2022-2023學(xué)年重慶市重點(diǎn)大學(xué)附中高三（上）期末物理試卷及答案解析

2022~2023學(xué)年重慶市重點(diǎn)大學(xué)附中高三（上）期末物理試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.如圖所示，為地球沿橢圓軌道繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)過程中的五個(gè)位置，分別對(duì)應(yīng)我國(guó)的五個(gè)節(jié)氣,

A.夏至?xí)r地球公轉(zhuǎn)的速度最大

B.冬至到夏至，地球公轉(zhuǎn)的速度逐漸減小

C.從冬至到春分的時(shí)間大于地球公轉(zhuǎn)周期的四分之一

D.從冬至到春分的時(shí)間等于春分到夏至的時(shí)間

2.舞中幡是中國(guó)傳承千年的雜技項(xiàng)目之一，小西觀看央視春晚雜技節(jié)目?jī)?yōu)躍神州》中的

拋幡表演，并用手機(jī)錄下一段視頻，利用視頻編輯功能逐幀回看了如下過程，雜技演員站在

地上，將中幡從胸口處豎直向上拋起，1.5s后，在自己的胸口處開始接幡，并下蹲緩沖，經(jīng)

過0.5s,將幡接穩(wěn)在手中。小西同學(xué)查資料發(fā)現(xiàn)，一根中幡質(zhì)量約為20kg,重力加速度g=

10m/s2?假設(shè)忽略幡運(yùn)動(dòng)過程中所受的空氣阻力，雜技演員接幡過程中，幡對(duì)手的平均作用

力為（）

A.300NB.500/VC.600/VD.BOON

3.如圖甲所示為安裝在某特高壓輸電線路上的一個(gè)六分導(dǎo)線間隔棒，圖乙為其截面圖。間

隔棒將6條輸電導(dǎo)線分別固定在一個(gè)正六邊形的頂點(diǎn)a、b、c、d、e、f上，。為正六邊形的中

心。己知通電導(dǎo)線在周圍形成磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與電流大小成正比，與到導(dǎo)線的距離成反比，

某瞬時(shí)，6條輸電導(dǎo)線中通過垂直紙面向外，大小相等的電流，其中a導(dǎo)線中的電流對(duì)b導(dǎo)線

中電流的安培力大小為尸，該時(shí)刻（）

甲乙

A.。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于cf向下

B.b、c、d、e、/處5根導(dǎo)線在a處產(chǎn)生磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿aO,由a指向0

C.c導(dǎo)線所受安培力方向沿Oc,由。指向c

D.a導(dǎo)線所受安培力為2.5F

4.在x軸上x=0和/=Izn處固定電量絕對(duì)值分別為q1、勺2的兩個(gè)點(diǎn)電荷，x軸上兩電荷之

間各點(diǎn)電勢(shì)3隨位置坐標(biāo)x變化關(guān)系如圖所示，在*=0.6機(jī)處電勢(shì)最低，將另一正點(diǎn)電荷Q由

A.q1帶正電，q2帶負(fù)電

B.Qi：<?2=3:2

C.正點(diǎn)電荷Q可能到達(dá)勺2處

D.正點(diǎn)電荷Q運(yùn)動(dòng)到達(dá)x=0.6m處的過程中，電場(chǎng)力的功率先增加后減小

5.風(fēng)力發(fā)電將為2023年杭州亞運(yùn)會(huì)供應(yīng)綠色電能，其模型如圖所示。風(fēng)輪機(jī)葉片轉(zhuǎn)速m轉(zhuǎn)/

秒，并形成半徑為r的圓面，通過l：n轉(zhuǎn)速比的升速齒輪箱帶動(dòng)面積為S、匝數(shù)為N的發(fā)電機(jī)線

圈高速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電流經(jīng)過理想變壓器升壓后，輸出電壓為已知空氣密度為p,風(fēng)

速為外勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,忽略線圈電阻，則0

A.單位時(shí)間內(nèi)沖擊風(fēng)輪機(jī)葉片氣流的動(dòng)能為APTT*盧

B.經(jīng)升壓變壓器后，輸出交變電流的頻率高于mn

C.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為S7rN8Smn:U

D.高壓輸電有利于減少能量損失，因此電網(wǎng)的輸電電壓越高越好

6.如圖甲所示，傾斜傳送帶正以恒定的速度。沿順時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)，傳送帶的傾斜角為。=37。。

