重慶市三十七中高考物理仿真模擬試卷（七）（含解析）.doc

2016年重慶三十七中高考物理仿真模擬試卷（七）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個選項中，第1417題只有一項符合題目要求，第1821題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.1下列有關物理學史的研究方法，說法正確的是（）a用點電荷來代替實際帶電體是采用了理想模型的方法b在驗證力的平行四邊形定則的實驗中使用了控制變量的方法c在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，該實驗應用了微元法d用比值法定義的物理概念在物理學中占有相當大的比例，例如場強e=，電容c=，加速度a=都是采用比值法定義的2細繩拴一個質量為m的小球，小球用固定在墻上的水平彈簧支撐，小球與彈簧不粘連平衡時細繩與豎直方向的夾角為53，如圖所示，以下說法正確的是（已知sin53=0.8，cos53=0.6）（）a小球靜止時彈簧的彈力大小為b小球靜止時細繩的拉力大小為c細線燒斷瞬間小球的加速度為d細線燒斷后小球做平拋運動3如圖甲所示，一理想變壓器給一個小燈泡供電當原線圈輸入如圖乙所示的交變電壓時，額定功率10w的小燈泡恰好正常發(fā)光，已知燈泡的電阻為40，圖中電壓表為理想電表，下列說法正確的是（）a變壓器輸入電壓的瞬時值表達式為=220sint（v）b電壓表的示數(shù)為220vc變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為11：1d變壓器的輸入功率為110w4如圖所示，ac和bd為正方形abcd的對角平分線，o為正方形的中心現(xiàn)在a，b，c三點分別放上電荷量相等的三個正電荷，則下列說法正確的是（）ao點電場強度的方向垂直于ac由d指向ob從o到d電勢逐漸升高c將b點的電荷移到o點時，d點的電場強度變小d將帶正電的試探電荷由o移到d，該電荷的電勢能逐漸減小5我國成功實施了“神舟”七號載人航天飛行并實現(xiàn)了航天員首次出艙飛船先沿橢圓軌道飛行，后在遠地點343千米處點火加速，由橢圓軌道變成高度為343千米的圓軌道，在此圓軌道上飛船運行周期約為90分鐘下列判斷正確的是（）a飛船變軌前后的機械能相等b飛船在圓軌道上時航天員出艙前后都處于失重狀態(tài)c飛船在此圓軌道上運動的角速度大于同步衛(wèi)星運動的角速度d飛船變軌前通過橢圓軌道遠地點時的加速度大于變軌后沿圓軌道運動的加速度6如圖所示，等腰直角三角體oab的斜邊ab是由ap和pb兩個不同材料的面拼接而成，p為兩面交點，且bpap將ob邊水平放置，讓小物塊從a滑到b；然后將oa邊水平放置，再讓小物塊從b滑到a，小物塊兩次滑動均由靜止開始，且經(jīng)過p點的時間相同物體與ap面的摩擦因數(shù)為a，與pb面的摩擦因數(shù)b；滑到底部所用的總時間分別是tab和tba，下列說法正確的是（）a兩面與小物體間的摩擦系數(shù)abb兩次滑動中物塊到達底端速度相等c兩次滑動中物塊到達p點速度相等d兩次滑動中物塊到達底端總時間tabtba7如圖所示，光滑的長直金屬桿上套兩個金屬環(huán)與一個完整正弦圖象的金屬導線ab連接，其余部分未與桿接觸桿電阻不計，導線電阻為r，ab間距離為2l，導線組成的正弦圖形頂部或底部到桿距離都是d，在導線和桿平面內有一有界勻強磁場區(qū)域，磁場的寬度為l，磁感強度為b，現(xiàn)在外力f作用下導線沿桿以恒定的速度v向右運動，t=0時刻導線從o點進入磁場，直到全部穿過的過程中，產生的感生電流或外力f所做的功為（）a非正弦交變電流b正弦交變電流c外力做功為d外力做功為8在傾角為的光滑斜面上有兩個用輕彈簧連接的物塊a和b，它們的質量分別為m和2m，彈簧的勁度系數(shù)為k，c為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)現(xiàn)用一沿斜面方向的恒力拉物塊a使之沿斜面向上運動，當b剛離開c時，a的速度為v，加速度方向沿斜面向上，大小為a，則（）a從靜止到b剛離開c的過程中，a發(fā)生的位移為b從靜止到b剛離開c的過程中，重力對a做的功為cb剛離開c時，恒力對a做功的功率為（mgsin+ma）vd當a的速度達到最大時，b的加速度大小為二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第22題第25題為必考題，每個試題考生都必須作答.