2025版高考物理一輪復(fù)習(xí)第10章第2節(jié)法拉第電磁感應(yīng)定律自感渦流教學(xué)案新人教版

PAGE1-第2節(jié)法拉第電磁感應(yīng)定律自感渦流學(xué)問點(diǎn)一|法拉第電磁感應(yīng)定律1．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)(1)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)。產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的那部分導(dǎo)體就相當(dāng)于電源，導(dǎo)體的電阻相當(dāng)于電源內(nèi)阻。(2)感應(yīng)電流與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系：遵循閉合電路歐姆定律，即I＝eq\f(E,R＋r)。2．法拉第電磁感應(yīng)定律(1)內(nèi)容：閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，跟穿過這一電路的磁通量的變更率成正比。(2)公式：E＝neq\f(ΔΦ,Δt)，n為線圈匝數(shù)。3．導(dǎo)體切割磁感線的情形(1)若B、l、v相互垂直，則E＝Blv。(2)若B⊥l，l⊥v，v與B夾角為θ，則E＝Blvsin_θ。eq\o([推斷正誤])(1)Φ＝0，eq\f(ΔΦ,Δt)不肯定等于0。 (√)(2)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E與線圈匝數(shù)n有關(guān)，所以Φ、ΔΦ、eq\f(ΔΦ,Δt)的大小均與線圈匝數(shù)有關(guān)。 (×)(3)線圈中磁通量變更越快，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大。 (√)(4)法拉第提出了法拉第電磁感應(yīng)定律。 (×)(5)當(dāng)導(dǎo)體在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中垂直磁場(chǎng)方向運(yùn)動(dòng)時(shí)(運(yùn)動(dòng)方向和導(dǎo)體垂直)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝BLv。 (√)eq考法1對(duì)感生電動(dòng)勢(shì)E＝neq\f(ΔΦ,Δt)的理解與應(yīng)用1．關(guān)于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，下列說法中正確的是()A．穿過線圈的磁通量Φ越大，所產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就越大B．穿過線圈的磁通量的變更量ΔΦ越大，所產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就越大C．穿過線圈的磁通量的變更率eq\f(ΔΦ,Δt)越大，所產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就越大D．穿過線圈的磁通量Φ等于0，所產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就肯定為0C[依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與磁通量的變更率eq\f(ΔΦ,Δt)成正比，與磁通量Φ及磁通量的變更量ΔΦ沒有必定聯(lián)系。當(dāng)磁通量Φ很大時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)可能很小，甚至為0。當(dāng)磁通量Φ等于0時(shí)，其變更率可能很大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也會(huì)很大。所以只有選項(xiàng)C正確。]2．(2024·天津高考)如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R。金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面對(duì)下。現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間勻稱減小，ab始終保持靜止，下列說法正確的是()A．a(chǎn)b中的感應(yīng)電流方向由b到aB．a(chǎn)b中的感應(yīng)電流漸漸減小C．a(chǎn)b所受的安培力保持不變D．a(chǎn)b所受的靜摩擦力漸漸減小D[A錯(cuò)：依據(jù)楞次定律，ab中感應(yīng)電流方向由a到b。B錯(cuò)：依據(jù)E＝eq\f(ΔB,Δt)·S，因?yàn)閑q\f(ΔB,Δt)恒定，所以E恒定，依據(jù)I＝eq\f(E,R＋r)知，回路中的感應(yīng)電流恒定。C錯(cuò)：依據(jù)F＝BIl，由于B減小，安培力F減小。