2022年深圳市重點中學高一物理第一學期期末考試模擬試題含解析VIP

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試

2、卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、特種兵從空中靜止的直升飛機上，抓住一根豎直懸繩由靜止開始下滑，速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示，t2時刻特種兵著地下列說法正確的是A.在0t2時間內(nèi)加速度減小B.在t1t2時間內(nèi)，平均速度為C.在t1t2時間內(nèi)特種兵所受懸繩的阻力越來越小D.若第一名特種兵開始減速時第二名特種兵立即以同樣的方式下滑，則他們在懸繩上的距離保持不變2、關于物體的慣性，下列說法中正確的是( )A.力是改變物體慣性的原

3、因B.物體只有受外力作用時才有慣性C.宇宙飛船太空中飛行時也具有慣性D.物體只有靜止或作勻速直線運動時才有慣性3、如圖所示，在粗糙的水平面上放著兩個木箱A和B，質(zhì)量分別為mA和mB，兩木箱之間連接一個輕彈簧秤，對木箱A施加水平向右的拉力F，兩木箱向右做勻加速直線運動。兩木箱與水平面之間的動摩擦因數(shù)均為，重力加速度為g。下列說法正確的是A.A對輕彈簧秤的作用力大于輕彈簧秤對A的作用力B.輕彈簧秤對B作用力大于B對輕彈簧秤的作用力C.此時彈簧秤的示數(shù)D.此時彈簧秤的示數(shù)-mBg4、某汽車在啟用ABS剎車系統(tǒng)和不啟用該剎車系統(tǒng)緊急剎車時，其車速與時間的變化關系分別如圖中的圖線所示。由圖可知，啟用AB

4、S后（）A.t1時刻車速更小B.0t1的時間內(nèi)加速度更大C.加速度總比不啟用ABS時大D.剎車后前行的距離比不啟用ABS更短5、在用打點計時器研究小車速度隨時間變化的規(guī)律時，打出的四條紙帶記錄了小車的運動情況，如圖所示。假設紙帶的運動方向向左，表示小車做加速運動的紙帶是（）A.B.C.D.6、甲、乙兩物體從同一位置出發(fā)且在同一直線上運動，它們的位移時間圖象如圖所示，由圖象可知（）A.甲、乙兩物體始終同向運動B.第4s末時，甲、乙兩物體相遇C.第3s末時，甲比乙速度要小D.在04s內(nèi)，甲、乙的平均速率相等7、如圖所示，五塊質(zhì)量均為m的磚用兩塊豎直的木板用力夾著在空中保持靜止，則A.磚2對磚1的摩

5、擦力豎直向下B.磚3對磚4的摩擦力豎直向上C.木板對磚5的摩擦力大小為D.磚3對磚2的摩擦力大小為8、高蹺運動是一項新型運動，圖甲為彈簧高蹺當人抓住扶手用力蹬踏板壓縮彈簧后人就向上彈起，進而帶動高蹺跳躍，如圖乙，則下列說法正確的（）A.人向上彈起過程中，先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)B.人向上彈起過程中，踏板對人的作用力大于人對踏板的作用力C.彈簧壓縮到最低點時，高蹺對人的作用力大于人的重力D.彈簧壓縮到最低點時，高蹺對地的壓力等于人和高蹺的總重力9、某小城街道兩旁的仿古路燈如圖所示，燈籠懸掛在燈柱上，若風沿水平方向由右向左吹來，且風力緩慢增大，則（）A.燈柱對燈籠作用力逐漸減小B.燈柱對燈籠

6、的作用力逐漸增大C.燈柱對燈籠的作用力與豎直方向的夾角逐漸增大D.燈柱對燈籠的作用力與豎直方向的夾角逐漸減小10、甲、乙兩車在同一水平道路上，一前一后相距x6 m，乙車在前，甲車在后，某時刻兩車同時開始運動，兩車運動的過程如圖所示，則下列表述正確的是()A.當t4 s時兩車相遇B.當t4 s時甲車在前，乙車在后C.兩車有兩次相遇D.兩車有三次相遇11、兩個共點力大小分別是5N和8N，則這兩個力的合力大小可能是A.2NB.5NC.8ND.12N12、如圖所示，質(zhì)量為m2的物體2放在車廂的水平底板上，用豎直細繩通過光滑定滑輪與質(zhì)量為m1的物體1相連，車廂沿水平直軌道向右行駛，此時與物體1相連的細繩