第33題第35題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題（共47分）9在水平固定的長木板上，小明用物體a、b分別探究了加速度隨著外力的變化的關系，實驗裝置如圖甲所示（打點計時器、紙帶圖中未畫出）實驗過程中小明用不同的重物p分別掛在光滑的輕質動滑輪上，使平行于長木板的細線拉動長木板上的物體a、b由靜止開始加速運動（紙帶與打點計時器之間阻力及空氣阻力可忽略），實驗后進行數(shù)據(jù)處理，小明得到了物體a、b的加速度a與輕質彈簧秤彈力f的關系圖象分別如圖乙中的a、b所示，（1）（多選題）由圖甲判斷下列說法正確的是a一端帶有定滑輪的長木板不水平也可以達到實驗目的b實驗時應先接通打點計時器電源后釋放物體c實驗中重物p的質量應遠小于物體的質量d彈簧秤的讀數(shù)始終為重物p的重力的一半（2）小明仔細分析了圖乙中兩條線不重合的原因，得出結論：兩個物體的質量不等，且mamb（填“大于”“等于”或“小于”）；兩物體與木板之間動摩擦因數(shù)ab（填“大于”“等于”或“小于”）10某同學用下列器材測量一電阻絲的電阻rx：電源e，適當量程的電流表、電壓表各一只（電流表有內阻，電壓表內阻不是無限大），滑動變阻器r、rp，開關s1、s2，導線若干他設計如圖（a）所示的電路測量電阻rx的值，并有效地消除了因電壓表和電流表內阻而產生的系統(tǒng)誤差實驗步驟如下：a先閉合s1，斷開s2，調節(jié)r和rp，使電流表和電壓表示數(shù)合理，記下兩表示數(shù)為i1，u1；b閉合s2，調節(jié)rp，記下電流表和電壓表示數(shù)為i2、u2（1）請你幫他按電路圖在實物圖（b）上連線；（2）指出上述步驟b中錯誤的做法并進行改正，寫出用測量數(shù)據(jù)表示被測電阻rx的表達式11某物體a靜止于水平地面上，它與地面間的動摩擦因數(shù)u=0.2，若給物體a一個水平向右的初速度v0=l0m/s，g=l0m/s2求：（1）物體a向右滑行的最大距離：（2）若物體a右方x0=12m處有一輛汽車b，在物體a獲得初速度v0的同時，汽車b從靜止開始以a=2m/s2的加速度向右運動，通過計算說明物體a能否撞上汽車b？12如圖所示，直線mn的下方有mn成60斜向上的勻強電場，上方空間存在兩個勻強磁場，其分界線是半徑為r的半圓，圓心o在mn上，p、q是圓與mn的兩交點，半圓分界線內外的磁場方向相反且垂直于紙面，磁感應強度大小都為b現(xiàn)有一質量為m、電荷量為q的帶負電微粒從a點（a點在過o的電場線上）垂直電場線向左上方射出，到達p點時速度恰好水平，經(jīng)磁場最終能打到q點，不計微粒的重力求：（1）微粒在a點的速度大小與在p點的速度大小的比值（2）ao間的距離（3）微粒從p點到q點可能的運動時間（二）選考題（共15分.請從給出的3道題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一個題目計分）物理-選修3-313下列說法正確的是（）a液體表面張力產生的原因是液體表面層分子較密集，分子間引力大于斥力bpm2.5（空氣中直徑等于或小于2.5微米的懸浮顆粒物）在空氣中的運動屬于分子熱運動c在各種晶體中，原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性d一定質量的理想氣體溫度升高，體積增大，壓強不變，則氣體分子在單位時間撞擊容器壁單位面積的次數(shù)一定減少e在使兩個分子間的距離由很遠（r109 m）減小到很難再靠近的過程中，分子間的作用力先增大后減小，再增大14如圖所示，開口向上豎直放置的內壁光滑氣缸，其側壁是絕熱的，底部導熱，內有兩個質量均為m的密閉活塞，活塞a導熱，活塞b絕熱，將缸內理想氣體分成、兩部分初狀態(tài)整個裝置靜止不動處于平衡，、兩部分氣體的長度均為l0，溫度為t0設外界大氣壓強為p0保持不變，活塞橫截面積為s，且mg=p0s，環(huán)境溫度保持不變求：在活塞a上逐漸添加鐵砂，當鐵砂質量等于2m時，兩活塞在某位置重新處于平衡，活塞b下降的高度現(xiàn)只對氣體緩慢加熱，使活塞a回到初始位置，此時氣體的溫度物理-選修3-415一列簡諧橫波在某時刻的波形如圖所示，此時刻質點p的速度為v，經(jīng)過0.2s后它的速度大小、方向第一次與v相同，再經(jīng)過1.0s它的速度大小、方向第二次與v相同，則下列判斷中正確的是（）a波沿x軸正方向傳播，且波速為10m/sb波沿x軸負方向傳播，且波速為20m/sc質點m與質點q的位移大小總是相等、方向總是相反d若某時刻n質點到達波谷處，則q質點一定到達波峰處e從圖示位置開始計時，在0.6s時刻，質點m偏離平衡位置的位移y=10cm16如圖所示，一透明半圓柱體折射率為n=2，半徑為r、長為l一平行光束從半圓柱體的矩形表面垂直射入，從部分柱面射出求該部分柱面的面積s物理-選修3-517美國物理學家密立根以精湛的技術測出了光電效應中幾個重要的物理量若某次實驗中，他用光照射某種金屬時發(fā)現(xiàn)其發(fā)生了光電效應，且得到該金屬逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖象如圖所示，經(jīng)準確測量發(fā