廣東省百校2022-2023學年物理高一第一學期期末學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、一個溜冰運動員在比賽中以半徑為R做圓周運動，轉了3圈回到原位置，則運動過程中運動

2、員位移大小的最大值和路程分別是( )A.0、2RB.2R、2RC.0、6RD.2R、6R2、下列說法符合歷史事實的是A.伽利略的“沖淡”重力實驗，證明了自由落體運動是勻加速直線運動B.牛頓開創(chuàng)了以實驗檢驗、猜想和假設的科學方法C.牛頓第一定律是實驗定律D.愛因斯坦先提出，物體具有保持原來勻速直線運動狀態(tài)或靜止狀態(tài)性質的觀點3、如圖所示，一足夠長的水平傳送帶以恒定的速度順時針轉動將一物體輕輕放在皮帶左端，則物體速度大小、加速度大小、所受摩擦力的大小以及位移大小隨時間的變化關系正確的是A.B.C.D.4、如圖所示，將質量為m的物體用一豎直彈簧固定在一向上運動的升降機內，根據彈簧伸長或壓縮的狀態(tài)，下

3、列判斷正確的是（） A.當彈簧處于壓縮狀態(tài)時，物體超重，升降機一定加速向上B.當彈簧處于壓縮狀態(tài)時，物體失重，升降機一定減速向上C.當彈簧處于伸長狀態(tài)時，物體超重，升降機一定加速向上D.當彈簧處于伸長狀態(tài)時，物體失重，升降機一定減速向上5、關于力，下列說法中正確的是( )A.摩擦力一定與物體運動方向相反B.有彈力一定有摩擦力C.合力不可能等于其中一個分力D.大小為4N、8N、15N的三個力合力大小可以為5N6、我國的高速鐵路正式投入運營的里程數(shù)全球第一當列車的牽引力大于阻力時，列車加速，當牽引力逐漸減小但始終大于等于阻力時，下列說法正確的是（）A.列車的速度也減小B.列車的速度仍在增大C.列車

4、的加速度在減小，減到零時列車靜止D.列車的加速度在減小，減到到零時列車的速度達到最大7、如圖所示，水平傳送帶A、B兩端相距x=4m，以v0=4m/s的速度（始終保持不變）順時針運轉，今將一小煤塊（可視為質點）無初速度地輕放至A端，由于煤塊與傳送帶之間有相對滑動，會在傳送帶上留下劃痕已知煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)=0.4，取重力加速度g=10m/s2，則煤塊從A運動到B的過程中A.煤塊到A運動到B的時間是2.25 sB.煤塊從A運動到B的時間是1.5 sC.劃痕長度是2 mD.劃痕長度是0.5 m8、如圖所示，光滑的水平地面上有三塊木塊a、b、c，質量均為m、a、c之間用輕質細繩連接?，F(xiàn)用一水平

5、恒力F作用在b上，三者開始一起做勻加速運動，運動過程中把一塊橡皮泥粘在某一木塊上面，系統(tǒng)仍加速運動，且始終沒有相對滑動。則在粘上橡皮泥并達到穩(wěn)定后，下列說法正確的是（）A.無論粘在哪塊木塊上面，系統(tǒng)的加速度都不變B.若粘在a木塊上面，繩的張力減小，a、b間摩擦力不變C.若粘在b木塊上面，繩的張力和a、b間摩擦力一定都減小D.若粘在c木塊上面，繩的張力和a、b間摩擦力一定都增大9、物體做直線運動時，有關物體加速度和速度的說法中正確的是A.在勻速直線運動中，物體的加速度必定為零B.在勻加速直線運動中，物體的加速度必定為正C.物體的速度等于零，其加速度不一定等于零D.物體加速度方向不變，速度的方向可

6、能改變10、如圖1所示，一輕彈簧下端固定在水平面上，上端放置一小物體，小物體處于靜止狀態(tài)現(xiàn)對小物體施一豎直向上的拉力F，使小物體向上做勻加速直線運動，拉力F與物體位移x的關系如圖2所示，a、b、c均為已知量，重力加速度為g，彈簧始終在彈性限度內則下列結論正確的是（）A.開始時彈簧的壓縮量為cB.物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態(tài)C.物體的加速度大小為D.物體從開始運動到離開彈簧的過程經過的時間為二、實驗題11、（4分）如圖所示的實驗裝置可以用來測量重力加速度g，方法是讓“工”字形金屬片自由下落通過光電門“工”字形金屬片中間立柱長為h，上、下兩塊擋光片A、B足夠窄，寬度均為d，擋光時間由跟光電門