7、與豎直方向成角，由此可知A.車廂的加速度大小為B.繩對m1的拉力大小為C.底板對物體m2的支持力大小為D.底板對m2的摩擦力大小為二填空題(每小題6分，共18分)13、做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗時，某同學的實驗結(jié)果如圖所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩結(jié)點的位置圖中_是力F1與F2的合力的理論值；_是力F1與F2的合力的實驗值14、在“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”實驗中，采用如圖甲所示的裝置 (1)本實驗應用的實驗方法是_A.控制變量法 B.假設法C.理想實驗法(2)下列說法中正確的是_A.在探究加速度與質(zhì)量的關系時，應改變小車所受拉力的大小B.在探究加速度與外力的關系時

8、，應改變小車的質(zhì)量C.在探究加速度與質(zhì)量的關系時，作出圖象容易更直觀判斷出二者間的關系D.無論在什么條件下，細線對小車的拉力大小總等于砝碼盤和砝碼的總重力大小(3)在探究加速度與力的關系時，若取車的質(zhì)量M0.5kg，改變砝碼質(zhì)量m的值，進行多次實驗，以下m的取值最不合適的一個是_A.m14g B.m210g C.m340g D.m4500g(4)在平衡小車與長木板之間摩擦力的過程中，打出了一條紙帶如圖乙所示計時器打點的時間間隔為0.02s從比較清晰的點起，每5個點取一個計數(shù)點，量出相鄰計數(shù)點之間的距離，根據(jù)圖中給出的數(shù)據(jù)求出該小車的加速度a=_m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)15、某次“探究加

9、速度a跟物體所受的合外力F和質(zhì)量m的關系”時，實驗如下.下列做法正確的是_ (填字母代號)A.調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B.在調(diào)節(jié)木板傾斜角度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上C.實驗時，先放開木塊再接通打點計時器的電源D.通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時，不需重新調(diào)節(jié)木板傾角圖甲為實驗裝置圖圖乙為某次實驗得到的一段紙帶，計數(shù)點A、B、C、D、E間的時間間隔為0.1 s，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度大小為_m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)保持小車質(zhì)量不變，改變砂和砂桶質(zhì)量，進行多次測量根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了加速度a隨拉力F的變化圖線如圖所示圖中直線

10、沒有通過原點，其主要原因是_保持砂和砂桶質(zhì)量不變，改變小車中砝碼質(zhì)量，進行多次測量，得到小車加速度a、質(zhì)量m及其對應的的數(shù)據(jù)如表中所示：實驗次數(shù)12345678車加速度1.901.721.491.251.000.750.500.30車和砝碼質(zhì)量0.250.290.330.400.500711.001.674.003.453.032.502.001.411.000.60.在圖示的坐標紙中畫出物體的a圖線_；根據(jù)作出的a圖象可以得到的結(jié)論是：_三計算題(22分)16、（12分）一名滑雪者乘坐纜車沿索道到達滑道頂部，索道長為x600m，纜車速度大小恒為v車1.2m/s；然后從滑道頂部由靜止沿滑道直線

11、滑下，滑道傾角30（簡化模型如圖）假設滑雪者速度vt10m/s時阻力可忽略，vt10m/s時阻力為滑雪者重力的0.1倍，取g10m/s2，求：（1）滑雪者乘坐纜車沿索道運動到滑道頂部需要時間；（2）滑雪者速度v5m/s時，加速度的大小和方向；（3）滑雪者從滑道頂部向下滑行l(wèi)22m需要的時間17、（10分）如圖所示，質(zhì)量M2kg，長L2m的木板，放在傾角的斜坡上。現(xiàn)用一大小為14N，方向沿斜坡向上的力F將木板勻速推到斜坡頂端并固定。將一質(zhì)量m1kg的小物塊(可視為質(zhì)點，圖中未畫出)從固定木板的最上端由靜止釋放，經(jīng)t1s小物塊離開木板。已知斜坡足夠長，重力加速度g取10m/s2，求：(1)小物塊沿

12、固定木板下滑的加速度；(2)木板與斜坡間的動摩擦因數(shù)；(3)若釋放小物塊的同時解除木板的固定，小物塊在木板上運動的最長時間。參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】A在0t1時間內(nèi)，圖線的斜率不變，則加速度不變，在t1t2時間內(nèi)，圖線切線的斜率絕對值逐漸減小，則加速度逐漸減小，故A錯誤；B在t1t2時間內(nèi)，若特種兵做勻減速直線運動，由v1減速到v2，則平均速度為根據(jù)圖線與時間軸圍成的面積表示位移，可知該特種兵的位移小于勻減速直線運