)現(xiàn)圖象與橫軸的交點坐標為4.77，與縱軸交點坐標為0.5已知電子的電荷量為1.61019c，由圖中數(shù)據(jù)可知普朗克常量為js，金屬的極限頻率為hz（均保留兩位有效數(shù)字）18一輛以90km/h高速行駛的貨車，因其司機酒駕，在該貨車進入隧道后，不僅未減速，而且駛錯道，與一輛正以72km/h速度駛來的小轎車發(fā)生迎面猛烈碰撞，碰撞后兩車失去動力并掛在一起，直線滑行10m的距離后停下，已知貨車的質量為m=104kg，轎車的質量為m=103kg，且由監(jiān)控數(shù)據(jù)可知，兩車碰撞時間（從接觸到開始一起滑行所用時間）為0.2s，假設兩車碰撞前后一直在同一條直線上運動，且忽略碰撞時摩擦力的沖量，重力加速度g取10m/s2，求：兩車碰撞過程中，小轎車受到的平均沖擊力與轎車本身的重力之比；兩車一起滑行的過程中，受到的地面摩擦力大?。ūＡ魞晌挥行?shù)字）2016年重慶三十七中高考物理仿真模擬試卷（七）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個選項中，第1417題只有一項符合題目要求，第1821題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.1下列有關物理學史的研究方法，說法正確的是（）a用點電荷來代替實際帶電體是采用了理想模型的方法b在驗證力的平行四邊形定則的實驗中使用了控制變量的方法c在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，該實驗應用了微元法d用比值法定義的物理概念在物理學中占有相當大的比例，例如場強e=，電容c=，加速度a=都是采用比值法定義的【考點】物理學史【分析】本題根據(jù)常用的物理研究方法，如理想模型法、等效替代法等，進行解答即可【解答】解：a、用點電荷來代替實際帶電體是采用了理想模型的方法，故a正確b、在驗證力的平行四邊形定則的實驗中使用了等效替代的方法，故b錯誤c、在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系，再保持力不變研究加速度與質量的關系，該實驗使用了控制變量的方法，故c錯誤d、場強e=，電容c=是采用比值法定義，而加速度a=不是采用比值法定義，因為a與f成正比，與m成反比，不符合比值法定義的共性故d錯誤故選：a【點評】解決此題的關鍵要知道物理常用的研究方法，如理想模型法、等效替代法、控制變量法、比值定義等2細繩拴一個質量為m的小球，小球用固定在墻上的水平彈簧支撐，小球與彈簧不粘連平衡時細繩與豎直方向的夾角為53，如圖所示，以下說法正確的是（已知sin53=0.8，cos53=0.6）（）a小球靜止時彈簧的彈力大小為b小球靜止時細繩的拉力大小為c細線燒斷瞬間小球的加速度為d細線燒斷后小球做平拋運動【考點】牛頓第二定律；力的合成與分解的運用；共點力平衡的條件及其應用【專題】牛頓運動定律綜合專題【分析】小球靜止時，分析受力情況，由平衡條件求解彈簧的彈力大小和細繩的拉力大小細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與燒斷前細繩拉力的大小相等、方向相反，即可求出加速度【解答】解：a、b、小球靜止時，分析受力情況，如圖，由平衡條件得：彈簧的彈力大小為：f=mgtan53=mg細繩的拉力大小為：t=mg故a錯誤，b錯誤；c、d、細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與燒斷前細繩拉力的大小相等、方向相反，則此瞬間小球的加速度大小為：a=故c正確d、由c分析可得，d錯誤故選：c【點評】本題中小球先處于平衡狀態(tài)，由平衡條件求解各力的大小，后燒斷細繩，小球處于非平衡條件，抓住細繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變是關鍵3如圖甲所示，一理想變壓器給一個小燈泡供電當原線圈輸入如圖乙所示的交變電壓時，額定功率10w的小燈泡恰好正常發(fā)光，已知燈泡的電阻為40，圖中電壓表為理想電表，下列說法正確的是（）a變壓器輸入電壓的瞬時值表達式為=220sint（v）b電壓表的示數(shù)為220vc變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為11：1d變壓器的輸入功率為110w【考點】變壓器的構造和原理【專題】交流電專題【分析】根據(jù)瞬時值的表達式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，與匝數(shù)成反比，即可求得結論【解答】解：a、由圖象可知，=，故a錯誤b、原線圈輸入電壓為220v，電壓表示數(shù)為燈泡的額定電壓u=20v，故b錯誤c、由b分析，結合變壓比公式得， =，故c正確d、變壓器