D對(duì)：依據(jù)平衡條件，靜摩擦力f＝F，故靜摩擦力減小。]3．(2024·大慶模擬)在半徑為r、電阻為R的圓形導(dǎo)線框內(nèi)，以直徑為界，左、右兩側(cè)分別存在著方向如圖甲所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。以垂直紙面對(duì)外的磁場(chǎng)為正，兩部分磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變更規(guī)律分別如圖乙所示。則0～t0時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中()甲乙A．沒有感應(yīng)電流 B．感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針C．感應(yīng)電流大小為eq\f(πr2B0,t0R) D．感應(yīng)電流大小為eq\f(2πr2B0,t0R)C[依據(jù)楞次定律可知，左邊的導(dǎo)線框的感應(yīng)電流是順時(shí)針方向，而右邊的導(dǎo)線框的感應(yīng)電流也是順時(shí)針方向，則整個(gè)導(dǎo)線框的感應(yīng)電流方向是順時(shí)針，故A、B錯(cuò)誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律，因磁場(chǎng)的變更，導(dǎo)致導(dǎo)線框內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合題意可知，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)正好是兩者之和，即為E＝2×eq\f(πr2B0,2t0)，再由閉合電路歐姆定律，可得感應(yīng)電流大小為I＝eq\f(E,R)＝eq\f(πr2B0,t0R)，故C正確，D錯(cuò)誤。][考法指導(dǎo)]應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律的三種狀況1磁通量的變更是由面積變更引起時(shí)，ΔΦ＝B·ΔS，則E＝neq\f(B·ΔS,Δt)；2磁通量的變更是由磁場(chǎng)變更引起時(shí)，ΔΦ＝ΔB·S，則E＝neq\f(ΔB·S,Δt)；3磁通量的變更是由面積和磁場(chǎng)變更共同引起的，則依據(jù)定義求，ΔΦ＝Φ末－Φ初，E＝neq\f(B2S2－B1S1,Δt)≠neq\f(ΔB·ΔS,Δt)。eq考法2對(duì)動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)E＝Blv的理解4．(2024·太原模擬)如圖所示，一電阻為R的導(dǎo)線彎成邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形閉合回路。虛線MN右側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于閉合回路所在的平面對(duì)里。下列對(duì)三角形導(dǎo)線框以速度v向右勻速進(jìn)入磁場(chǎng)過程中的說法正確的是()A．回路中感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向B．回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值E＝eq\f(\r(3),2)BLvC．回路中感應(yīng)電流的最大值I＝eq\f(\r(3),2)RBLvD．導(dǎo)線所受安培力的大小可能不變B[在進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，閉合回路中磁通量增加，依據(jù)楞次定律，閉合回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，A錯(cuò)誤；等效切割磁感線的導(dǎo)線最大長(zhǎng)度為L(zhǎng)sin60°＝eq\f(\r(3),2)L，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值E＝eq\f(\r(3),2)BLv，B正確；感應(yīng)電流的最大值I＝eq\f(E,R)＝eq\f(\r(3),2R)BLv，C錯(cuò)誤；在進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，等效切割磁感線的導(dǎo)線長(zhǎng)度變更，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流大小變更，依據(jù)安培力公式可知，導(dǎo)線所受安培力大小肯定變更，D錯(cuò)誤。]5.(多選)(2024·全國(guó)卷Ⅱ)法拉第圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖如圖所示。銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸。圓盤處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中。