【水印已去除】2019年內(nèi)蒙古包頭市中考物理試卷

1、2019年內(nèi)蒙古包頭市中考物理試卷、選擇題（本題包括 7個(gè)小題，每小題 3分,共21分.每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意,請(qǐng)將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑）（3分）與“立竿見(jiàn)影”現(xiàn)象原理相同的是（A.平靜湖邊，倒影可見(jiàn)B.山間小溪，清澈見(jiàn)底C.林蔭樹(shù)下，光斑點(diǎn)點(diǎn)D.雨過(guò)天晴，彩虹出現(xiàn)2.（3分）下列說(shuō)法正確的是（A.初春，冰雪消融是汽化現(xiàn)象B.深秋，草葉上的白霜是凝華現(xiàn)象C.盛夏，地面溫度升高，地面含有的熱量增多D.嚴(yán)冬，搓手取暖是利用了熱傳遞增大內(nèi)能3.（3分）下列說(shuō)法正確的是（A.音叉在真空中振動(dòng)不會(huì)產(chǎn)生聲音B.倒車(chē)?yán)走_(dá)是利用電磁波來(lái)探測(cè)車(chē)后障礙物的C.滾擺在滾動(dòng)過(guò)程中運(yùn)動(dòng)狀態(tài)一定改變D.熱機(jī)

2、和電動(dòng)機(jī)在能量的轉(zhuǎn)化方式上是相同的4. （3分）下列圖示所涉及的物理知識(shí)正確的是（）如圖說(shuō)明同種電荷相互排斥如圖閉合開(kāi)關(guān)，小磁針左端為S極C.如圖是發(fā)電機(jī)的工作原理示意圖按如圖的方法使用測(cè)電筆可以辨別火線(xiàn)與零線(xiàn)5. （3分）如圖所示是艦載機(jī)飛離甲板的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.飛機(jī)在跑道上滑行時(shí)若外力全部消失，會(huì)逐漸停下來(lái)B.飛機(jī)起飛時(shí)加速助跑，可獲得更大的慣性，利于升空C.飛機(jī)加速升空，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能，機(jī)械能增大D.飛機(jī)飛離甲板后，艦艇底部受到水的壓強(qiáng)變小6. （ 3分）如圖所示，拉力 F為5N ,物體A以0.1m/s的速度在物體 B表面向左做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)（B表面足夠長(zhǎng)）；物體B靜止

3、在地面上，受到地面水平向左4N的摩擦力，彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)為12N.下列說(shuō)法正確的是（）A .物體A受到的摩擦力為10NB .拉力F的功率為1.5WC.滑輪組的機(jī)械效率為 80%D.拉力F增大到15N時(shí)，物體B開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)7. （3分）如圖所示，小燈泡 L標(biāo)有“ 6V 3W”字樣（不計(jì)溫度對(duì)燈絲電阻的影響），當(dāng)S閉合，滑動(dòng)變阻器滑片 P在最左端時(shí)，小燈泡 L正常發(fā)光；當(dāng)S閉合，Si斷開(kāi)，滑動(dòng)變 阻器滑片P在中點(diǎn)時(shí)，電流表的示數(shù)為0.2A,下列說(shuō)法正確的是（）A.電源電壓為9VB.滑動(dòng)變阻器的最大阻值為18aC.調(diào)節(jié)電路元件，可使電壓表達(dá)到的最大值為4.5VD.電路的最小功率與最大功率之比為3: 1

4、6二、作圖與實(shí)驗(yàn)(本題包括 4個(gè)小題，第8題4分，第9題4分，第10題6分，第11題7分，共21分)8. (4分)在”觀察水的沸騰”實(shí)驗(yàn)中，如圖甲所示，在燒瓶中加入200g水，加熱并從90 C開(kāi)始記錄溫度，每隔1min記錄一次溫度計(jì)的示數(shù)，直到水沸騰一段時(shí)間為止。數(shù)據(jù)記錄表格如下：記錄次數(shù)湊L次第二次第三次第四次第五次第六次第七次溫度/C90929495989898(1)水在沸騰過(guò)程中吸收熱量，溫度 。(2)水沸騰時(shí)，瓶口不斷冒出“白氣”，該現(xiàn)象的物態(tài)變化名稱(chēng)是 (3)若不考慮水的質(zhì)量損失，從開(kāi)始記錄溫度到水剛沸騰的過(guò)程中，水吸收的熱量為 Jc 水=4.2 4 103j/ (kg? C)。(4