的輸入功率與輸出功率相等，為10w，故d錯誤故選c【點評】掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關系，最大值和有效值之間的關系即可解決本題4如圖所示，ac和bd為正方形abcd的對角平分線，o為正方形的中心現(xiàn)在a，b，c三點分別放上電荷量相等的三個正電荷，則下列說法正確的是（）ao點電場強度的方向垂直于ac由d指向ob從o到d電勢逐漸升高c將b點的電荷移到o點時，d點的電場強度變小d將帶正電的試探電荷由o移到d，該電荷的電勢能逐漸減小【考點】電勢差與電場強度的關系；電荷守恒定律；電勢能【專題】定性思想；圖析法；電場力與電勢的性質專題【分析】根據(jù)點電荷產生的場強和場強的疊加原理判斷場強的大小，沿電場線方向電勢降低，正電荷沿電場線方向電場力做正功，電勢能減小【解答】解：a、根據(jù)點電荷產生的場強和疊加原理可得o點的場強方向垂直于ac由o指向d，故a錯誤；b、o到d的場強方向指向d，故沿電場線方向電勢降低，故b錯誤；c、根據(jù)電場的疊加可知將b點的電荷移到o點時，d點的電場強度變大，故c錯誤；d、將帶正電的試探電荷由o移到d，電場力做正功，電勢能減小，故d正確故選：d【點評】本題考查對電場疊加的理解和應用能力，明確其計算用矢量合成法則，會分析電勢的高低5我國成功實施了“神舟”七號載人航天飛行并實現(xiàn)了航天員首次出艙飛船先沿橢圓軌道飛行，后在遠地點343千米處點火加速，由橢圓軌道變成高度為343千米的圓軌道，在此圓軌道上飛船運行周期約為90分鐘下列判斷正確的是（）a飛船變軌前后的機械能相等b飛船在圓軌道上時航天員出艙前后都處于失重狀態(tài)c飛船在此圓軌道上運動的角速度大于同步衛(wèi)星運動的角速度d飛船變軌前通過橢圓軌道遠地點時的加速度大于變軌后沿圓軌道運動的加速度【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用【專題】人造衛(wèi)星問題【分析】同步衛(wèi)星的周期t=24h，根據(jù)周期與角速度的關系可知角速度的大小關系飛船在飛行過程中只受地球萬有引力作用，飛船處于完全失重狀態(tài)飛船的加速度由萬有引力產生，加速度是否相同就是看飛船受到的萬有引力是否一樣【解答】解：a、在遠地點343千米處點火加速，機械能增加，故a錯誤b、飛船在圓軌道上時，航天員出艙前后，航天員所受地球的萬有引力提供航天員做圓周運動的向心力，航天員此時的加速度就是萬有引力加速度，即航天員出艙前后均處于完全失重狀態(tài)，故b正確；c、因為飛船在圓形軌道上的周期為90分鐘小于同步衛(wèi)星的周期，根據(jù)=可知角速度與周期成反比，所以飛船在此圓軌道上運動的角度速度大于同步衛(wèi)星運動的角速度，故c正確；d、飛船變軌前后通過橢圓軌道遠地點時的加速度均為萬有引力加速度，據(jù)a=可知，軌道半徑一樣則加速度一樣，故d錯誤故選：bc【點評】圓形軌道上，航天器受到的萬有引力提供航天器做圓周運動的向心力，即萬有引力產生的加速度等于向心加速度，無論航天器是否做圓周運動，空間某點航天器無動力飛行時的加速度即為萬有引力加速度，此加速度只跟物體軌道半徑有關，與運動狀態(tài)無關6如圖所示，等腰直角三角體oab的斜邊ab是由ap和pb兩個不同材料的面拼接而成，p為兩面交點，且bpap將ob邊水平放置，讓小物塊從a滑到b；然后將oa邊水平放置，再讓小物塊從b滑到a，小物塊兩次滑動均由靜止開始，且經(jīng)過p點的時間相同物體與ap面的摩擦因數(shù)為a，與pb面的摩擦因數(shù)b；滑到底部所用的總時間分別是tab和tba，下列說法正確的是（）a兩面與小物體間的摩擦系數(shù)abb兩次滑動中物塊到達底端速度相等c兩次滑動中物塊到達p點速度相等d兩次滑動中物塊到達底端總時間tabtba【考點】動能定理的應用；功能關系【分析】根據(jù)勻加速直線運動位移時間公式及牛頓第二定律聯(lián)立方程判斷動摩擦力因數(shù)的大小，從a到b和從b到a分別利用動能定理可以比較物塊滑到低端時的速度大小，由功的計算公式可以求出克服摩擦力所做的功【解答】解：a、根據(jù)勻加速直線運動位移時間公式得：x=解得：a=因為兩次運動到p點的時間相同，且bpap，所以abaa根據(jù)牛頓第二定律得：a=，所以ab，故a錯誤；b、從a到b和從b到a過程中摩擦力做功相等，重力做功相等，根據(jù)動能定理可知，兩次滑動中物塊到達底端速度相等，故b正確；c、由題意可知，小物塊兩次滑動經(jīng)過p點的時間相同且bpap，因此從b到p的平均速度大于從a到p的平均速度，設從a到p點時速度為v1，從b到p時速度為v2，則根據(jù)勻變速直線運動特點有：，即從b到p點速度大于從a到p點的速度，故c錯誤；d、從b到p點速度大于從a到p點的速度，且以abaa，bpap，所以b從p點滑到a的時間大于a從p點滑到b的時