一質(zhì)量Mg的物塊以某一初速度為,從傳送帶的底部4處沖上傳送帶并沿傳送帶運(yùn)動(dòng)，其

運(yùn)動(dòng)的v-t圖如圖乙所示，物塊運(yùn)動(dòng)到達(dá)頂端B處時(shí)，速度恰好為零。sin37。=0.6,cos370=

2

0.8,g=10TH/SD則（）

A.物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為:

B.物塊在傳送帶上留下劃痕的長(zhǎng)度為

C.物塊上升過程中，機(jī)械能先增加后減小

D.由于傳送物體，電動(dòng)機(jī)需要對(duì)傳送帶先做負(fù)功后做正功

7.如圖所示兩根相距為L(zhǎng)的光滑導(dǎo)軌水平放置，在導(dǎo)軌的左端連接有阻值為R的電阻和理想

電壓表，在MN和PQ間存在豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾葹閐,一個(gè)

“一4'形工件，在外力作用下，以速度〃勻速通過磁場(chǎng)區(qū)域，工件時(shí)、cd、ef邊是長(zhǎng)為3

電阻為R的金屬細(xì)桿，/“、邊是長(zhǎng)為d的絕緣棒，不計(jì)其余部分電阻和金屬細(xì)桿的寬度,

則在工件通過磁場(chǎng)的過程中（

A.電壓表的示數(shù)為BLvB.電阻R消耗的電功率為啥

22

C.外力所做的功陪D.每一根金屬細(xì)桿的發(fā)熱量卻

二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）

8.除夕夜無人機(jī)表演方陣中，一架無人機(jī)從大劇院廣場(chǎng)啟動(dòng)，由靜止開始，豎直向上加速

運(yùn)動(dòng)的過程中，其加速度a隨上升高度九關(guān)系，如圖所示，取豎直向上為正方向，無人機(jī)的質(zhì)

量為m,重力加速度為g,忽略空氣阻力，則無人機(jī)上升2%的過程中（）

A.無人機(jī)先加速后勻速運(yùn)動(dòng)

B.上升2月時(shí)，無人機(jī)的速度為J與多自

C.上升2廄時(shí)，無人機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為mgJ與g/io

D.上升2垢過程中，無人機(jī)機(jī)械能增加量為學(xué)mg/i。

9.如圖所示，光滑的水平絕緣軌道AB和半徑r=1巾的豎直半圓光滑絕緣軌道BCD相切于B

點(diǎn)。半圓軌道直徑BO的右側(cè)有垂直軌道水平向里勻強(qiáng)磁場(chǎng)和豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（電場(chǎng)未畫

出），磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T。M、N為兩相同的絕緣球，質(zhì)量均為zn=1x10-3/cg,N球帶電

量為q=+2x10-3C,M球不帶電。初始時(shí)N球靜止在軌道B處，M球以%=1.5m/s向右運(yùn)

動(dòng)。M與N碰撞后，N球恰好能沿半圓軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)且對(duì)軌道無壓力，若整個(gè)過程兩球

D

的帶電情況不發(fā)生變化，g=10m/s2o則（

A.

碰后N球的速度大小為l?n/s

B.M、N兩球碰撞損失的機(jī)械能為1x10-3/

C.碰后M球能運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)

D.勻強(qiáng)電場(chǎng)豎直向上，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為5N/C

10.如圖甲所示，跳跳桿底部裝有一根彈簧，小孩和桿的總質(zhì)量為rn,某次小孩從最低點(diǎn)彈

起，以小孩運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，豎直向上為x軸正方向，小孩與桿整體的動(dòng)能與其坐標(biāo)

位置的關(guān)系如圖乙所示，圖像0-之間為曲線，0為其最高點(diǎn)，X3-必為直線，不計(jì)彈簧

質(zhì)量和空氣阻力的影響，重力加速度g=10m/s2。則()