5、)完成實(shí)驗(yàn)后，移走酒精燈，當(dāng)水停止沸騰時(shí)，用連有注射器的橡皮塞塞住燒瓶口, 然后向外拉注射器活塞，如圖乙所示，會(huì)看到燒瓶中的水重新沸騰起來(lái)，這是因 為。甲乙9. (4分)在研究”凸透鏡成像規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中:叫川pni/np川1叫加川中用叩叫1|甲|叩1叩川而30 40 50 60 70 80 期 10(1)蠟燭、凸透鏡、光屏在光具座上的位置如圖所示，恰能在光憑上得到一個(gè)清晰的倒立，等大的實(shí)像，則凸透鏡的焦距為 cm。(2)保持蠟燭與凸透鏡位置不變，換用一個(gè)不同焦距的凸透鏡，將光憑向右移動(dòng)才能重新得到清晰的像，此時(shí)像 (選填“變大” “變小”或“不變”)，換用的凸透鏡焦 距可能為。A.10.0cm

6、 B.20.0cm C.30.0cm D.35.0cm(3)將圖中的凸透鏡換成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是 。10. (6分)如圖是“利用杠桿測(cè)量石塊密度”的實(shí)驗(yàn)。(p水=1.0x103kg/m3)(1)在實(shí)驗(yàn)前，杠桿靜止在圖甲所示的位置，此時(shí)杠桿處于 (選填“平衡”或“不平衡”)狀態(tài)；要使杠桿在水平位置平衡，應(yīng)將平衡螺母向 調(diào)節(jié)，這樣做的目的是,并消除杠桿自重對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響。(2)在溢水杯中裝滿(mǎn)水，如圖乙所示，將石塊緩慢浸沒(méi)在水中，讓溢出的水流入小桶A中，此時(shí)小桶 A中水的體積 石塊的體積。(3)將石塊從溢水杯中取出，擦干后放入另一相同小桶B中，將裝有水和石塊的 A、B兩個(gè)小桶分別掛在調(diào)好

7、的杠桿兩端，移動(dòng)小桶在杠桿上的位置，直到杠桿在水平位置回復(fù)平衡，如圖丙所示。此時(shí)小桶A、B的懸掛點(diǎn)距支點(diǎn) O分別為13cm和5cm,若不考慮小桶重力，則石塊密度的測(cè)量值為 kg/m3;若考慮小桶重力，石塊的實(shí)際密度將比上述測(cè)量值11. (7分)在測(cè)量小燈泡的電功率時(shí)，電源電壓為 3V,小燈泡上標(biāo)有“ 2.5V”字樣。甲乙(1)在如圖甲所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)移動(dòng)滑片，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，電流表無(wú)示數(shù)，電壓表有示數(shù)，原因是 ,經(jīng)分析有一根導(dǎo)線(xiàn)鏈接錯(cuò)誤，請(qǐng)?jiān)谶B接錯(cuò)誤的導(dǎo)線(xiàn)上打“X”，并補(bǔ)畫(huà)出一根導(dǎo)線(xiàn)連接成正確的電路。(2)電路連接正確后，從滑動(dòng)變阻器接入電路的最大阻值開(kāi)始記錄數(shù)據(jù)，得到小燈泡的I-U圖象

8、如圖乙所示，則小燈泡的額定功率是 W.由圖可知，小燈泡的實(shí)際功率 隨實(shí)際電壓的增大而 ,滑動(dòng)變阻器的規(guī)格應(yīng)選擇 。A.10 Q 1A B.15 Q 1A C.25 Q 1A D.30 Q 1A(3)有同學(xué)認(rèn)為利用該電路還可以探究出導(dǎo)體中電流和導(dǎo)體兩端電壓成正比，你認(rèn)為這種說(shuō)法 (選填“合理”或“不合理”)，理由是 。三、計(jì)算題(本題包括 2個(gè)小題，第12題9分，第13題9分，共18分)12. (9分)如圖所示是某溫控裝置的簡(jiǎn)化電路圖，工作電路由電壓為 220V的電源和阻值 R=88的電熱絲組成；控制電路由電源、電磁鐵(線(xiàn)圈電阻R0=20Q)>開(kāi)關(guān)、滑動(dòng)變阻器R2(取值范圍080和熱敏電阻