7、相連的數(shù)字計時器記錄下來若下?lián)豕馄珺通過光電門的時間為t1，上擋光片A通過光電門的時間為t2，則“工”字形金屬片進入光電門時的速度v1_，離開光電門時的速度v2_，自由落體運動的加速度g_12、（10分）在用打點計時器“探究小車的速度隨時間變化的規(guī)律”的實驗中，得到如圖所示的一條記錄小車運動情況的紙帶，圖中A、B、C、D、E為相鄰的計數(shù)點，每相鄰的兩個計數(shù)點之間還有4個點沒有畫出，計時器打點的時間間隔為0.02s（計算結果均保留3位有效數(shù)字）（1）由圖可知，打點計時器打出D點時小車的瞬時速度vD=_m/s.（2）在打點計時器打B、C兩點時，小車的速度分別為vB=1.38m/s；vC=2.64m

8、/s，請在上圖坐標系中畫出小車的v-t圖象_（3）小車運動的加速度大小為a=_m/s2，打點計時器打出A點時小車的瞬時速度vA=_m/s.（4）如果當時打點計時器所用交流電的頻率是f=49HZ，而做實驗的同學并不知道，由此引起的誤差屬于_（選填“系統(tǒng)”或“偶然”）誤差，這樣測得的加速度結果比實際值偏_（選填“大”或“小”）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，質量為1kg的小球用細繩拴著吊在行駛的汽車后壁上，繩與豎直方向夾角為=37。已知g=10m/，sin37=0.6，cos37

9、=0.8，求:（1）汽車勻速運動時，細線對小球的拉力和車后壁對小球的支持力大小。（2）當汽車以=2m/向右勻減速行駛時，細線對小球的拉力和小球對車后壁的壓力大小。（3）當汽車以=10m向右勻減速行駛時，細線對小球的拉力和小球對車后壁的壓力大小。14、（14分）四旋翼無人機是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前正得到越來越廣泛的應用一架質量m=2 kg的無人機，其動力系統(tǒng)所能提供的最大升力F=36 N，運動過程中所受空氣阻力大小恒為f=4 N(g取10 ms2)(1)無人機在地面上從靜止開始，以最大升力豎直向上起飛求在t=5s時離地面的高度h；(2)當無人機懸停在距離地面高度H=100m處，由

10、于動力設備故障，無人機突然失去升力而墜落求無人機墜落到地面時的速度v；(3)接(2)問，無人機墜落過程中，在遙控設備的干預下，動力設備重新啟動提供向上最大升力為保證安全著地（到達地面時速度為零），求飛行器從開始下落到恢復升力的最長時間t115、（13分）質量為m1.0kg的小物塊靜止在傾角為37的斜面的底端，現(xiàn)對其施一沿斜面向上的力F，力隨時間變化的情況如圖所示，已知sin370.6，cos370=0.8，物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)m0.25，取g10m/s2，設斜面足夠長求：(1)物體受到摩擦力多大？(2)力F作用下物體的加速度？4秒內物體沿斜面上滑的距離？(3)4秒末物體運動的速度(4)物塊

11、沿斜面向上運動的最長時間參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】位移是指從初位置到末位置的有向線段，位移是矢量，有大小也有方向；路程是指物體所經過的路徑的長度，路程是標量，只有大小，沒有方向【詳解】位移是從初位置到末位置的有向線段，最大值是物體在圓的直徑的兩端的時候，所以最大的位移為2R路程是指物體所經過的路徑的長度，則此時的路程為3圈的周長，即為6R；故選D2、A【解析】A由于當時條件的限制不能測瞬時速度，伽利略采用了斜面實驗，“