圓回旋轉(zhuǎn)時(shí)，關(guān)于流過電阻R的電流，下列說法正確的是()A．若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度恒定，則電流大小恒定B．若從上向下看，圓盤順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則電流沿a到b的方向流淌C．若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，角速度大小發(fā)生變更，則電流方向可能發(fā)生變更D．若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍AB[由右手定則知，圓盤按如題圖所示的方向轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電流沿a到b的方向流淌，選項(xiàng)B正確；由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝eq\f(1,2)Bl2ω知，角速度恒定，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，電流大小恒定，選項(xiàng)A正確；角速度大小變更，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小變更，但感應(yīng)電流方向不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若ω變?yōu)樵瓉淼?倍，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變?yōu)樵瓉淼?倍，電流變?yōu)樵瓉淼?倍，由P＝I2R知，電流在R上的熱功率變?yōu)樵瓉淼?倍，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。]6．(2024·長(zhǎng)春檢測(cè))現(xiàn)代人喜愛到健身房騎車熬煉，某同學(xué)依據(jù)所學(xué)學(xué)問設(shè)計(jì)了一個(gè)發(fā)電測(cè)速裝置，如圖所示。自行車后輪置于垂直于車身平面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，后輪圓形金屬盤在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，可等效成一導(dǎo)體棒繞圓盤中心O轉(zhuǎn)動(dòng)。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T，圓盤半徑l＝0.3m，圓盤電阻不計(jì)。導(dǎo)線通過電刷分別與后輪外邊緣和圓心O相連，導(dǎo)線兩端a、b間接一阻值R＝10Ω的小燈泡。后輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，用電壓表測(cè)得a、b間電壓U＝0.6V。(1)與a連接的是電壓表的正接線柱還是負(fù)接線柱？(2)圓盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)10分鐘，則此過程中產(chǎn)生了多少電能？(3)自行車車輪邊緣線速度是多少？解析：(1)依據(jù)右手定則，輪子邊緣點(diǎn)是等效電源的負(fù)極，則a點(diǎn)接電壓表的負(fù)接線柱。(2)依據(jù)焦耳定律Q＝eq\f(U2,R)t代入數(shù)據(jù)得Q＝21.6J。(3)由U＝eq\f(1,2)Bl2ω得v＝lω＝8m/s。答案：(1)a點(diǎn)接電壓表的負(fù)接線柱(2)21.6J(3)8m/s[考法指導(dǎo)]1．E＝Blv的特性(1)正交性：本公式要求磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，而且B、l、v三者相互垂直。(2)有效性：公式中的l為導(dǎo)體切割磁感線的有效長(zhǎng)度。(3)相對(duì)性：E＝Blv中的速度v是導(dǎo)體相對(duì)磁場(chǎng)的速度，若磁場(chǎng)也在運(yùn)動(dòng)，應(yīng)留意速度間的相對(duì)關(guān)系。2．導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的狀況(1)以中點(diǎn)為軸時(shí)，E＝0(不同兩段的代數(shù)和)。(2)以端點(diǎn)為軸時(shí)，E＝eq\f(1,2)Bωl2(平均速度取中點(diǎn)位置的線速度eq\f(1,2)ωl)。(3)以隨意點(diǎn)為軸時(shí)，E＝eq\f(1,2)Bω(leq\o\al(2,1)－leq\o\al(2,2))(l1>l2，不同兩段的代數(shù)和)。eq考法3回路中電荷量的求解7.(2024·全國(guó)卷Ⅰ)如圖所示，導(dǎo)體軌道OPQS固定，其中PQS是半圓弧，Q為半圓弧的中點(diǎn)，O為圓心。軌道的電阻忽視不計(jì)。