甲

A.彈簧勁度系數(shù)k=詈B.小孩和桿的最大加速度a=『好

x2x3~x2

C.在一處的速度為J2g(X4—X3)D.在Xi處的彈性勢(shì)能為mg(X2-Xi)

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共18.0分)

II.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。該實(shí)

驗(yàn)以質(zhì)量為M的小車為研究對(duì)象，認(rèn)為小車所受合力等于細(xì)線對(duì)它的拉力F,且近似等于托盤

與祛碼的總重力mg(即尸=mg)。

(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)需要將木板右端墊高，使小車可以恰好勻速下滑、進(jìn)行這一操作時(shí)，以下說法正確

的是_________

A.需要掛上托盤和祛碼

員不需要掛上托盤和祛碼

C.需要掛上托盤，不需要在托盤內(nèi)放入祛碼

D不需要將紙帶固定在小車上

（2）在實(shí)驗(yàn)所得的某條紙帶上，依次取計(jì)數(shù)點(diǎn)0、A、B、C、D、E、F,如圖乙所示，各計(jì)數(shù)

點(diǎn)之間的距離已測(cè)量并標(biāo)出。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用的電源頻率為50Hz,相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間均有

四個(gè)點(diǎn)未畫出，則可求出小車的加速度大小a=m/s2（保留兩位有效數(shù)字）。

（3）在小車質(zhì)量”保持不變的情況下，逐漸向托盤中添加祛碼進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得到多條紙帶并計(jì)算

出多個(gè)加速度a，描出a-F圖像如圖丙所示，某同學(xué)分析圖像彎曲的原因后，對(duì)實(shí)驗(yàn)稍作改

進(jìn)，描出a-F圖像變成了如圖丁所示的直線，則該同學(xué)所做的改變可能為

A.換用一塊更為光滑的長(zhǎng)木板，重新實(shí)驗(yàn)并描繪圖像

正在小車與細(xì)線間，固定一個(gè)力傳感器，記錄傳感器示數(shù)F,重新描繪a-F圖像

C換用一輛質(zhì)量更小的小車，其他條件不變，重新實(shí)驗(yàn)并描繪圖像

D在托盤中加入更多的祛碼，其他條件不變，重新實(shí)驗(yàn)并描繪圖像

12.兩位同學(xué)分別根據(jù)圖甲和圖乙中的某個(gè)電路圖（不知具體哪位同學(xué)依據(jù)哪個(gè)電路圖），測(cè)

量?jī)蓚€(gè)完全相同電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻.

⑴第一位同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)得的多組電壓U和電流/數(shù)據(jù)作出U-/圖像如圖丙中的圖線①，他

測(cè)出電源的電動(dòng)勢(shì)為V.（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）.

（2）第二位同學(xué)的測(cè)量數(shù)據(jù)在下表中，他已在圖丙中描出部分點(diǎn)，請(qǐng)你將表中第3組數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)

的點(diǎn)描在坐標(biāo)系中，并幫他畫出U-/圖像（此為圖線②）.

數(shù)據(jù)組數(shù)123456

電壓u（y）2.582.101.601.120.650.15

電流/Q4）0.050.150.250.350.450.55

(3)其中一位同學(xué)經(jīng)過分析；認(rèn)為測(cè)出電流表4的內(nèi)阻可以讓他的測(cè)量更為準(zhǔn)確，于是設(shè)計(jì)了

如圖丁所示的電路來測(cè)量電流表A的內(nèi)阻.已知電流表4和4的示數(shù)分別為0.4040.464定

值電阻島的阻值為100，可測(cè)得電流表的內(nèi)阻為0,這位同學(xué)測(cè)出的較為準(zhǔn)確的電

源內(nèi)阻為0.(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

四、計(jì)算題(本大題共3小題，共30.()分)

13.揮舞健身繩可鍛煉臂力，某同學(xué)握住繩子一端周期性上下抖動(dòng)，在繩上激發(fā)一列繩波(可

視為簡(jiǎn)諧波)，手開始抖動(dòng)時(shí)刻記為t=0,如圖所示為距握手端17n處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，求：

