湖北省八校聯(lián)考2025屆高三下學(xué)期三模物理試卷 含解析

本試卷共6頁，全卷滿分100分，考試用時75分鐘。

★?？荚図樌镒⒁馐马棧?、答題前，請將自己的姓名、準考證號、考場號、座位號填寫在試卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的制定位置。2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3、非選擇題作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4、考試結(jié)束后，請將答題卡上交。一、單項選擇題10小題，每小題4分，共40分,。在小題給出的四個選項

1～78～104

分，選對但不全的得2分，有錯選或者不選的得0分）1.如圖，某汽車機艙蓋的支撐桿由汽缸和活塞組成。打開機艙蓋時，汽缸內(nèi)密閉壓縮氣體膨脹，將機艙蓋頂起。在此過程中，汽缸內(nèi)氣體可視為理想氣體，忽略缸內(nèi)氣體與外界的熱交換。對于汽缸內(nèi)的氣體，下列說法正確的是()A．對外做正功，內(nèi)能增大B．對外做負功，內(nèi)能減小C．對外做正功，分子平均動能增大D．對外做正功，分子平均動能減小D知，氣體膨脹對外做正功，內(nèi)能減小，溫度降低，分子平均動能減小，故選D。2.A、B兩輛汽車從同一地點同時出發(fā)沿同一方向做直線運動，它們的速度的平方(v2)隨位置(x)的變化規(guī)律如圖所示，下列判斷正確的是()A．汽車A的加速度大小為4m/s2B．汽車A、B在x＝4m處的速度大小為22m/s共6頁第1頁C．從開始到汽車A停止前，當x＝4m時A、B相距最遠D．從開始到汽車A停止前，當x＝4m時A、B相遇解析：B根據(jù)勻變速直線運動的速度位移關(guān)系得v2＝v20＋2ax知圖像的斜率等于2a，對汽車A，則有2a＝0－246m/s2，解得a＝－2m/s2，

故A錯誤；汽車A、B在x＝4m處的速度大小為v，由圖可知，對于汽車A，

有v20＝24(m/s)2，得A的初速度為v＝26m/s，由v2－v20＝2ax得v＝20v＋

2ax＝24＋2×（－2）×4m/s＝22m/s，故B正確；由圖發(fā)現(xiàn)，對于B車2a＝

126m/s2a＝1m/s2At＝0－v0aA＝6s時B車的位移x＝12at2＝3mA車停止后，B車才追上Ax＝6m

時ABDABv＋at′＝at

′，解得t′＝6)3s，此時x＝vt′＋12at′2＝163m，故C錯誤。故選B。3.某拖拉機的往復(fù)式柴油內(nèi)燃機利用迪塞爾循環(huán)進行工作，該循環(huán)由兩個絕歷的迪塞爾循環(huán)，則()A．在狀態(tài)a和c時氣體溫度T>TcB．a(chǎn)→b過程，氣體對外界做功、內(nèi)能減少C．b→c過程，氣體增加的內(nèi)能小于該過程吸收的熱量D．完成一次循環(huán)過程，氣體對外界做的功大于吸收的熱量C根據(jù)題意，結(jié)合題圖可知，氣體從c到dQ＝0，

W<0U＝W＋QU<0d到a強減小，則溫度降低，則該氣體在狀態(tài)c的溫度高于在狀態(tài)a時的溫度，故A

錯誤；a→b過程為絕熱壓縮，外界對氣體做功W>0，Q＝0，則ΔU＝W，

即外界對氣體做的功全部用于增加內(nèi)能，故B錯誤；b→c過程中體積增大，氣

W<0U＝W＋QU<Q的內(nèi)能小于該過程吸收的熱量，故C正確；根據(jù)p-V圖像與V軸圍成的面積表

示氣體做功的大小，可知一次循環(huán)過程中氣體對外界做的功W>0，而一次循環(huán)

過程整個過程氣體內(nèi)能變化為零，則整個過程Q－Q＝W>0，即在一次循環(huán)