12、沖淡”了重力的作用，便于測量運動時間，并證明了自由落體運動是勻加速直線運動，故A正確；B伽利略開創(chuàng)了以實驗檢驗、猜想和假設的科學方法用在研究自由落體的規(guī)律，故B錯誤；C牛頓第一定律是邏輯思維的產物，不是實驗定律，故C錯誤；D牛頓先提出，物體具有保持原來勻速直線運動狀態(tài)或靜止狀態(tài)的性質的觀點，故D錯誤。故選A。3、A【解析】在前t1內物體受到向右的滑動摩擦力而做勻加速直線運動，加速度不變，F(xiàn)恒定，速度與時間的關系為 v=at，v-t圖象是傾斜的直線；物體的速度與傳送帶相同后，不受摩擦力而做勻速直線運動，速度不變，力為0，加速度為0故A正確，BCD錯誤故選A【點睛】解決本題的關鍵通過分析物體的受力

13、情況來確定其運動情況，知道勻加速運動的特點：加速度不變，勻速直線運動的特點：速度不變4、B【解析】AB當彈簧處于壓縮狀態(tài)時，彈簧對物體的作用力的方向向下，物體受到的重力的方向向下，所以物體受到的合外力的方向向下，則加速度的方向向下，物體一定失重，又向上運動的升降機，升降機一定減速向上故A錯誤，B正確； CD當彈簧處于伸長狀態(tài)時，彈簧對物體的作用力是拉力，當拉力大于重力時，物體加速度的方向向上，則可知m處于超重狀態(tài)；故升降機的加速度應向上；當彈簧的拉力小于重力時，物體受到的合外力的方向向下，物體的加速度的方向向下，則物體處于失重狀態(tài)；故CD都錯誤。故選B。5、D【解析】A摩擦力與相對運動的方向相

14、反，不一定與運動的方向相反，A錯誤；B摩擦力的產生需要在粗糙的接觸面之間有彈力，并且發(fā)生相對運動趨勢或相對運動，B錯誤；C合力可能大于分力、等于分力、小于分力，例如兩個分力大小相等且夾角為，則合力與分力大小相等，C錯誤；D三個力共線同向，合力最大值：三個力不能夠成首尾相接的三角形，所以合力不可能為零，最小值為：因此合力的范圍：，合力可以為，D正確。故選D。6、BD【解析】當加速度方向與速度方向相同，列車做加速運動，當加速度方向與速度方向相反，列車做減速運動；本題中列車的加速度方向始終與速度方向一致，做加速運動；當加速度減為零時，速度最大，列車做勻速直線運動【詳解】根據牛頓第二定律可知，當牽引力

15、逐漸減小但始終大于等于阻力時，牽引力仍大于阻力，故合外力的方向仍與速度方向相同，則加速度方向與速度方向一致，故列車做加速運動，速度不斷增大，故A錯誤，B正確；當加速度減小為零時，列車速度達到最大并保持不變，故C錯誤，D正確7、BC【解析】A、B、煤塊在傳送帶上勻加速運動時，根據牛頓第二定律有mg=ma，得a=g=4 m/s2，當煤塊速度和傳送帶速度相同時，位移，因此煤塊先加速后勻速，勻加速運動的時間，勻速運動的時間，煤塊從A運動到B的總時間t=t1+t2=1.5 s，A錯誤，B正確；C、D、在加速階段產生相對位移即產生劃痕，則有x=v0t1x1=2 m，C正確，D錯誤故選BC.【點睛】對傳送帶

16、問題，要注意區(qū)分劃痕和產生熱量的有效路程不同，對簡單的過程，二者一般相等，但對復雜的過程，要注意前者為某段的最大位移，后者為總的相對路程.8、CD【解析】A系統(tǒng)始終沒有相對滑動，故將abc看成一個整體，那么，合外力即為F，由牛頓第二定律可知：無論粘在哪塊木塊上面，系統(tǒng)的加速度都相同，但是比沒有橡皮泥時要小，故A錯誤；B以c為研究對象，由牛頓第二定律可得因加速度減小，所以拉力減小，而對b物體有可知，摩擦力fab應變大，故B錯誤；C若橡皮泥粘在b物體上，將ac視為整體，有由于加速度減小，則摩擦力減小，以c為研究對象，由牛頓第二定律可得因加速度減小，所以拉力減小，故C正確；D若橡皮泥粘在c物體上，將