13、動的位移，則平均速度故B錯誤；C在t1t2時間內(nèi)，圖線切線的斜率絕對值逐漸減小，則加速度逐漸減小。根據(jù)牛頓第二定律得fmg=ma得f=mg+ma則知特種兵所受懸繩的阻力減小，故C正確；D若第一個特種兵開始減速時第二個特種兵立即以同樣的方式下滑，由于第一個特種兵的速度先大于第二個特種兵的速度，然后又小于第二個特種兵的速度，所以空中的距離先增大后減小。故D錯誤。故選C。2、C【解析】A.力是改變物體運動狀態(tài)的原因，不是改變慣性的原因，選項A錯誤；B.物體在任何時候都有慣性，與是否受外力無關，選項B錯誤；C.質(zhì)量是慣性大小的量度，則宇宙飛船在太空中飛行時也具有慣性，選項C正確；D.物體在任何情況下都

14、有慣性，與運動狀態(tài)無關，選項D錯誤3、C【解析】AB由牛頓第三定律可知，A對輕彈簧秤的作用力等于輕彈簧秤對A的作用力，輕彈簧秤對B的作用力等于B對輕彈簧秤的作用力，故AB錯誤；CD對AB整體由牛頓第二定律有對B受力分析，由牛頓第二定律有聯(lián)立解得故C正確，D錯誤。故選C4、D【解析】A從圖像中可知，t1時刻車速更大，故A錯誤；BC根據(jù)加速度定義式：可知相同的時間內(nèi)，未啟用ABS的情況下速度變化量更大，所以啟用ABS后0t1的時間內(nèi)加速度更小，故BC錯誤；D圖線與時間軸圍成的面積為位移，根據(jù)圖像可知啟用ABS后剎車后前行的距離比不啟用ABS更短，故D正確。故選D5、C【解析】AB做加速運動時，相鄰

15、點間的間隔是不相等，AB錯誤；CD紙帶向左運動，即打出的第一個點應該是左邊第一個，又做加速運動，故以后相鄰點間的間隔越來越大，所以紙帶上從左向右相鄰點間的間隔越來越大，C正確D錯誤。故選C。6、B【解析】Ax-t圖像圖線的斜率表示速度，由圖可知在02s內(nèi)，甲、乙都沿正方向運動，在26s內(nèi)甲沿負方向運動，乙仍沿正方向運動，兩者反向，故A錯誤；B在04s內(nèi)，兩物體的位移都是2m，說明第4s末時兩物體相遇，故B正確；C由圖可知在24s兩物體均做勻速直線運動，在3s末時甲的速度為乙的速度為所以第3s末時，甲比乙的速度要大，故C錯誤；D在04s內(nèi)，甲、乙路程不相等，故平均速率不相等，故D錯誤。故選B。7

16、、ACD【解析】C、將5塊磚看成一個整體，對整體進行受力分析，在豎直方向共受到三個力的作用：豎直向下的重力5mg，兩個相等的豎直向上的摩擦力，由平衡條件可得第1塊磚和第5塊磚受到木板的摩擦力均為2.5mg，故C正確；A、對第1塊受力分析，在豎直方向共受到三個力作用，豎直向下的重力mg，木板對第1塊磚向上的摩擦力2.5mg，由平衡條件可得第2塊磚對第1塊磚之間的摩擦力為1.5mg，方向向上，故A正確；B、將第4塊磚和第5塊磚當作一個整體隔離后進行受力分析，在豎直方向共受到三個力作用，豎直向下的重力2mg，木板對第5塊磚向上的摩擦力2.5mg，由平衡條件可得第3塊磚對第4塊磚之間的摩擦力為0.5m

17、g，方向向下，故B錯誤；D、將第3塊磚從系統(tǒng)中隔離出來受力分析，在豎直方向它受到三個力作用，豎直向下的重力mg，第4塊磚對第3塊磚向上的摩擦力0.5mg，由平衡條件可得第2塊對第3塊的摩擦力大小為0.5mg，方向向上，根據(jù)牛頓第三定律可知第3塊對第2塊的摩擦力大小為0.5mg，方向向下，故D正確；故選ACD8、AC【解析】A人向上彈起過程中，先加速向上，處于超重狀態(tài)，然后減速向上，處于失重狀態(tài)，選項A錯誤；B踏板對人的作用力和人對踏板的作用力是一對作用力和反作用力，是大小相等的關系，選項B錯誤；CD彈簧壓縮到最低點時，人的加速度向上，人處于超重狀態(tài)，所以高蹺對人的作用力大于人的重力，高蹺對地的

18、壓力大于人和高蹺的總重力，選項C正確，D錯誤。故選AC。9、BC【解析】對燈籠受力分析可得下圖所示由勾股定理可得，風力越來越大，則燈柱對燈籠的作用力逐漸增大，燈柱對燈籠的作用力與豎直方向的夾角逐漸增大，AD錯誤，BC正確。故選BC。10、BD【解析】根據(jù)圖象與時間軸圍成的面積可求出兩車的位移，可確定何時兩車相遇能夠根據(jù)兩車的運動過程，分析兩車在過程中的相對位置，判斷能相遇幾次【詳解】速度圖線與時間軸圍成的面積表示位移，則知當t=4s時，甲的位移大于乙的位移，0-4s，甲的位移為 x甲=（16+8）4m=48m，乙的位移為 x乙=（12+8）4m=40m，位移之差x=x甲-x乙=8m開始時，甲、