過程中氣體吸收的熱量大于氣體對外界做的功，故D錯誤。故選C。4.x＝－5m和x＝5m處有兩個穩(wěn)定的振源SS，它們振動頻率相同且步調(diào)一致，在水面上產(chǎn)生了兩列波長為0.3m、振幅分別為3cm和5cm的水波，一段時間后水面上形成了穩(wěn)定的干涉圖樣，下列說法正確的是()共6頁第2頁A．水波遇到湖中假山時能繞過假山傳播到它的后方B．x軸上x＝6m處的質(zhì)點振幅小于8cmC．y軸上y＝1m處的質(zhì)點會隨水波傳播到y(tǒng)＝5m處D．圖中方程為x29－y216＝1的曲線上的A點為振動減弱點B假山遠大于水波波長，水波遇到湖中假山時，不能繞過假山傳播

到它的后方，故A錯誤；兩波源到x＝6m位置的波程差為Δx＝(6＋5)m－(6－

5)m＝10m＝3313λ，故x軸上x＝6m處不是振動加強點，質(zhì)點振幅小于8cm，

故By軸上

y＝1m處位置的水中某質(zhì)點不會運動到y(tǒng)＝5mCA點坐標為(x，

y)A點的波程差為Δx′＝21（x1＋52＋y－21（5－x12＋y據(jù)坐標系中滿足雙曲線方程有x29－y216＝1，聯(lián)立解得Δx′＝6m＝20λ，故A

為振動加強點，故D錯誤。故選B。5.S到縫SS2的光程差為實驗用光波波長的1.5P0為SS2連線中垂線與光屏的交點。光屏上P1點到SS1的光程差為實驗用光波波長的2.5倍。則P0處和P1處將分別呈現(xiàn)()A．暗條紋、亮條紋B．亮條紋、亮條紋C．亮條紋、暗條紋D．暗條紋、暗條紋解析：A光源S到縫S、S2的光程差為實驗用光波波長的1.5倍，S、S2

到P0處的光程一樣，則光源S到P0處的光程差就等于光波波長的1.5倍，所以

P1點到SS1的光程差為實驗用光波波長的2.5S

到P1處的光程差等于光波波長，所以為亮條紋。故選A。6.負壓救護車主要用于感染患者的轉(zhuǎn)運與搶救，使用時病員艙內(nèi)氣壓低于外(為負值)是指艙內(nèi)氣體壓強與外界大氣壓強之差。某次，同時將部分氣體抽出使艙負壓值達到規(guī)定值。已知T＝t＋273K，打開開關(guān)前艙內(nèi)氣體的溫度為37℃，艙內(nèi)氣體壓強與外界大氣壓強均為p；打開開關(guān)后抽出的氣體質(zhì)量為原來艙內(nèi)氣體質(zhì)量的n(n<1)倍，艙內(nèi)溫度降至27℃，則該病員共6頁第3頁艙規(guī)定的負壓值為()A．－np0B．－30n31p0C．－1＋30n31p0D．－1＋31n31p0解析：C以打開開關(guān)后剩余的氣體為研究對象，設(shè)艙內(nèi)體積為V，根據(jù)理

想氣體狀態(tài)方程，有（1－nVT1＝p2VT2?（1－n310＝p2300p2

＝30p0（1－n31p－p＝－1＋30n31pABD錯誤

，C正確。故選C。7.水平墻上a、d兩點拴接一多功能掛物繩，繩子上b、c兩點分別懸掛上物體A、B后，其靜置狀態(tài)如圖所示，墻上兩點e、f分別在b、c兩點正上方，且ae＝ef＝fdeb∶fc＝10∶AB的質(zhì)量之比為()A．1∶2B．2∶3C．4∶5D．3∶4Da點做bceb交于md點做bc的平行線，與fc延長線交于n點，過c點做eb的垂線，交eb的延長線于p點，則根據(jù)ae＝ef＝fd＝pc以及幾何關(guān)系可知△aem與△cpb以及△dfn為全等三角形。對結(jié)點b和c受力分析，則力構(gòu)成的三角形分別相似于△abm和△cdn，又由于eb∶fc＝10∶mAgmBg＝mbnc＝eb－emfc＋nf＝912＝34mAmB＝34。故選D。8.光的干涉現(xiàn)象在工業(yè)技術(shù)中有重要應(yīng)用，例如檢查平面的平整程度。如圖()共6頁第4頁A．a(chǎn)圖是紅光，b圖是藍光B．將兩種顏色的光分別通過狹窄的單縫，也能得到如圖所示的條紋C．條紋間距之比等于波長之比D．若將薄片的厚度增加，則條紋間距減小解析：CD根據(jù)Δx＝λ2tanθ，可得條紋間距之比為Δx1Δx2＝λ1λ2，