9、 Ri組成；Ri阻值隨溫度變化的關(guān)系如下表所示，當(dāng)控制電路電流I>50mA時(shí)，銜鐵被吸合切斷工作電路；當(dāng)控制電路電流IW40mA時(shí)，銜鐵被釋放接通工作電路。溫度/C90806660504640363534Ri/Q102040507080100120130150(1)工作電路正常工作時(shí)，R在imin內(nèi)產(chǎn)生的熱量是多少？(2)當(dāng)溫度為60 C,滑動(dòng)變阻器 R2=50 時(shí)，銜鐵恰好被吸合，控制電路的電源電壓是多少？(3)若控制電路電源電壓不變，此裝置可控制的溫度最大范圍是多少？(4)要想要該裝置所控制的最高溫度降低一些，請(qǐng)分析說(shuō)明如何改變R2的阻值。* 220Vd電熱絲R押需13. (9分)圓

10、柱形容器置于水平地面 (容器重忽略不計(jì))，容器的底面積為0.2m2,內(nèi)盛30cm深的水?，F(xiàn)將一個(gè)底面積400cm2、體積4000cm3均勻?qū)嵭膱A柱體放入其中。如圖甲所示，物體漂浮在水面，其浸入水中的深度為5cm；當(dāng)再給物體施加一個(gè)豎直向下大小不變的力F以后，物體最終恰好浸沒(méi)于水中靜止，如圖乙所示。p水=1.0X 103kg/m3,g取10N/kg)則：(1)物體受到的重力是多少？(2)物體浸沒(méi)水中靜止時(shí)容器對(duì)地面的壓強(qiáng)是多少？(3)從物體漂浮水面到浸沒(méi)水中靜止的過(guò)程中壓力F做了多少功?2019年內(nèi)蒙古包頭市中考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題包括7 個(gè)小題，每小題3 分，共 21 分

11、每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，請(qǐng)將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑）1 【分析】光在自然界中存在三種光現(xiàn)象：（ 1 ）光在同種均勻物質(zhì)中沿直線(xiàn)傳播，在日常生活中，激光準(zhǔn)直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一種均勻介質(zhì)中是沿直線(xiàn)傳播的；（ 2）當(dāng)光照射到物體界面上時(shí)，有一部分光被反射回來(lái)，例如：平面鏡成像、水中倒影等；（ 3）當(dāng)光從一種介質(zhì)斜射入另一種介質(zhì)時(shí)，傳播方向的會(huì)偏折，發(fā)生折射現(xiàn)象，如：看水里的魚(yú)比實(shí)際位置淺等?！窘獯稹拷猓?“立竿見(jiàn)影”是由于光的直線(xiàn)傳播形成的。A 、平靜的湖面相當(dāng)于平面鏡，倒影屬于平面鏡成像，是利用光的反射，故A 不符合題意；B 、小溪底部反射的光線(xiàn)從水中斜射出后，發(fā)生

12、了折射，然后進(jìn)入人的眼睛，人看到的小溪的底部是變淺的，故B 不符合題意。C、林蔭樹(shù)下，光斑點(diǎn)點(diǎn)，是由于光的直線(xiàn)傳播形成的，與“小孔成像”形成原因相同。故 C 符合題意。D 、雨過(guò)天晴，天空出現(xiàn)美麗的彩虹，是光的色散現(xiàn)象，即光的折射，故D 不符合題意；故選：C。2 【分析】（ 1 ）物質(zhì)由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質(zhì)由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固；（ 2）熱量是過(guò)程量，應(yīng)用吸收或放出來(lái)修飾；（ 3）做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能?！窘獯稹拷猓篈、初春，冰雪消融，由固態(tài)變成液態(tài)，屬于熔化現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B 、深秋，草