OM是有肯定電阻、可繞O轉(zhuǎn)動(dòng)的金屬桿，M端位于PQS上，OM與軌道接觸良好?？臻g存在與半圓所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B?，F(xiàn)使OM從OQ位置以恒定的角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)到OS位置并固定(過程Ⅰ)；再使磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小以肯定的變更率從B增加到B′(過程Ⅱ)。在過程Ⅰ、Ⅱ中，流過OM的電荷量相等，則eq\f(B′,B)等于()A．eq\f(5,4)B．eq\f(3,2)C．eq\f(7,4)D．2B[設(shè)OM的電阻為R，圓的半徑為l，過程Ⅰ：OM轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E1＝eq\f(ΔΦ,Δt1)＝eq\f(B·ΔS,Δt1)＝eq\f(B·\f(1,4)πl(wèi)2,Δt1)＝eq\f(πBl2,4Δt1)，流過OM的電流為I1＝eq\f(E1,R)＝eq\f(πBl2,4RΔt1)，則流過OM的電荷量為q1＝I1·Δt1＝eq\f(πBl2,4R)；過程Ⅱ：磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小勻稱增加，則該過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E2＝eq\f(ΔΦ,Δt2)＝eq\f(B′－BS,Δt2)＝eq\f(B′－Bπl(wèi)2,2Δt2)，電路中的電流為I2＝eq\f(E2,R)＝eq\f(πB′－Bl2,2RΔt2)，則流過OM的電荷量為q2＝I2·Δt2＝eq\f(πB′－Bl2,2R)；由題意知q1＝q2，則解得eq\f(B′,B)＝eq\f(3,2)，B正確，A、C、D錯(cuò)誤。]8．如圖甲所示，一個(gè)電阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與阻值為2R的電阻R1連接成閉合回路。線圈的半徑為r1。在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變更的關(guān)系圖線如圖乙所示。圖線與橫、縱軸上的截距分別為t0和B0。導(dǎo)線的電阻不計(jì)。求0至t1時(shí)間內(nèi)：甲乙(1)通過電阻R1的電流大小和方向；(2)通過電阻R1的電荷量q及電阻R1上產(chǎn)生的熱量。解析：(1)由圖象分析可知，0到t1時(shí)間內(nèi)eq\f(ΔB,Δt)＝eq\f(B0,t0)由法拉第電磁感應(yīng)定律有E＝neq\f(ΔΦ,Δt)＝neq\f(ΔB,Δt)·S而S＝πreq\o\al(2,2)，可得E＝eq\f(nB0πr\o\al(2,2),t0)由閉合電路歐姆定律有I1＝eq\f(E,R1＋R)通過電阻R1的電流大小為I1＝eq\f(nB0πr\o\al(2,2),3Rt0)由楞次定律可判定通過電阻R1的電流方向?yàn)閺腷到a。(2)通過電阻R1的電荷量q＝I1t＝eq\f(nB0πr\o\al(2,2)t1,3Rt0)電阻R1上產(chǎn)生的熱量Q＝Ieq\o\al(2,1)R1t1＝eq\f(2n2B\o\al(2,0)π2r\o\al(4,2)t1,9Rt\o\al(2,0))。答案：(1)eq\f(nB0πr\o\al(2,2),3Rt0)從b到a(2)eq\f(nB0πr\o\al(2,2)t1,3Rt0)eq\f(2n2B\o\al(2,0)π2r\o\al(4,2)t1,9Rt\o\al(2,0))[考法指導(dǎo)]通過回路截面的電荷量q僅與n、ΔΦ和回路電阻R有關(guān)，與時(shí)間長(zhǎng)短無關(guān)。推導(dǎo)如下：q＝eq\o(I,\s\up16(－))Δt＝eq\f(nΔΦ,Δt·R)·Δt＝eq\f(nΔΦ,R)。學(xué)問點(diǎn)二|自感與渦流1．自感現(xiàn)象(1)概念：當(dāng)一個(gè)線圈中的電流變更時(shí)，它產(chǎn)生的變更的磁場(chǎng)不僅在鄰近的電路中激發(fā)出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，同樣也在它本身激發(fā)出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，這種現(xiàn)象稱為自感。由于自感而產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)叫作自感電動(dòng)勢(shì)。(2)表達(dá)式：E＝Leq\f(ΔI,Δt)。(3)自感系數(shù)L的影響因素：與線圈的大小、形態(tài)、匝數(shù)以及是否有鐵芯有關(guān)。2．渦流當(dāng)線圈中的電流發(fā)生變更時(shí)，在它旁邊的任何導(dǎo)體中都會(huì)產(chǎn)生像水的旋渦狀的感應(yīng)電流。