若將薄片的厚度d增加，相當于傾角θ變大，則條紋間距減小，由題圖乙可知a

圖的條紋間距小于ba的波長小于bACD分別通過狹窄的單縫，產(chǎn)生的是衍射現(xiàn)象，故不能得到如圖所示的條紋，故B

錯誤。故選CD。9.如圖甲所示，滑雪運動員在助滑道上獲得一定速度后從跳臺飛出，在空中O處以初速度v0飛出，方向與雪道成60°，之后落在雪道的P處。運動員質(zhì)量為m30g列說法正確的是()甲乙A．運動員在空中飛行的時間為v0gB．OP兩點間的距離為202vgC．運動員在飛行過程中動能變化量的大小為2mv20D．運動員在飛行過程中動量變化量的大小為2mv0解析：BD依題意，把重力加速度沿雪道方向和垂直雪道方向分解，有g(shù)x

＝gsin30°＝g2g＝gcos30°＝3)2g，把初速度沿雪道方向和垂直雪道方向分

v＝vcos60°＝v02v＝vsin60°＝3)v020＝v－gy

·t2t＝2v0gAx＝vt＋12gt2＝202vgBW＝ΔEW＝mg·

xsin30°，解得ΔE＝mv20，即運動員在飛行過程中動能變化量的大小為

mv20。故C錯誤；根據(jù)I＝Δp，又I＝mgt，解得Δp＝2mv，故D正確。故共6頁第5頁選BD。10.m的物體ABB上連接一勁度系數(shù)為kA以初速度v0向靜止的物體BA接觸彈簧到第一次將彈簧壓縮到最短的時間為t＝π2m2k)，彈簧彈性勢能為E＝12kx2(x為彈簧的形變量)，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，下列說法正確的是()A．彈簧的最大壓縮量為vm2k)B．彈簧的最大壓縮量為vmk)CA＋1）v04m2k)D．從開始壓縮彈簧到彈簧第一次壓縮最短的過程中，物體B的位移為（π－2）v04m2k)解析：AD彈簧壓縮到最大時，A、B的速度相同，以A初速度方向為正

方向，根據(jù)動量守恒定律可得mv＝2mv，根據(jù)能量守恒定律可得12mv20＝12·

2mv2＋EE＝14mv20x＝vm2k)B錯誤－－－－，A正確；由動量守恒定律可得m＋m＝mv，則有mt＋mt＝mvt，故mx＋mx＝mvt＝mv0π2m2k)，由AB選項分析可知x－x＝x＝vm2k)，