19、乙兩車在同一水平道路上，一前一后相距x=6m，由此可知，t=4s時，甲車在前，乙車在后，相距2m故A錯誤，B正確t=4s時，甲車在前，乙車在后，所以兩車第一次相遇發(fā)生在4s之前當t=6s時，甲的位移為（16+4）6m=60m，乙的位移為（12+6）6m=54m，位移之差等于6m，而兩車是從開始出發(fā)時，甲、乙兩車在同一水平道路上，一前一后相距x=6m，所以當t=6s時兩車第二次相遇；t=6s后，由于乙的速度大于甲的速度，乙又跑到前面，8s后，由于甲的速度大于乙的速度，兩車還會發(fā)生第三次相遇，故C錯誤，D正確故選BD【點睛】速度-時間圖象中要注意觀察三點：一點，注意橫縱坐標的含義；二線，注意斜率的

20、意義；三面，速度-時間圖象中圖形與時間軸圍成的面積為這段時間內(nèi)物體通過的位移11、BCD【解析】兩力合成時，合力隨夾角的增大而減小，當夾角為零時合力最大，夾角180時合力最小，并且|F1-F2|FF1+F2【詳解】兩力合成時，合力范圍為：|F1-F2|FF1+F2；故3NF13N；所以可能的是5N、8N、12N，故選BCD12、AB【解析】先以物體1為研究對象，分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求出其加速度和繩的拉力再對物體2研究，由牛頓第二定律求出支持力和摩擦力【詳解】以物體1為研究對象，受力如圖所示，由牛頓第二定律得：m1gtan=m1a，解得：a=gtan，則車廂的加速度也為gtan，故A正

21、確；如圖所示，繩子的拉力：，故B正確；對物體2研究，受力如圖2所示，在豎直方向上，由平衡條件得：N=m2g-T=m2g-，故C錯誤；由圖2所示，由牛頓第二定律得：f=m2a=m2gtan，故D錯誤故選AB【點睛】解決本題的關鍵的關鍵知道車廂和兩物體具有相同的加速度，通過整體法和隔離法進行求解二填空題(每小題6分，共18分)13、 .F .【解析】力與的合力的理論值指的是用平行四邊形合成后的合力，而力與的合力的實驗值指的是在做實驗時，用一根繩拉出來的力，由力的性質(zhì)可知，當我們用一根繩子來拉橡皮條時，拉力應該和橡皮條在同一條線上，故F是力F1與F2的合力的理論值而是力與的合力的實驗值14、 .A

22、.C .D .0.16【解析】（1）本實驗采取的是控制變量法研究加速度與力、質(zhì)量的關系，研究加速度與力的關系，要保持質(zhì)量不變，同理研究加速度與質(zhì)量關系，要保證受力不變，故選A（2）A.采用控制變量法，所以在探究加速度與質(zhì)量關系時，應保證改變小車所受拉力的大小不變，A錯誤B.在探究加速度與外力的關系時，應保證改變小車的質(zhì)量不變，B錯誤C.因為加速度與質(zhì)量成反比，圖像是曲線，但曲線不一定是反比關系，而如果圖像是直線，則說明加速度與質(zhì)量反比關系，更準確C正確D.因為小車加速同時，砝碼盤和砝碼也同時加速，所以細線對小車的拉力大小總小于砝碼盤和砝碼的總重力大小，D錯誤（3）實驗要保證砝碼盤和砝碼的總質(zhì)量

23、遠小于小車質(zhì)量，以使繩對小車拉力近似等于砝碼盤和砝碼的總重力，所以車的質(zhì)量M0.5kg，則砝碼質(zhì)量m應遠小于500g，故D項不適合，選D（4）每5個點取一個計數(shù)點，可知相鄰點間的時間，根據(jù)得到：即：15、 .AD .0.43m/s2 .實驗前未平衡摩擦力(或平衡摩擦力不充分) . .圖線為一條過原點的直線，表明在合外力一定時，加速度跟質(zhì)量成反比【解析】根據(jù)實驗的原理以及操作中的注意事項確定正確的操作步驟；據(jù)x=aT2計算加速度的大小【詳解】(1)使牽引木塊的細繩與長木板保持平行可以保證拉力穩(wěn)定，否則對小車的拉力只是繩子拉力的分力，故A正確；平衡摩擦力時，不能將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上，故B錯誤；實驗時應先接通電源，再