13、葉上的白霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝結(jié)成的小冰晶，屬于凝華現(xiàn)象，故 正確；C、熱量是過(guò)程量，不能說(shuō)含有熱量，只能說(shuō)吸收，所以盛夏地面溫度升高，不能說(shuō)地面含有的熱量增多，故C 錯(cuò)誤；D 、嚴(yán)冬，搓手取暖是克服摩擦力做功機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能增加，溫度升高，是利用了做功增大內(nèi)能，故D 錯(cuò)誤。故選： B 。3 【分析】 （ 1）聲音是由物體振動(dòng)產(chǎn)生的，聲音的傳播需要介質(zhì)；（ 2）倒車(chē)?yán)走_(dá)利用了超聲波回聲定位的原理；（ 3）運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變包括速度和方向的改變；（ 4）熱機(jī)將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；電動(dòng)機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能。【解答】解：A、音叉在真空中振動(dòng)會(huì)產(chǎn)生聲音，只是真空不能傳播聲音，故 A錯(cuò)誤；B 、倒車(chē)?yán)?/p>

14、達(dá)是利用超聲波回聲定位的原理來(lái)探測(cè)車(chē)后障礙物的，故B 錯(cuò)誤；C、滾擺在滾動(dòng)過(guò)程中，其速度大小、方向都會(huì)發(fā)生改變，所以其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)一定改變，故C 正確；D 、 熱機(jī)將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；電動(dòng)機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，所以二者的能量轉(zhuǎn)化方式不同，故D錯(cuò)誤。故選：C。4 【分析】（1）絲綢摩擦過(guò)的玻璃棒帶正電；（ 2）根據(jù)安培定則可以判斷；（ 3）電動(dòng)機(jī)原理是根據(jù)通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受到磁力作用而轉(zhuǎn)動(dòng)；（ 4）根據(jù)試電筆的使用方法分析?！窘獯稹拷猓篈 、絲綢摩擦過(guò)的玻璃棒帶正電，玻璃棒相互排斥，說(shuō)明同種電荷相互排斥，故A 正確；B 、電源的右端為正極，由安培定則可知，螺線(xiàn)管的右端為S 極，左端為N 極，故小磁針

15、的右端為S 極，左端為N 極，故 B 錯(cuò)誤；C、電動(dòng)機(jī)原理是根據(jù)通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受到磁力作用而轉(zhuǎn)動(dòng)，故 C錯(cuò)誤；D 、使用試電筆時(shí)，手應(yīng)接觸筆尾的金屬體，這樣才能正確辨別火線(xiàn)和零線(xiàn)，故D 錯(cuò)誤。故選：A。5 【分析】 （ 1 ） 根據(jù)牛頓第一定律，當(dāng)物體不受力時(shí)，將處于靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，若物體原來(lái)是運(yùn)動(dòng)的，不受力將保持原來(lái)的速度做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)；（ 2）慣性是物體的固有屬性，它指的是物體能夠保持原來(lái)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的一種性質(zhì)，慣性大小與物體的質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大；(3)影響動(dòng)能的影響因素是物體的質(zhì)量和物體運(yùn)動(dòng)的速度，影響重力勢(shì)能的因素是物體的質(zhì)量和物體的高度，其中動(dòng)能和勢(shì)能統(tǒng)稱(chēng)為機(jī)械

16、能。在分析各個(gè)能量的變化時(shí)，根據(jù)各自的影響因素進(jìn)行分析；(4)漂浮物體的浮力始終等于自身重力，判斷出重力的變化情況，即可得知浮力如何變化，進(jìn)而判斷出排開(kāi)水的體積變化、艦艇底部所處深度變化，再根據(jù)液體壓強(qiáng)特點(diǎn)判斷 壓強(qiáng)變化。【解答】解：A、當(dāng)飛機(jī)在跑道上滑行時(shí)若外力全部消失，根據(jù)牛頓第一定律他將會(huì)作向上的勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、慣性大小只跟物體的質(zhì)量大小有關(guān)，跟物體是否受力、是否運(yùn)動(dòng)、運(yùn)動(dòng)速度等都沒(méi)有 關(guān)系，故飛機(jī)起飛時(shí)加速助跑，是為了獲得更大的動(dòng)能，利于升空，不能增大慣性，故B錯(cuò)誤；C、飛機(jī)加速升空，質(zhì)量不變，速度和高度都增加，故動(dòng)能和重力勢(shì)能都變大，動(dòng)能沒(méi)有轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能，故 C錯(cuò)誤；D