(1)該繩波的速度大小和波長(zhǎng)；

14.如圖所示，光滑水平地面上方CD處存在寬度d=4m、方向豎直向上、大小E=1x

105/v/C勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域。質(zhì)量nh=lkg、長(zhǎng)為，=6m的水平絕緣長(zhǎng)木板靜置于該水平面，且

長(zhǎng)木板最右側(cè)與電場(chǎng)邊界。重合。某時(shí)刻質(zhì)量血2=0.5kg、帶電量q=+3x的可視為

質(zhì)點(diǎn)的滑塊以初速度為=6m/s從長(zhǎng)木板左端水平滑入，一段時(shí)間后，滑塊離開電場(chǎng)區(qū)域。

已知長(zhǎng)木板與滑塊的動(dòng)摩擦因數(shù)4=0.5,重力加速度大小為10m/s2。求：

(1)滑塊剛進(jìn)電場(chǎng)時(shí)，長(zhǎng)木板的速度大小；

(2)滑塊在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，及全過程的摩擦生熱。

豎直平面內(nèi)存在邊界為矩形CDEA方向垂直紙

面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，探測(cè)板HK的下端K在EF的右側(cè)延長(zhǎng)線上，該板平行于。尸豎直放置，且

能沿水平方向緩慢移動(dòng)且接地。Q、b、c三束寬度不計(jì)的離子束持續(xù)從邊界EF沿垂直EF方向

射入磁場(chǎng)，Q束離子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)143。后射出磁場(chǎng)，a、b束離子射入磁場(chǎng)的速度大小分別為孫、

0.75v0,從c束離子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均相同。已知a、b、c三束離子射入點(diǎn)距F的距離分

別為1.8R、0.3/?、0.2/?,三束離子每束每秒射入磁場(chǎng)的離子數(shù)均為九，離子質(zhì)量均為小、電荷

量均為-q,探測(cè)板HK的長(zhǎng)度為0.8R,不計(jì)離子重力及離子間的相互作用，離子在磁場(chǎng)內(nèi)、

外均不會(huì)相撞，sin37°=0.6o

(1)求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和c束離子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t；

⑵求無法探測(cè)到離子束時(shí)探測(cè)板與邊界DF的最小距離SmE；

(3)若打到探測(cè)板上的離子全部被吸收，探測(cè)板到DF距離為S,求粒子束對(duì)探測(cè)板的平均作用

力的水平分量九

C--D

xXXXXX

XXXXXXH

XXXXXX

XXXXXX

Eab八c八FK

答案和解析

1.【答案】B

【解析】AB.根據(jù)題意，由圖可知，夏至?xí)r地球在遠(yuǎn)日點(diǎn)，公轉(zhuǎn)速度最小，冬至在近日點(diǎn)，公轉(zhuǎn)速

度最大，則冬至到夏至，地球公轉(zhuǎn)的速度逐漸減小，故4錯(cuò)誤，8正確；

CD.根據(jù)題意，由圖可知，從冬至到夏至的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為地球公轉(zhuǎn)周期的一半，由于離太陽(yáng)越近，地

球公轉(zhuǎn)的速度越大，則從冬至到春分的時(shí)間小于地球公轉(zhuǎn)周期的四分之一，從春分到夏至的時(shí)間

大于地球公轉(zhuǎn)周期的四分之一，故CQ錯(cuò)誤。

故選瓦

2.【答案】B

【解析】根據(jù)題意可知，由對(duì)稱性可知，雜技演員開始接幡時(shí)幡的速度為u=g[=7.5m/s

接幡過程中，設(shè)幡對(duì)手的平均作用力為產(chǎn)，取向下為正方向，由動(dòng)量定理有

(mg—F)-At=0-mv

代入數(shù)據(jù)解得尸=500N

故選B。

3.【答案】D

【解析】4根據(jù)安培定則，a、d兩條導(dǎo)線在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，氏e兩條導(dǎo)線在。點(diǎn)的

磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，c、/兩條導(dǎo)線在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，所以。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零；

A錯(cuò)誤；

BD.根據(jù)安培定則，b、c、d、e、/'處5根導(dǎo)線在a處產(chǎn)生磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向如圖所示，設(shè)b在a處