17、ab視為整體加速度減小，所以拉力FT變大，對b有知fab增大，故D正確故選CD。9、ACD【解析】A項：勻速直線運動，物體的速度不變，所以無加速度，故A正確；B項：在勻加速直線運動中，加速度方向與速度方向相同，若規(guī)定初速度的反方向為正方向，則加速度為負值，故B錯誤；C項：物體的速度等于零，加速度不一定等于零，例如豎直上拋運動到最高點，故C正確；D項：物體的加速度方向不變，速度的方向可能改變，例如平拋運動，故D正確10、AD【解析】A剛開始時物體處于靜止狀態(tài)，物體受到的重力和彈力二力平衡，彈簧的壓縮量：x=c，故A正確；B物體與彈簧分離時，彈簧恢復原長，故B錯誤；C開始時，重力和彈力二力平衡由平

18、衡條件得：mg=kx，拉力F1為a時，彈簧彈力和重力平衡，合力等于拉力，根據牛頓第二定律有：，物體與彈簧分離后，拉力F2為b，根據牛頓第二定律有：，解得物體的質量：，彈簧的勁度系數(shù)：，加速度：，故C錯誤；D從物體開始運動到離開彈簧過程，物體的位移為：c，根據勻變速直線運動的位移公式得：，解得運動時間：，故D正確。故選AD。二、實驗題11、 . ； . ; . ；【解析】極短時間內的平均速度可以近似表示瞬時速度，根據速度位移關系公式v22-v12=2gh可得自由落體運動的加速度g【詳解】極短時間內的平均速度可以近似表示瞬時速度，故：“工”字型金屬片進入光電門時的速度v1=；離開光電門時的速度v2

19、=；根據速度位移關系公式，有：v22-v12=2gh解得自由落體運動的加速度：g=故答案為；【點評】本題關鍵是明確實驗中測量瞬時速度的方法，即用極短時間內的平均速度表示瞬時速度，同時要結合速度位移公式求解加速度，基礎題目12、 .3.90 m/s .如圖所示 .(12.412.8）m/s2 .(0.1000.140）m/s .系統(tǒng) .大【解析】（1）D為CE的中間時刻，利用中間時刻的速度等于這段時間內的平均速度可求D點的速度；（2）依次把B、C、D三點的坐標描入坐標系中，作出圖線即可；（3）由圖線的斜率可得加速度和A點的速度；（4）打點的頻率變低，相鄰的計數(shù)點長間的時間變長，在計算時用的t相對

20、較小，引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差，這樣測得的加速度結果比實際值偏大【詳解】（1）打點計時器打出D點時小車的瞬時速度vD=cm/s=390cm/s=3.90m/s（2）以打A點時作為記時零點，打B點對應的坐標（0.1,1.38），打C點對應的坐標（0.2,2.64），打D點對應的坐標（0.3,3.90），依次把B、C、D三點的坐標描入坐標系中，作出圖線如下圖（3）由速度-時間圖線可求得圖線的斜率即加速度，a=m/s2=12.6m/s2(12.4m/s212.8m/s2均可）由圖線可知打點計時器打出A點時小車的瞬時速度vA=0.130m/s(0.100m/s0.140m/s均可）（4）如果當時打點計時

21、器所用交流電的頻率是f=49HZ，而做實驗的同學并不知道，由此引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差，由加速度的定義式a=可知，打點的頻率變低，打點周期變長，相鄰的計數(shù)點長間的時間變長，實際的t相對變大，而做實驗的同學并不知道，在計算時用的t相對較小，這樣測得的加速度結果比實際值偏大故答案為：(1)3.90m/s；(2)如下圖所示：（3）12.6m/s2(12.4m/s212.8m/s2均可）；0.130m/s(0.100m/s0.140m/s均可）；（4）系統(tǒng)；大三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（1）12.

22、5N；7.5N（2）12.5N；5.5N（3）14.1N；0【解析】（1）勻速運動時，小球受力分析，小球受到重力、拉力、后壁的彈力，由平衡條件得：Tsin=FN，Tcos=mg代入數(shù)據得：T=12.5N，F(xiàn)N=7.5N；細線對小球的拉力為12.5N和車后壁對小球的壓力大小為7.5N；（2）當汽車以a1=2 m/s2向右勻減速行駛時，由牛頓第二定律得：TsinFN=ma，Tcos=mg，代入數(shù)據得：T=12.5N，F(xiàn)N=5.5N；細線對小球的拉力為12.5N和車后壁對小球的壓力大小為5.5N；（3）當汽車以a2=10m/s2向右勻減速行駛時，假設小球離開車后壁，細線與豎直方向的夾角為，由牛頓第二定律得：Tsin=ma，Tcos=mg，解得：T=mg=14.1