17、、飛機(jī)飛離甲板后，艦艇總重力減小，浮力減小，艦艇排開(kāi)水的體積減小，所以艦艇底部的深度減小，其受到水的壓強(qiáng)會(huì)變小，故 D正確。故選：D。6【分析】(1)由圖知，水平使用滑輪組，n= 2,拉力端移動(dòng)速度等于物體 A移動(dòng)速度的2倍，利用P= Fv求拉力做功功率；(2)物體B靜止在地面上，受到水平向左 4N的摩擦力，彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)為12N,由此可求得物體A受到的摩擦力； f(3)滑輪組的機(jī)械效率 r= X 100%onF【解答】解：A、物體B靜止在地面上，所以受力平衡；水平方向上物體B受到向右的彈簧拉力、地面對(duì)它向左的摩擦力和物體 A對(duì)它向左的摩擦力，所以?xún)蓚€(gè)摩擦力之和為 12N,即fAB+4N= 1

18、2N,則fAB = 8N;根據(jù)相互作用力的知識(shí)可知，物體 A受到的摩擦力為f=fAB = 8N; 故A錯(cuò)誤；B、由圖知，水平使用滑輪組，n=2,拉力端移動(dòng)速度 v=2v物=2X0.1m/s=0.2m/s,則拉力做功的功率： P = W=£§.= Fv=5N X0.2m/s=1W;故B錯(cuò)誤；X tC、滑輪組的機(jī)械效率：工 X100%= 頤 =80%,故C正確；nF 2M 5ND、若拉力F增大到15N時(shí)，A在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，A對(duì)B的壓力不變、接觸面的粗糙程度不變，則A和B之間的摩擦力不變， 所以物體B的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不會(huì)改變，即物體B仍然靜止，不會(huì)向左運(yùn)動(dòng)，故 D錯(cuò)誤。故選：Co7【分析

19、】A、當(dāng)S閉合，滑動(dòng)變阻器滑片 P在最左端時(shí)，為燈的簡(jiǎn)單電路，小燈泡L正常發(fā)光，可知電源電壓；B、根據(jù)P =（得出燈的電阻：當(dāng)S閉合，Si斷開(kāi)，滑動(dòng)變阻器滑片 P在中點(diǎn)時(shí)，變阻器與燈串聯(lián)，電流表測(cè)電路的電流，由歐姆定律，得出燈的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律和歐姆定律求出變阻器連入電阻的大小，從而得出滑動(dòng)變阻器的最大阻值；C、若電壓表達(dá)到的最大值為 4.5V,根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律和分壓原理求出變阻器的電阻分析；D、根據(jù)P=UI得出燈的額定電流即電路中的最大電流，根據(jù) P=UI求出電路的最大功率；根據(jù)P=_y_,當(dāng)電路的電阻最大時(shí)功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)得出電阻的最大電阻，從R而得出最小功率，最后求

20、出電路的最小功率與最大功率之比?！窘獯稹拷猓篈、當(dāng)S閉合，滑動(dòng)變阻器滑片 P在最左端時(shí)，為燈的簡(jiǎn)單電路，小燈泡L正常發(fā)光，故電源電壓為 6V; A錯(cuò)誤；B、根據(jù)P = g,燈的電阻：D UL2 （6V）2R=TT=r=12;當(dāng)S閉合，Si斷開(kāi)，滑動(dòng)變阻器滑片 P在中點(diǎn)時(shí)，變阻器與燈串聯(lián)，電流表測(cè)電路的電流，電流表的示數(shù)為 0.2A,由歐姆定律，燈的電壓為：U燈=IX R=0.2AX 12a= 2.4V,根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律和歐姆定律，變阻器連入電阻的大?。篟滑=上盟=處2_史_=180；故滑動(dòng)變阻器的最大阻值為：I 0. 2A2X180= 36Q B 錯(cuò)誤;C、若電壓表達(dá)到的最大值為 4.5V,

21、則燈的電壓為 6V -4.5V=1.5V,變阻器的電壓為燈的電壓的"工=3倍，根據(jù)分壓原理，變阻器的電阻為：3X12Q= 36 Q,即將變阻器的1,5V最大電阻連入電路中，使電壓表達(dá)到的最大值為4.5V, C正確；D、燈的額定電流為：IL = = = 0.5A,即電路中的最大電流，故電路的最大功率為：UL 6VP大=UI L=6V X0.5A = 3W;根據(jù)p=L,當(dāng)電路的電阻最大時(shí)功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)，電阻的最大電阻： RR串聯(lián)=36 Q+6 Q= 42 Q,故最小功率為：P=上=31=選 w；R串聯(lián)42Q42電路的最小功率與最大功率之比為：'P吟W: 3W=2: 7,