產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,則/在a處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,c、e在a處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為黃，d

在a處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為與，根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的疊加可知，b、c、d、e、/處5根導(dǎo)線在a處

產(chǎn)生磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于a。斜向左下，合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2.5B,方向垂直aO；根據(jù)左

手定則和安培力公式可知，a受安培力方向?yàn)檠豠。，由a指向0,大小為2.5F。B錯(cuò)誤，。正確；

C.同理可得c導(dǎo)線所受安培力方向沿Oc,由c指向0,C錯(cuò)誤。

故選Do

4.【答案】D

【解析】A.根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，由圖可知，0?0.6m電場(chǎng)方向沿x軸正方向，0.6?

1血電場(chǎng)方向沿支軸負(fù)方向，則qi、《2均帶正電，故A錯(cuò)誤；

A根據(jù)3-X圖像中斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，由圖可知，x=0.6m電場(chǎng)強(qiáng)度為零，由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式

及電場(chǎng)疊加原理有急=缶

解得卜3

故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)題意可知，正電荷由x=0.4M處?kù)o止釋放，在0.4?0.6加間電場(chǎng)力做正功，過了x=

0.6m之后，電場(chǎng)力做負(fù)功，由于僅在電場(chǎng)力作用下，可知，當(dāng)正電荷運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)位置時(shí)，電場(chǎng)力

做功為零，則電荷能夠運(yùn)動(dòng)最遠(yuǎn)位置的電勢(shì)與％=0.4巾處的電勢(shì)相等，由圖可知，正點(diǎn)電荷Q不

可能到達(dá)勺2處，故C錯(cuò)誤；

。.根據(jù)題意可知，電荷在Q點(diǎn)時(shí)速度為零，電場(chǎng)力做功功率為零，在x=0.6巾處，電場(chǎng)強(qiáng)度為

零，電場(chǎng)力為零，則電場(chǎng)力做功功率為零，則正點(diǎn)電荷Q運(yùn)動(dòng)到達(dá)x=0.6M處的過程中，電場(chǎng)力

的功率先增加后減小，故。正確。

故選D。

5.【答案】C

【解析】A.單位時(shí)間內(nèi)沖擊風(fēng)輪機(jī)葉片氣流的體積V=誓=nr2v

At

氣體質(zhì)量m=pV=pnr2v

動(dòng)能a=gm/=品兀//,故A錯(cuò)誤；

8.發(fā)電機(jī)線圈轉(zhuǎn)速為mn，則&?=2nmn

頻率/=券=mn

經(jīng)升壓變壓器后，輸出交變電流的頻率仍為mn,故8錯(cuò)誤；

C.變壓器原線圈兩端電壓最大值［/抽=NBSo)=2nNBSmn

有效值Ui=聾=CnNBSmn

則變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為。兀NBSmn:U,故C正確；

。.考慮到高壓輸電的安全性和可靠性，電網(wǎng)的輸電電壓并非越高越好，故。錯(cuò)誤。

故選Co

6.【答案】。

【解析】4.由圖示圖像可知，。?1s內(nèi)物塊的加速度大小為a=|%=|上羋|m/s2=所4，

方向與速度方向相反；

由牛頓第二定律得mgsin。+nmgcosd=ma

代入數(shù)據(jù)解得〃=0.25

選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

8.由圖示圖像可知，傳送帶速度為4m/s,物塊先相對(duì)傳送帶上滑，相對(duì)位移為

VQ+v12+4

Ax】=———vtj=——x1m—4xlm=47n

然后相對(duì)傳送帶下滑，相對(duì)位移為生=%-"=2m

則物塊在傳送帶上留下劃痕的長(zhǎng)度為4m,8錯(cuò)誤；

C.物塊上滑過程中，先受向下滑動(dòng)摩擦力后受向上滑動(dòng)摩擦力，摩擦力先做負(fù)功后做正功，故機(jī)