間，又因為經(jīng)過p點的時間相同，所以兩次滑動中物塊到達底端總時間tabtba，故d正確故選：bd【點評】熟練應用動能定理是解答這類問題的關鍵，應用動能定理時注意正確選擇兩個狀態(tài)，弄清運動過程中外力做功情況，可以不用關心具體的運動細節(jié)7如圖所示，光滑的長直金屬桿上套兩個金屬環(huán)與一個完整正弦圖象的金屬導線ab連接，其余部分未與桿接觸桿電阻不計，導線電阻為r，ab間距離為2l，導線組成的正弦圖形頂部或底部到桿距離都是d，在導線和桿平面內有一有界勻強磁場區(qū)域，磁場的寬度為l，磁感強度為b，現(xiàn)在外力f作用下導線沿桿以恒定的速度v向右運動，t=0時刻導線從o點進入磁場，直到全部穿過的過程中，產生的感生電流或外力f所做的功為（）a非正弦交變電流b正弦交變電流c外力做功為d外力做功為【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢；電功、電功率【專題】電磁感應與電路結合【分析】金屬導線向右一共移動了3l，把全過程分為三個階段，因導線切割磁力線的有效長度是隨正弦規(guī)律變化的，所以產生的電流也是按正弦規(guī)律變化的正弦交流電，分別求出在這三段中的有效電動勢，結合運動時間可求出每段運動過程上產生的內能，外力f所做的功全部轉化為了內能【解答】解：金屬導線在磁場中運動時，產生的電動勢為：e=bvy，y為導線切割磁力線的有效長度在導線運動的過程中，y隨時間的變化為：y=dsin=dsin=dsint， =，則導線從開始向右運動到l的過程中（如圖）有：e1=bvy=bvdsin=bvdsint則此過程中電動勢的最大值為：e1max=bvd，此過程中電動勢的有效值為：e1=，導線從l向右運動到2l的過程中（如圖）有：e2=2bvy=2bvdsin=2bvdsint，即：e2max=2bvd，所以：e2=2e1=，導線從2l向右運動到3l的過程與導線從開始向右運動l的過程相同（如圖），則在這三段中運動的時間各為t，t=，在整個過程中產生的內能為：q=+，解得：q=因導線在拉力f的作用下勻速運動，所以拉力f所做的功全部轉化為內能，即：w=q=，由以上分析可知，電流不按正弦規(guī)律變化，不是正弦式電流，故ac正確，bd錯誤；故選：ac【點評】該題是以另外一種形式考察了交變電流的做功問題，解決此題的關鍵是把整個過程進行合理分段，分別求出各段的電動勢的有效值，即可求出全過程的電功了難度較大8在傾角為的光滑斜面上有兩個用輕彈簧連接的物塊a和b，它們的質量分別為m和2m，彈簧的勁度系數(shù)為k，c為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)現(xiàn)用一沿斜面方向的恒力拉物塊a使之沿斜面向上運動，當b剛離開c時，a的速度為v，加速度方向沿斜面向上，大小為a，則（）a從靜止到b剛離開c的過程中，a發(fā)生的位移為b從靜止到b剛離開c的過程中，重力對a做的功為cb剛離開c時，恒力對a做功的功率為（mgsin+ma）vd當a的速度達到最大時，b的加速度大小為【考點】功率、平均功率和瞬時功率；功的計算【專題】功率的計算專題【分析】未加拉力f時，物體a對彈簧的壓力等于其重力的下滑分力；物塊b剛要離開c時，彈簧的拉力等于物體b重力的下滑分力；根據(jù)平衡條件并結合胡克定律求解出兩個狀態(tài)彈簧的行變量，得到彈簧的長度變化情況；然后結合功能關系進行分析即可【解答】解：a、開始時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，壓力等于物體a重力的下滑分力，根據(jù)胡克定律，有：mgsin=kx1解得：x1=物塊b剛要離開c時，彈簧的拉力等于物體b重力的下滑分力，根據(jù)胡克定律，有；2mgsin=kx2解得：x2=故物塊a運動的距離為：，故a正確；b、從靜止到b剛離開c的過程中，物塊a克服重力做功為，故b錯誤；c、此時物體a受拉力、重力、支持力和彈簧的拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有：fmgsint=ma彈簧的拉力等于物體b重力的下滑分力，為：t=2mgsin故：f=3mgsin+ma，恒力對a做功的功率為（3mgsin+ma）v故c錯誤；d、當a的速度達到最大時，a受到的合外力為0，則：fmgsint=0所以：t=2mgsin+mab沿斜面方向受到的力：fb=t2mgsin=ma又：fb=2ma所以：故d正確故選：ad【點評】本題關鍵抓住兩個臨界狀態(tài)，開始時的平衡狀態(tài)和最后的b物體恰好要滑動的臨界狀態(tài)，然后結合功能關系分析，難度適中二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第22題第25題為必考題，每個試題考生都必須作答.