數(shù)據(jù)解得：n19.5，故打氣筒需打氣的次數(shù)n20【答案】駕駛員飲酒前、后駕駛該汽車在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的距離差x為39m；駕駛員飲酒后駕駛該汽車從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止所用的時(shí)間t為7s，該過程汽車運(yùn)動(dòng)的距離x為135m?！究键c(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系【解析】由勻速直線運(yùn)動(dòng)的位移關(guān)系即可求出；根據(jù)速度公式求出汽車勻減速的時(shí)間，根據(jù)位移公式求解其從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止所行駛的位移；【解答】經(jīng)分析可知：xv(t1-t0)39m；駕駛員飲酒后從實(shí)施操作制動(dòng)到汽車停止所用的時(shí)間為：t2=va=306=5s，故從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止所用的時(shí)間為tt1+t22+57

33、s；該過程汽車運(yùn)動(dòng)的距離x=vt1+v2t2=302+3025=135m；【答案】物塊通過B點(diǎn)時(shí)的速度大小vB為5m/s；物塊滑到圓弧軌道的C點(diǎn)時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力大小為3.8N；物塊與水平軌道CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3?！究键c(diǎn)】動(dòng)量守恒定律的理解系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用動(dòng)量守恒定律的綜合應(yīng)用平拋運(yùn)動(dòng)基本規(guī)律及推論的應(yīng)用機(jī)械能守恒的判斷平拋運(yùn)動(dòng)的概念【解析】（1）根據(jù)物塊沿B點(diǎn)的切線方向進(jìn)入圓弧，可知物塊的速度方向，根據(jù)平拋知識(shí)由水平分速度和與水平方向的夾角求得物塊在B點(diǎn)的速度即可；（2）物塊從B到C的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒可以求得到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度，再由C點(diǎn)物塊所受重力和支持力的合力提供其圓周運(yùn)動(dòng)

34、的向心力求得軌道對(duì)物塊的支持力，最后根據(jù)牛頓第三定律求得物塊對(duì)圓弧的壓力；（3）物塊從C到D根據(jù)動(dòng)量守恒和功能關(guān)系求得物塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)?！窘獯稹吭O(shè)物塊通過B點(diǎn)時(shí)的速度大小為vB，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有：v0vB=cos解得：vB=v0cos=40.8m/s=5m/s物塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中，由機(jī)械能守恒定律有：12mvB2+mgR(1-cos)=12mvC2設(shè)物塊滑到C點(diǎn)時(shí)受到圓弧軌道的支持力大小為F，根據(jù)牛頓第二定律有：F-mg=mvC2R由兩式代入數(shù)據(jù)可解得：F3.8N，vC=35m/s根據(jù)牛頓第三定律可知，物塊對(duì)軌道的壓力為大小為3.8N；設(shè)物塊到達(dá)軌道D端時(shí)的速度大小為vD，根據(jù)動(dòng)量守恒