械能先減小后增大，C錯(cuò)誤；

。.物塊上滑過程中，傳送帶先受向上摩擦力后受向下摩擦力，物塊對(duì)傳送帶先做正功后做負(fù)功，

要維持傳送帶速度不變，則電動(dòng)機(jī)需要對(duì)傳送帶先做負(fù)功后做正功，。正確。

故選：Do

7.【答案】C

【解析】A.當(dāng)導(dǎo)體棒ab、cd、e/■分別進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，ab、cd、ef切割磁感線分別充當(dāng)電源，其余

部分是并聯(lián)結(jié)構(gòu)，導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E=BLv

,E

回路中的電流為/

K+3

電壓表的讀數(shù)為U=E-IR

解得U=\BLv

A錯(cuò)誤；

8.電阻R消耗的電功率為「=^=?量=絲匕8錯(cuò)誤；

FRR16/?

C外力所做的功等于整個(gè)回路產(chǎn)生的焦耳熱W=Q=EIt

3d

t=一

v

解得小=哪電

C正確；

D每一根金屬細(xì)桿的發(fā)熱量Q=弓/)2吟+產(chǎn)嗚

解得Q=1喘M

。錯(cuò)誤。

故選Co

8.【答案】BD

【解析】A.根據(jù)題意，由圖可知，無人機(jī)的加速度方向一直向上，無人機(jī)一直做加速運(yùn)動(dòng)，故A

錯(cuò)誤；

A根據(jù)公式/=2a/i可知，a-/i圖像中面積表示設(shè)上升2壇時(shí)，無人機(jī)的速度為內(nèi)，則

有

V?1Qg+g)%o+gh°5

T=2X=尹自

解得%=J學(xué)以0

故8正確；

C.根據(jù)題意，設(shè)上升2壇時(shí)，無人機(jī)的牽引力為F，由牛頓第二定律有F-mg=ma

由圖可知，上升2/1。時(shí)，a=g

解得F=2mg

無人機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為P=Fvr=2mg

故C錯(cuò)誤;

。.根據(jù)題意可知，上升2%過程中，無人機(jī)機(jī)械能增加量為4E=g+AEp=jrnvf+mg-2h0=

方mgho

故。正確。

故選BD。

9.【答案】AD

【解析】4D.依題意，碰后N球在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有qvB=m咚,qE=mg

解得“N=lm/s,E=SN/C

小球所受電場(chǎng)力方向向上，小球帶正電，則電場(chǎng)方向豎直向上

故AO正確；

8.兩球碰撞過程動(dòng)量守恒，可得m%=mvM+mvN

解得"M=0.5m/s

則M、N兩球碰撞損失的機(jī)械能為AE=gm詔一-0.5x10-3/

故3錯(cuò)誤；

C.碰后M球能運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)的臨界速度滿足ma_m噎

1

得

可

根據(jù)機(jī)械能守恒,2-

解得M球碰后的最小速度為“min=5V_2m/s>0.5m/s

故C錯(cuò)誤。

故選AD.

10.【答案】BC

【解析】由動(dòng)能定理知圖線切線的斜率表示合外力，由圖像可以看出當(dāng)久=今時(shí)彈簧彈力減小為

零。

A.有圖像可得當(dāng)X=不時(shí)，整體的合外力為零，有左。3-％2)=7ng

得k=E

討x3-x2

A錯(cuò)誤；

8.當(dāng)整體在最低點(diǎn)即x=0時(shí)加速度最大，此時(shí)彈簧的壓縮量為與，由牛頓第二定律

kXq%2

am=--------g=------------g

mvX3-X2

B正確；

C.xr處動(dòng)能等于X3處動(dòng)能，X=與時(shí)整體離開彈簧，尤3?M過程中，由機(jī)械能守恒

1.1.