第33題第35題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題（共47分）9在水平固定的長木板上，小明用物體a、b分別探究了加速度隨著外力的變化的關系，實驗裝置如圖甲所示（打點計時器、紙帶圖中未畫出）實驗過程中小明用不同的重物p分別掛在光滑的輕質動滑輪上，使平行于長木板的細線拉動長木板上的物體a、b由靜止開始加速運動（紙帶與打點計時器之間阻力及空氣阻力可忽略），實驗后進行數(shù)據(jù)處理，小明得到了物體a、b的加速度a與輕質彈簧秤彈力f的關系圖象分別如圖乙中的a、b所示，（1）（多選題）由圖甲判斷下列說法正確的是ba一端帶有定滑輪的長木板不水平也可以達到實驗目的b實驗時應先接通打點計時器電源后釋放物體c實驗中重物p的質量應遠小于物體的質量d彈簧秤的讀數(shù)始終為重物p的重力的一半（2）小明仔細分析了圖乙中兩條線不重合的原因，得出結論：兩個物體的質量不等，且ma小于mb（填“大于”“等于”或“小于”）；兩物體與木板之間動摩擦因數(shù)a大于b（填“大于”“等于”或“小于”）【考點】探究加速度與物體質量、物體受力的關系【專題】實驗題【分析】本題（1）選項a寫出木板水平時加速度的表達式討論即可；選項c根據(jù)光滑輕質滑輪特點可知，繩子拉力始終等于彈簧秤讀數(shù)，與重物p質量大小無直接關系；選項d對重物p列出加速度的表達式，然后討論即可題（2）的關鍵是根據(jù)af分別寫出a和b加速度a與拉力f的函數(shù)表達式，然后再根據(jù)斜率和截距的概念即可求解【解答】解：（1）a、長木板水平時，對物體a由牛頓第二定律可得：fmg=ma，即a=g，對b由牛頓第二定律可得：fmg=ma，即a=g，所以不平衡摩擦力時，也可以達到實驗目的但若木板不水平，當滑輪一側較高時應有fmgsinmgcos=ma，較低時應有f+mgsinmgcos=ma1，則需要已知斜面的傾角，由于本題傾角未知，就不能求出加速度a，所以a錯誤；b、實驗要求應先接通電源后釋放紙帶，所以b正確；c、由于動滑輪是輕質光滑的滑輪，所以繩子對物體的拉力一定等于彈簧秤的讀數(shù)，與重物p質量大小無直接關系，所以c錯誤；對重物p析，當加速度為a時，應有mg2f=ma，可得f=，所以只有當a=0時，f才等于，所以d錯誤；故選：b（2）設加速度大小為a，據(jù)牛頓第二定律，對物體b應有fmg=ma，可得：a=對物體a應有fmg=ma，可得：a=g根據(jù)af圖象斜率絕對值k=可知，b的斜率大于a的斜率，所以，即小于；再根據(jù)縱軸截距大小等于g可知，由于a的截距大于b的截距，所以大于；故答案為：（1）b；（2）小于，大于【點評】應明確：若滑輪是“輕質光滑”的，則滑輪兩端繩子的拉力都相等；涉及到圖象問題，應根據(jù)相應的物理規(guī)律寫出縱軸物理量與橫軸物理量的表達式，然后再根據(jù)斜率與截距的概念即可求解10某同學用下列器材測量一電阻絲的電阻rx：電源e，適當量程的電流表、電壓表各一只（電流表有內阻，電壓表內阻不是無限大），滑動變阻器r、rp，開關s1、s2，導線若干他設計如圖（a）所示的電路測量電阻rx的值，并有效地消除了因電壓表和電流表內阻而產生的系統(tǒng)誤差實驗步驟如下：a先閉合s1，斷開s2，調節(jié)r和rp，使電流表和電壓表示數(shù)合理，記下兩表示數(shù)為i1，u1；b閉合s2，調節(jié)rp，記下電流表和電壓表示數(shù)為i2、u2（1）請你幫他按電路圖在實物圖（b）上連線；（2）指出上述步驟b中錯誤的做法并進行改正應該保持rp不變，測出電流表和電壓表的讀數(shù)為i2、u2，寫出用測量數(shù)據(jù)表示被測電阻rx的表達式【考點】伏安法測電阻【專題】實驗題【分析】（1）根據(jù)電路圖，結合量程及電表極性，即可求解；（2）根據(jù)歐姆定律，結合并聯(lián)電阻公式，并依據(jù)題意：即先閉合s1，斷開s2與閉合s2，兩種情況，即可求解【解答】解：（1）由電路圖，連接實物圖，如下圖所示：（2）先閉合s1，斷開s2，調節(jié)r和rp，使電流表和電壓表示數(shù)合理，記下兩表示數(shù)為i1，u1；設電壓表內阻為rv，則=+再保持rp不變，閉合s2，記下電流表和電壓表示數(shù)為i2、u2，則=+解得：故答案為：（1）如上圖所示；（2）應該保持rp不變，測出電流表和電壓表的讀數(shù)為i2、u2；【點評】考查由電路圖連接實物圖，掌握量程選取，及正負極的確定，理解歐姆定律的應用，注意并聯(lián)電阻的計算11某物體a靜止于水平地面上，它與地面間的動摩擦因數(shù)u=0.2，若給物體a一個水平向右的初速度v0=l0m/s，g=l0m/s2求：（1）物體a向右滑行的最大距離：（2）若物體a右方x0=12m處有一輛汽車b，在物體a獲得初速度v0的同時，汽車b從靜止開始以a=2m/s2的加速度向右運動，通過計算說明物體a能否撞上汽車b？