22、 D 錯(cuò)誤。42故選：D。二、作圖與實(shí)驗(yàn)(本題包括 4個(gè)小題，第8題4分，第9題4分，第10題6分，第11題7分，共21分)8【分析】(1)水沸騰前，吸收熱量，溫度升高；沸騰時(shí)，吸熱溫度不變。(2)物體由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)是液化；(3)已知水的比熱容、質(zhì)量和溫度的變化量，根據(jù)吸熱公式Q吸=cmt即可計(jì)算出水吸收的熱量。(4)液體的沸點(diǎn)跟氣壓有關(guān)，氣壓增大，沸點(diǎn)升高；氣壓減小，沸點(diǎn)降低。【解答】解：(1)水在沸騰時(shí)，吸收熱量，溫度保持不變；(2)燒杯口有大量的“白氣”不斷冒出，這些“白氣”是水蒸氣遇冷液化形成的小水滴；(3)不考慮水的質(zhì)量損失，從開(kāi)始加熱到水剛沸騰的過(guò)程中水吸收的熱量：Q吸 = cm

23、(tt0)= 4.2X 103J/ (kg?C) X 0.2kg X (98C 90C) = 6.72X 103J。(4)待水沸騰后，移去酒精燈，水停止沸騰。過(guò)一會(huì)兒，將注射器接到燒瓶口上，如圖丙所示，然后向外拉注射器活塞，這是從瓶?jī)?nèi)向外抽氣，瓶?jī)?nèi)氣壓減小，水的沸點(diǎn)降低，所以看到水重新沸騰。故答案為：(1)保持不變；(2)液化；(3) 6.72X 103; (4)瓶?jī)?nèi)氣壓減小，水的沸點(diǎn)降低。9 【分析】（ 1）當(dāng)物距等于2 倍焦距時(shí)成等大的倒立的實(shí)像，求出焦距。（ 2）根據(jù)凸透鏡成實(shí)像時(shí)，物近像遠(yuǎn)像變大的特點(diǎn)進(jìn)行判斷；換用焦距大的凸透鏡，相當(dāng)于減小了物距，然后用排除法分析。（ 3）平面鏡成像特

24、點(diǎn)，像和物體的大小相等為虛像，虛像不可以成在光屏上。【解答】 解：（1）當(dāng)u= 50.0cm-20.0cm = 30cm時(shí)，在另一側(cè)距凸透鏡30cm處的光屏上可以得到一個(gè)與蠟燭等大的像，所以 2f=30.0cm,即f= 15.0cmo（ 2）保持蠟燭與凸透鏡位置不變，換用不同焦距的凸透鏡，將光屏向右移動(dòng)重新得到清晰的像，根據(jù)凸透鏡成實(shí)像時(shí)，物近像遠(yuǎn)像變大的特點(diǎn)可知，物距減小了，換用焦距大的凸透鏡，相當(dāng)于減小了物距，故換用的凸透鏡焦距是BCD,不是A;若用的是C,焦距是30cm,則蠟燭正好在焦點(diǎn)上，不成像，若用的是Dcm,則蠟燭正好在1倍焦距內(nèi)，成倒正立放大的虛像，故B 符合題意；（ 3）將圖中

25、的凸透鏡換成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是平面鏡成虛像，所以在光屏上不能得到蠟燭的像。故答案為：（ 1 ） 15.0； （ 2）變大；B； （ 3）平面鏡成虛像，無(wú)法呈在光屏上。10 【分析】（ 1 ）杠桿處于靜止?fàn)顟B(tài)或勻速轉(zhuǎn)動(dòng)狀態(tài)時(shí)，杠桿處于平衡狀態(tài)；杠桿在水平位置平衡后，支點(diǎn)到力的作用點(diǎn)的距離就是力臂，因此在此實(shí)驗(yàn)中我們應(yīng)首先調(diào)節(jié)杠桿在水平位置平衡；要使杠桿在水平位置平衡，平衡螺母向上翹的一端移動(dòng)；（ 2）石塊的排水體積就是石塊的體積；（ 3）根據(jù)杠桿平衡條件可求得石塊的密度；當(dāng)將石塊從水中拿出時(shí)，石片上會(huì)沾有水，向燒杯內(nèi)倒入的水會(huì)偏多，根據(jù)密度公式可分析出誤差?！窘獯稹拷猓?（ 1 ）