(1)電磁阻尼：當(dāng)導(dǎo)體在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電流會(huì)使導(dǎo)體受到安培力，安培力的方向總是阻礙導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)。(2)電磁驅(qū)動(dòng)：假如磁場(chǎng)相對(duì)于導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)，在導(dǎo)體中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，使導(dǎo)體受到安培力作用，安培力使導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)起來。溝通感應(yīng)電動(dòng)機(jī)就是利用電磁驅(qū)動(dòng)的原理工作的。eq\o([推斷正誤])(1)線圈匝數(shù)n越多，磁通量越大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也越大。 (×)(2)磁場(chǎng)相對(duì)于導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒中也可能產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。 (√)(3)對(duì)于同一線圈，當(dāng)電流變更越快時(shí)，線圈中的自感電動(dòng)勢(shì)越大。 (√)(4)自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的變更，但不能阻擋電流的變更。 (√)1．自感現(xiàn)象的四大特點(diǎn)(1)自感電動(dòng)勢(shì)總是阻礙導(dǎo)體中原電流的變更。(2)通過線圈中的電流不能發(fā)生突變，只能緩慢變更。(3)電流穩(wěn)定時(shí)，自感線圈就相當(dāng)于一般導(dǎo)體。(4)線圈的自感系數(shù)越大，自感現(xiàn)象越明顯，自感電動(dòng)勢(shì)只是延緩了過程的進(jìn)行，但它不能使過程停止，更不能使過程反向。2．自感中“閃亮”與“不閃亮”問題與線圈串聯(lián)的燈泡與線圈并聯(lián)的燈泡電路圖通電時(shí)電流漸漸增大，燈泡漸漸變亮電流突然增大，然后漸漸減小達(dá)到穩(wěn)定斷電時(shí)電流漸漸減小，燈泡漸漸變暗，電流方向不變電路中穩(wěn)態(tài)電流為I1、I2：①若I2≤I1，燈泡漸漸變暗；②若I2>I1，燈泡“閃亮”后漸漸變暗。兩種狀況下燈泡中電流方向均變更eq考法1通電自感現(xiàn)象的分析1.(多選)在如圖所示的甲、乙電路中，電阻R和燈泡A電阻的阻值相等，自感線圈L的電阻值可認(rèn)為是0，在接通開關(guān)S時(shí)，則()甲乙A．在電路甲中，燈泡A將漸漸變亮B．在電路甲中，燈泡A將先變亮，然后漸漸變暗C．在電路乙中，燈泡A將漸漸變亮D．在電路乙中，燈泡A將先由亮漸漸變暗，然后熄滅AD[在電路甲中，當(dāng)接通開關(guān)S時(shí)，通過與燈泡A相連的自感線圈L的電流突然增大，由于線圈的自感現(xiàn)象，自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的增大，所以通過燈泡A的電流只能漸漸增大，故選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B錯(cuò)誤。在電路乙中，當(dāng)接通開關(guān)S時(shí)，通過自感線圈L的電流突然增大，由于線圈的自感現(xiàn)象，起先時(shí)，自感線圈L就產(chǎn)生一個(gè)很大的自感電動(dòng)勢(shì)來阻礙電流的流入，會(huì)有電流通過R和燈泡A，使燈泡A亮起。電流穩(wěn)定后，又因?yàn)樽愿芯€圈L的電阻值可認(rèn)為是0，所以通過燈泡A的電流可認(rèn)為是0，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確。][考法指導(dǎo)]分析通電自感需抓住三點(diǎn)(1)通電瞬間自感線圈處相當(dāng)于斷路。(2)電流增大過程中自感線圈對(duì)電流有阻礙作用。(3)電流穩(wěn)定時(shí)自感線圈相當(dāng)于導(dǎo)體。eq考法2斷電自感現(xiàn)象的分析2.電流傳感器在電路中相當(dāng)于電流表，可以用來探討自感現(xiàn)象。在如圖所示的試驗(yàn)電路中，L是自感線圈，其自感系數(shù)足夠大，直流電阻值大于燈泡D的阻值，電流傳感器的電阻可以忽視不計(jì)。在t＝0時(shí)刻閉合開關(guān)S，經(jīng)過一段時(shí)間后，在t＝t1時(shí)刻斷開開關(guān)S。在下列表示電流傳感器記錄的電流隨時(shí)間變更狀況的圖象中，可能正確的是()ABCDD[閉合S瞬間，外電路電阻最大，然后外電路電阻漸漸減小，外電壓漸漸減小，所以通過電流傳感器的電流漸漸減小，電路穩(wěn)定后，外電路電阻不變，外電壓不變，通過電流傳感器的電流不變；因?yàn)榫€圈的直流電阻值大于燈泡D的阻值，穩(wěn)定后，通過線圈的電流小于通過電流傳感器的電流。t＝