【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系【專題】牛頓運動定律綜合專題【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出物體a的加速度，結合速度位移公式求出物體a向右滑行的最大距離求出兩者速度相同的時間，求出該過程中a、b的位移，結合位移關系判斷是否相撞【解答】解：（1）由牛頓第二定律得mg=ma0解得a0=2 m/s2根據(jù) v2v02=2 a0 x 代入數(shù)據(jù)解得x=25m （2）假設二者不相撞，設經(jīng)過時間t二者有共同速度v則對物體a v=v0a0t 對汽車b v=at 代入數(shù)據(jù)解得v=5 m/st=2.5 s該過程中物體a的位移 xa=t=m=18.75m 該過程中汽車b的位移 xb=t=m=6.25m 因為 xaxb+x0故物體a能擊中汽車b答：（1）物體a向右滑行的最大距離為25m（2）物體a能擊中汽車b【點評】本題考查了運動學中的追及問題，知道速度大者減速追及速度小者，之間的距離逐漸減小，判斷是否相撞，即判斷速度相等時是否相撞12如圖所示，直線mn的下方有mn成60斜向上的勻強電場，上方空間存在兩個勻強磁場，其分界線是半徑為r的半圓，圓心o在mn上，p、q是圓與mn的兩交點，半圓分界線內外的磁場方向相反且垂直于紙面，磁感應強度大小都為b現(xiàn)有一質量為m、電荷量為q的帶負電微粒從a點（a點在過o的電場線上）垂直電場線向左上方射出，到達p點時速度恰好水平，經(jīng)磁場最終能打到q點，不計微粒的重力求：（1）微粒在a點的速度大小與在p點的速度大小的比值（2）ao間的距離（3）微粒從p點到q點可能的運動時間【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動【專題】帶電粒子在復合場中的運動專題【分析】（1）微粒在電場中做類平拋運動，作出微粒在a、p兩點的速度，然后求出速度之比（2）微粒在電場中做類平拋運動，應用類平拋運動的運動規(guī)律求出ao間的距離（3）微粒在磁場中做類平拋運動，洛倫茲力提供向心力，作出粒子的運動軌跡，應用牛頓第二定律與周期公式可以求出微粒的運動時間【解答】解：（1）微粒在a、p兩點的速度如圖所示：由圖示可知： =sin60=；（2）微粒在垂直電場方向：vat=rsin60在平行電場方向： t=l，由幾何知識可知：ao=rcos60l，代入數(shù)據(jù)解得：ao=r；（3）微粒在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qv0b=m，粒子在磁場中做圓周運動的周期：t=，粒子的運動軌跡將磁場邊界分成n等份（n=2，3，4）由幾何知識可得：=，當n為偶數(shù)時，由對稱性可得：t=t=（n=2，4，6）當n為奇數(shù)時，t為周期的倍數(shù)加上第一段的運動時間，t=t+t=（n=3，5，7）答：（1）微粒在a點的速度大小與在p點的速度大小的比值；（2）ao間的距離為為r；（3）微粒從p點到q點可能的運動時間為：（n=2，4，6） 或（n=3，5，7）【點評】本題考查了微粒在電場與磁場中的運動，應用牛頓第二定律即可正確解題，根據(jù)題意作出粒子運動軌跡，結合題意找出相應的臨界條件是正確解題的前提本題是一道難題，根據(jù)題意作出粒子的運動軌跡是本題解題的難點，也是正確解題的關鍵（二）選考題（共15分.請從給出的3道題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一個題目計分）物理-選修3-313下列說法正確的是（）a液體表面張力產生的原因是液體表面層分子較密集，分子間引力大于斥力bpm2.5（空氣中直徑等于或小于2.5微米的懸浮顆粒物）在空氣中的運動屬于分子熱運動c在各種晶體中，原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性d一定質量的理想氣體溫度升高，體積增大，壓強不變，則氣體分子在單位時間撞擊容器壁單位面積的次數(shù)一定減少e在使兩個分子間的距離由很遠（r109 m）減小到很難再靠近的過程中，分子間的作用力先增大后減小，再增大【考點】* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細現(xiàn)象；* 