26、杠桿靜止在如圖甲所示位置，杠桿處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以此時(shí)杠桿處于平衡狀態(tài)；調(diào)節(jié)杠桿在水平位置平衡，目的是便于從杠桿上測(cè)量力臂，同時(shí)是為了讓杠桿的重心在支點(diǎn)上，可避免杠桿自重的影響；杠桿的右端上翹，平衡螺母向上翹的右端移動(dòng)；（ 2）在溢水杯中裝滿(mǎn)水，如圖乙所示，將石塊緩慢浸沒(méi)在水中，讓溢出的水流入小桶A中，此時(shí)小桶A 中水的體積等于石塊的體積；（ 3）將裝有水和石塊的A、 B 兩個(gè)小桶分別掛在調(diào)好的杠桿兩端，移動(dòng)小桶在杠桿上的位置，直到杠桿在水平位置回復(fù)平衡，如圖丙所示。此時(shí)小桶A、 B 的懸掛點(diǎn)距支點(diǎn)O分別為13cm和5cm,若不考慮小桶重力，根據(jù)杠桿平衡條件可知，G 石 Li = G 水 L2,

27、即 m 石gL1 = m 水 gL2,p石V石gL1 =。水V水gL2,p石V石Li = p水V水L2,因?yàn)榈钩龅乃捏w積就是石塊的體積，即丫石=丫水，則石塊的密度 p 石=? p 水=13cm x 1 x 103kg/m 3= 2.6 x 103kg/m3;L 5cm當(dāng)將石塊從水中拿出時(shí)，石片上會(huì)沾有水，因?yàn)轶w積沒(méi)變，質(zhì)量偏大。由p=可知，測(cè)V量結(jié)果偏大。故答案為：（1）平衡；右；便于從杠桿上測(cè)量力臂；（2）等于；（3） 2.6X103;偏大。11 【分析】（1）在電路中，電壓表串聯(lián)在電路中測(cè)電源電壓，電壓表有示數(shù)，因電壓表內(nèi)阻很大，分析燈的發(fā)光情況；燈與變阻器并聯(lián)，電壓表串聯(lián)在電路中是錯(cuò)誤

28、的，燈與變阻器串聯(lián)，電壓表與燈并聯(lián)；（2）根據(jù)小燈泡的I-U圖象知燈在額定電壓下的電流，根據(jù) P=UI求出小燈泡的額定功率；由圖可知，燈的電流隨電壓的變大而增大，根據(jù) P=UI分析；由圖知，當(dāng)電壓表示數(shù)為0.5V時(shí)，電路的最小電流為 0.1A,由串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律得出滑動(dòng)變阻器的最大電阻分析；（3）探究出導(dǎo)體中電流和導(dǎo)體兩端電壓關(guān)系時(shí)，要控制電阻阻值不變，據(jù)此分析。【解答】解：（1）在電路中，電壓表串聯(lián)在電路中測(cè)電源電壓，電壓表有示數(shù)，因電壓表內(nèi)阻很大，故電路的電流很小，燈不亮；燈與變阻器并聯(lián)，電壓表串聯(lián)在電路中是錯(cuò)誤的，燈與變阻器串聯(lián)，電壓表與燈并聯(lián)，如下所示:(2)根據(jù)小燈泡的I-U

29、圖象知，燈在額定電壓下的電流為0.25A,小燈泡的額定功率是：P= UI = 2.5V X 0.25A = 0.625W;由圖可知，燈的電流隨電壓的變大而增大，根據(jù)P=UI,故小燈泡的實(shí)際功率隨實(shí)際電壓的增大而增大；_ U-U1R 滑11由圖知，當(dāng)電壓表示數(shù)為 0.5V時(shí)，電路的最小電流為 0.1A,由串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定 律，滑動(dòng)變阻器的最大電阻為：C；3V-0.5V=25Q故變阻器規(guī)格應(yīng)選擇0.1A(3)探究出導(dǎo)體中電流和導(dǎo)體兩端電壓關(guān)系時(shí)，要控制電阻阻值不變，因燈絲電阻是變化的，無(wú)法得到電流與電壓成正比成正比，這種說(shuō)法不合理。故答案為：(1)電壓表串聯(lián)在電路中；(2) 0.625;增大