27n說=2mv3=mg(%4-%3)

得%=J2g(%4-％3)

C正確；

D.與?x4系統(tǒng)機(jī)械能守恒

EpX1+mg(x4-x3)+mgx-^=mgx4

得Epa=mg(x3-xj

。錯(cuò)誤。

故選BC。

11.【答案】(1)B(2)0.15(3)B

【解析】(1)根據(jù)題意可知，本實(shí)驗(yàn)認(rèn)為小車所受合力等于細(xì)線對(duì)它的拉力F,且近似等于托盤與

祛碼的總重力mg,則需要平衡摩擦力，平衡摩擦力時(shí)需將紙帶固定在小車上，不需要掛上托盤

和祛碼。

故選B。

(2)由于電源頻率為50Hz,相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間均有四個(gè)點(diǎn)未畫出，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為

T=0.1s

由逐差法Ax=aT2有“CF—xoc—a(37)2

代入數(shù)據(jù)解得ay0.15m/s2

(3)根據(jù)題意可知，出現(xiàn)圖丙所示的a-尸的原因是不滿足托盤和祛碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

A.換用一塊更為光滑的長(zhǎng)木板，重新實(shí)驗(yàn)并描繪圖像，沒有解決不滿足托盤和祛碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于

小車的質(zhì)量的問題，則圖像不能出現(xiàn)圖丁所示的a-F圖像，故A不符合題意；

B.若在小車與細(xì)線間，固定一個(gè)力傳感器，記錄傳感器示數(shù)F,則不需要滿足托盤和祛碼的質(zhì)量遠(yuǎn)

小于小車的質(zhì)量，可以出現(xiàn)圖丁所示的a-F圖像，故8符合題意；

CD換用一輛質(zhì)量更小的小車或在托盤中加入更多的祛碼，沒有解決不滿足托盤和祛碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小

于小車的質(zhì)量的問題，則圖像不能出現(xiàn)圖丁所示的a-F圖像，故不符合題意。

故選B。

UN

【解析】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知U=E-Ir

圖像中縱坐標(biāo)的讀數(shù)等于電動(dòng)勢(shì)，B|JE=2.80V

(2)圖像如圖所示

(3)電流表4和4的示數(shù)分別為0.404、0.46/1,則流過定值電阻的電流為0.064,定值電阻Ro的

阻值為10/2,所以電流表力兩端的電壓為U=IR=0.06x107=0.6V

電流表的內(nèi)阻為以=彳=篙0=1.50

乙電路的誤差來源是電流表的分壓作用，在已知電流表內(nèi)阻情況下，選用乙電路圖測(cè)得電源內(nèi)阻

更加準(zhǔn)確，由閉合電路歐姆定律可知U=E-/r

圖像的斜率表示內(nèi)阻r+&=9=急O(jiān)=4.80

解得：r=(4.8-1.5)0=3.30。

13.【答案】(1)根據(jù)題意，由圖可知，該波的周期為7=2s

該波經(jīng)0.5s傳到x=1m處，則該波的波速為"=7=2m/s

由公式A=vT可得，波長(zhǎng)為A=4m

(2)由圖可知，振源的起振方向沿y軸負(fù)方向，則質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=15sin(竿t+7r)cm

該波經(jīng)過ti=；3=1.75s傳播到x=3.5m處,

則t=4s時(shí)，該處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)時(shí)間為a=￡一G=2.25s

15>T2

可知，距握手端3.5m處的質(zhì)點(diǎn)在t=4s時(shí)的位移為y=cm

2

【解析】本題主要考查振動(dòng)圖像與波動(dòng)結(jié)合問題，利用好相關(guān)公式，掌握并理解簡(jiǎn)諧振動(dòng)與機(jī)械

波的關(guān)系。

14.【答案】(1)滑塊剛進(jìn)電場(chǎng)前，對(duì)長(zhǎng)木板根據(jù)牛頓第二定律可得〃巾2。=小述1

解得加速度大小為4=2.5m/s2

對(duì)滑塊根據(jù)牛頓第二定律可得〃m2g=瓶2a2

解得加速度大小為W=5m/s2

滑塊進(jìn)入電場(chǎng)前，對(duì)滑塊有詔一諾=一2。2(，一d),v2=v0-a2ti

解得滑塊進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度、滑行時(shí)間分別為W=4m/s,ti=0.4s

在時(shí)間t=0.4s內(nèi)，對(duì)木板有%==lm/s

所以滑塊剛進(jìn)電場(chǎng)時(shí)，長(zhǎng)木板的速度大小為lm/s。

(2)滑塊進(jìn)入電場(chǎng)后經(jīng)過時(shí)間t2滑塊與木板同速，設(shè)共同速度為u,滑塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守

恒，則有