晶體和非晶體【專題】定性思想；推理法；分子間相互作用力與分子間距離的關系【分析】液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內部稀疏，分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力；pm2.5（空氣中直徑等于或小于2.5微米的懸浮顆粒物）在空氣中的運動不屬于分子熱運動；晶體分子的拍了具有一定的周期性；根據(jù)壓強的微觀意義解釋；根據(jù)分子力的特點，分子距離減小到很難再靠近的過程中，分子間的作用力先增大后減小，再增大【解答】解：a、液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，故液體表面存在張力故a錯誤；b、懸浮顆粒的運動不可能是分子的運動，故b錯誤；c、在各種晶體中，原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性，故c正確；d、一定質量的理想氣體溫度升高，分子對器壁的平均撞擊力增大，壓強不變，則氣體分子在單位時間撞擊容器壁單位面積的次數(shù)一定減少，故d正確；e、在使兩個分子間的距離由很遠（r109 m）減小到很難再靠近的過程中，分子間的作用力開始時表現(xiàn)為引力，先增大后減小，最后表現(xiàn)為斥力再逐漸增大，故e正確故選：cde【點評】本題考查了液體表面張力、布朗運動、氣體壓強的微觀意義、分子之間的作用力的特點等，知識點多，難度小，關鍵是多加積累，記住基礎知識14如圖所示，開口向上豎直放置的內壁光滑氣缸，其側壁是絕熱的，底部導熱，內有兩個質量均為m的密閉活塞，活塞a導熱，活塞b絕熱，將缸內理想氣體分成、兩部分初狀態(tài)整個裝置靜止不動處于平衡，、兩部分氣體的長度均為l0，溫度為t0設外界大氣壓強為p0保持不變，活塞橫截面積為s，且mg=p0s，環(huán)境溫度保持不變求：在活塞a上逐漸添加鐵砂，當鐵砂質量等于2m時，兩活塞在某位置重新處于平衡，活塞b下降的高度現(xiàn)只對氣體緩慢加熱，使活塞a回到初始位置，此時氣體的溫度【考點】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】先由力學知識確定出狀態(tài)中的氣體壓強，然后確定添加鐵砂后的壓強，根據(jù)對中氣體列玻意耳定律方程即可求解；先根據(jù)玻意耳定律求出中氣體后來的長度，然后以氣體為研究對象列理想氣體狀態(tài)方程求解【解答】解：初狀態(tài)氣體壓強 氣體壓強 添加鐵砂后氣體壓強 p1=p0+=4p0氣體壓強p2=p1+=5p0根據(jù)玻意耳定律，氣體等溫變化，p2l0s=p2l2s 可得：，b活塞下降的高度h2=l0l2=0.4l0氣體等溫變化，可得：l1=0.5l0只對氣體加熱，i氣體狀態(tài)不變，所以當a活塞回到原來位置時，氣體高度l2=2l00.5l0=1.5l0根據(jù)氣體理想氣體狀態(tài)方程：=得：t2=2.5t0答：在活塞a上逐漸添加鐵砂，當鐵砂質量等于2m時，兩活塞在某位置重新處于平衡，活塞b下降的高度為0.4l0現(xiàn)只對ii氣體緩慢加熱，使活塞a回到初始位置，此時ii氣體的溫度2.5t0【點評】本題考查了理想氣體狀態(tài)方程和力學知識的綜合應用，這是高考重點，要加強這方面的練習物理-選修3-415一列簡諧橫波在某時刻的波形如圖所示，此時刻質點p的速度為v，經(jīng)過0.2s后它的速度大小、方向第一次與v相同，再經(jīng)過1.0s它的速度大小、方向第二次與v相同，則下列判斷中正確的是（）a波沿x軸正方向傳播，且波速為10m/sb波沿x軸負方向傳播，且波速為20m/sc質點m與質點q的位移大小總是相等、方向總是相反d若某時刻n質點到達波谷處，則q質點一定到達波峰處e從圖示位置開始計時，在0.6s時刻，質點m偏離平衡位置的位移y=10cm【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關系【專題】振動圖像與波動圖像專題【分析】由圖讀出波長=12m根據(jù)圖示時刻質點p的速度為v，經(jīng)過0.2s它的速度大小、方向第一次與v相同，質點p運動到關于平衡位置對稱的位置，再經(jīng)過1.0s它的速度大小、方向第二次與v相同時，回到原來位置，完成一次全振動，則p振動的周期t=1.2s，而且圖示時刻p點的運動沿y軸正方向，可判斷出波沿+x方向傳播，由公式v=求出波速圖示時刻，質點m與質點q的位移大小相等、方向相反，但它們平衡位置之間的距離不是半個波長的奇數(shù)倍，位移不是總是相反質點n與q的振動情況總是相反【解答】解：a、由圖讀出波長=12m，根據(jù)題意分析得到該波的周期t=1.2s，則波速為v=10m/s而且圖示時刻p點運動方向沿y軸正方向，則沿x軸正方向傳播故a正確，b錯誤c、圖示時刻，質點m與質點q的位移大小相等、方向相反，但它們平衡位置之間的距離不是半個波長的奇數(shù)倍，位移不是總是相反故c錯誤d、質點q與n平衡位置間相距半個波長，振動情況總是相反，n質點到達波谷處，則q質點一定到達波峰處故d正確e、以上分析可知，t=1.2s，圖示位置開始計時，在0.6s時刻，質點m在平衡位置的下側且與該時刻對稱，所以偏離平衡位置的位移y=10cm，故e正確故選：ade【點評】本題在于關鍵分析質點p的振動情況