聯(lián)合解得x＝（π＋2）v04m2k)，x＝（π－2）v04m2k)，故C錯誤，D正確。

故選AD。二、非選擇題5小題，共60分）11、(7分)某實驗興趣小組利用如圖甲所示裝置做“探究加速度與力的關(guān)系”實驗時，實驗操作如下：甲①掛上托盤和砝碼，調(diào)整木板的傾角，使質(zhì)量為M的小車沿木板勻速下滑；m合外力為F，通過計算機可得到小車與位移傳感器的距離隨時間變化的x-t圖像，并求出小車的加速度a；③改變砝碼質(zhì)量和木板的傾角，重復(fù)步驟①②，可得到多組a、F的數(shù)據(jù)，共6頁第6頁并繪制a-F圖像。(1)(多選)下列說法正確的是________。A．實驗開始前需要先補償阻力B．調(diào)整滑輪高度使細線與木板平行C．本實驗需要滿足M?mD．本實驗將托盤和砝碼的總重力mg的大小作為小車受到的合外力F的大小(2)ma-F圖像應(yīng)該是圖乙中的________(選填“Ⅰ”或“Ⅱ”或“Ⅲ”)。乙(3)某段時間內(nèi)小車的x-t為________m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。丙解析：(1)本實驗的原理是有托盤和砝碼時小車做勻速運動，受力平衡，撤M?m向，需要調(diào)整滑輪高度使細線與木板平行。故選BD。(2)根據(jù)牛頓第二定律F＝Ma，整理可得a＝1M·F，設(shè)托盤質(zhì)量為m，根據(jù)實驗原理可得a＝1M·(m＋m)＝1M·m＋m0M，可知僅將砝碼質(zhì)量記為m，則繪制出的a-F圖像應(yīng)該是圖乙中的Ⅰ。(3)T＝0.30s－0.20s＝0.20s－0.10s＝0.1s，根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律有Δx＝aT2，其中Δx＝(38.20－25.20)×10－2m－(49.10－38.20)×10－2m＝2.1×10－2m，解得a＝共6頁第7頁2.1m/s2。答案：(1)BD(2)Ⅰ(3)2.112.(10分)器材有：一個電阻箱R(最大阻值99.9Ω)，一個量程為“0～200mA10Ω的電流表A，一個阻值為5Ω的定值電阻R，一個開關(guān)和若干導(dǎo)線。(1)同學(xué)們利用歐姆表來核實電流表A及定值電阻R0值都是準確的，當歐姆表兩表筆與電阻R0相連時，歐姆表指針恰好偏轉(zhuǎn)到滿刻度的45，當歐姆表兩表筆與電流表A相連時，歐姆表指針將偏轉(zhuǎn)到滿刻度的________(用分數(shù)表示)________(填“正”或“負”)接線柱相連。(2)由于電流表AR0將該電流表進行改裝，改裝后的量程為________A。(3)設(shè)計的測量電路如圖甲所示。若實驗中記錄電阻箱的阻值R和電流表的示數(shù)I1IR-1I的電動勢E＝_______V，內(nèi)阻r＝_______Ω。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)甲乙解析：(1)電流表A的內(nèi)阻是10Ω，定值電阻R0阻值為5Ω，當歐姆表兩表筆與電阻R04545I＝ER內(nèi)＋R0，當歐姆表兩表筆與電流表A相連時，nI＝ER內(nèi)＋RA，又I＝ER內(nèi)，解得n＝23，連接時要注意紅表筆要與電流表的負接線柱相連。(2)將定值電阻R0與電流表并聯(lián)進行改裝，改裝后的量程為I＝I＋IgRgR0＝\a\vs4\al\co1(0.2＋\f(0.2×105))A＝0.6A。(3)根據(jù)電路可知，電流表讀數(shù)為I時，總電流為3I，則E＝IR＋3I(R＋r)，即R＝E3·1I－10＋3r3，由圖像可知E3＝63＝2，10＋3r3＝6，解得E＝6.0V，r＝83Ω≈2.7Ω。答案：(1)23負(2)0.6(3)6.02.7共6頁第8頁13.(10分)某實驗小組欲將內(nèi)阻R＝40I＝100μA的電流表改裝成歐姆表，供選擇的器材有：A．定值電阻R(阻值為14kΩ)B．滑動變阻器R(最大阻值為1500Ω)C．滑動變阻器R(最大阻值為500Ω)D．電阻箱(0～9999.9Ω)E．干電池(E＝1.5V，r＝2Ω)F.紅、黑表筆各一只、開關(guān)、導(dǎo)線若干甲乙丙(1)________(選填“R“R”)。請用筆畫線代替導(dǎo)線將圖甲中的實物連線組成歐姆表。(2)歐姆表改裝好后，將紅、黑表筆短接進行調(diào)零，此時滑動變阻器R接入電路的電阻應(yīng)為________Ω；電流表表盤的50μA刻度對應(yīng)的改裝后歐姆表的刻度為________kΩ。