30、； C;(3)不合理； 燈絲電阻是變化的，無(wú)法得到電流與電壓成正比。三、計(jì)算題(本題包括 2個(gè)小題，第12題9分，第13題9分，共18分)12.【分析】(1)工作電路的電壓電熱絲阻值大小，根據(jù)Q=-t求出在1min內(nèi)廣生的熱量：(2)根據(jù)電阻的串聯(lián)求出電路的總電阻，銜鐵恰好被吸合，得出控制電路電流，由歐姆定律得出控制電路的電源電壓；(3)當(dāng)控制電路電流I>50mA時(shí)，銜鐵被吸合切斷工作電路，由歐姆定律求出電路的最大總電阻；滑動(dòng)變阻器R2取值范圍080Q,根據(jù)串聯(lián)電阻的規(guī)律求出最小的熱敏電阻最小(溫度最高)，由表中數(shù)據(jù)知可控制的最高溫度；當(dāng)控制電路電流IW 40mA時(shí)，銜鐵被釋放接通工作電

31、路，由歐姆定律得出電路的總電阻最小；滑動(dòng)變阻器R2 (取值范圍080)的最小電阻為0,根據(jù)串聯(lián)電阻的規(guī)律求出熱敏電阻最大，從而得出最低溫度；(4)要想要該裝置所控制的最高溫度降低一些，即熱敏電阻增大，因電流不變，由歐姆定律，總電阻不變，據(jù)此分析?！窘獯稹拷猓?1)工作電路由電壓為 220V的電源和阻值 R = 88 的電熱絲組成，則R在1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量：Q=止t=(220? x 1 X60s= 3.3x 104J;(2)當(dāng)溫度為60c時(shí)，由表格數(shù)據(jù)可知 Ri = 50Q,已知此時(shí)滑動(dòng)變阻器 R2=50Q,則控制電路的總電阻為：R = R1+R2+R0=50 Q+50Q+20 Q= 120

32、Q,此時(shí)銜鐵恰好被吸合，則控制電路的電流I = 50mA = 0.05A,由歐姆定律可得，控制電路的電源電壓：U = IR = 0.05AX120Q=6V;(3)當(dāng)控制電路電流I>50mA時(shí)，銜鐵被吸合切斷工作電路，由歐姆定律可得，控制電路的總電阻最大為：R 大=口 =6y = 120 Q,I 大 50乂10%滑動(dòng)變阻器R2 (取值范圍0800)的最大電阻為80Q,根據(jù)串聯(lián)電阻的規(guī)律，熱敏電阻R1的阻值最小(此時(shí)溫度最高)：R1 = R大-R2- Rq= 120Q- 80- 20Q= 20Q,由表中數(shù)據(jù)知可控制的最高溫度為80C;當(dāng)控制電路電流IW 40mA時(shí)，銜鐵被釋放接通工作電路，由

33、歐姆定律，控制電路的總電 阻最小為：U 6V -R 小="Z=27 = 150I小如滑動(dòng)變阻器 R2的最小電阻為0時(shí)，根據(jù)串聯(lián)電阻的規(guī)律，熱敏電阻R1的阻值最大(此時(shí)溫度最低)：35 C;35 c 80 C;R1的阻值增大，因吸合時(shí)R，1=150- 20Q=130Q,由表中數(shù)據(jù)知可控制的最低溫度為所以，若控制電路電源電壓不變，此裝置可控制的溫度最大范圍是(4)要想要該裝置所控制的最高溫度降低一些，即熱敏電阻的電流不變，由歐姆定律可知，控制電路的總電阻不變，故應(yīng)減小R2的最大阻值。答：(1)工作電路正常工作時(shí)，R在1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量是3.3X104J；(2)當(dāng)溫度為60 C,滑動(dòng)變阻器 R2=50 時(shí)，銜鐵恰好被吸合，控制電路的電源電壓是6V;(3)若控制電路電源電壓不變，此裝置可控制的溫度最大范圍是35c80C；(4)要想要該裝置所控制的最高溫度降低一些，應(yīng)減小R2的最大阻值。13【分析】(1)已知浸入水中的木塊體積 (排開(kāi)水的體積)，利用阿基米德原理求所受浮力，由于物塊漂浮在水面上，根據(jù)漂浮條件可知物塊的重力；(2)根據(jù)