(3)c處的電流刻共6頁第9頁度為75，則c處的電阻刻度為________kΩ。(4)利用改裝后的歐姆表進行電阻測量，小組同學(xué)發(fā)現(xiàn)當被測電阻的阻值為幾百歐姆時，電流表指針偏轉(zhuǎn)角太大，不能進行讀數(shù)，他們利用電阻箱和開關(guān)，對電路進行了改進，使中值電阻為1500Ω，如圖丙為他們改進后的電路，圖中電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為________Ω。若用該表測量一阻值為1000Ω的電阻時，則電流表指針對應(yīng)的電流是________μA。解析：(1)為了保證改裝后歐姆表能正常使用，歐姆調(diào)零時，有I＝ER歐，解得歐姆調(diào)零時歐姆表內(nèi)阻為R＝EIg＝1.5100×10－6Ω＝15000動變阻器接入電路阻值為R＝R－R－R－r＝(15000－14000－40－2)Ω＝958R示。(2)歐姆調(diào)零時，有I＝ER歐，解得歐姆調(diào)零時歐姆表內(nèi)阻為R歐＝EIg＝1.5100×10－6Ω＝15000Ω，此時滑動變阻器接入電路阻值為R滑＝R歐－R－R－r＝(15000－14000－40－2)Ω＝958Ω。設(shè)電流表表盤的50μA刻度對應(yīng)的改裝后歐姆表的刻度為RI＝ER歐＋RxR＝EI－R＝1.550×10－6Ω－15000Ω＝15000Ω＝15kΩ。(3)表盤上c處的電流刻度為75，設(shè)此時測量電阻為R′，則有R′＝EI′－R＝1.575×10－6Ω－15000Ω＝5000Ω＝5kc處的電阻刻度為5。(4)設(shè)改裝后干路的最大電流為II＝ER行了改進，使中值電阻為1500Ω，則有12I＝ER歐′＋1500Ω，聯(lián)立解得R歐′＝1500Ω，I＝1mA＝1000μA，則圖中電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為R箱＝\rc\)(\a\vs4\al\co1(R0＋Rg))Im－Ig＝15601000Ω的電I＝ER歐′＋1000Ω＝0.6mA＝600μA針對應(yīng)的電流是I＝R箱R箱＋R0＋RgI＝15601560＋14000＋40×600μA＝60μA。共6頁第10頁答案：(1)R1圖見解析(2)95815(3)5(4)15606014.(15分)如圖所示，在xOz平面的第二象限內(nèi)有沿z軸負方向的勻強電場，電場強度的大小E＝10V/mz軸的圓柱形磁場區(qū)域，磁場方向沿z軸正方向。一比荷為qm＝104C/kg的帶正電粒子從x軸上的P點以速度v0射入電場，方向與x軸的夾角θ＝30°。該粒子經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后，由z軸上的Q點以垂直于z標為(00.15m0.2m)的M點(圖中未畫出)x軸負方向的夾角α＝60°，其中OQ＝0.2m，不計粒子重力。求：(1)粒子速度v0的大??；(2)圓柱形磁場區(qū)域的最小橫截面積S(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；(3)粒子從P點運動到M點經(jīng)歷的時間t(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)。解析：(1)如圖所示，粒子在電場中沿x軸正方向的分運動是勻速直線運動，沿zz軸方向根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可得vsinθ＝at1根據(jù)牛頓第二定律可得qE＝ma沿z軸正方向OQ＝12at21聯(lián)立可得v＝4×102m/s。(2)由幾何關(guān)系得MQ＝r＋rcosα，r＝0.05m圓柱形磁場區(qū)域的最小橫截面積S＝π\(zhòng)a\vs4\al\co1(\f(\r(3)r2))2＝5.9×10－3m2。共6頁第11頁(3)洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得qvcosθB＝m（v0cosθ）2r解得B＝3)5T，T＝2πrv0cosθ粒子在磁場和電場中運動的時間為t＝120°360°T＝3.0×10－4s，t＝2rsinαv0cosθ＝2.5×10－4st＝t＋t＋t3解得t＝2.55×10－3s。答案：(1)4×102m/s(2)5.9×10－3m2(3)2.55×10－3s15