山東省臨沂市二模棗莊市三調(diào)2020屆高三物理下學期臨考演練考試試題含解析

1、山東省臨沂市（二模）、棗莊市（三調(diào)）2020屆 高三物理下學期臨考演練考試試題（含解析） 一、單項選擇題1 .現(xiàn)代技術(shù)的發(fā)展促進了人們對原子、原子核的認識，下列說法正確的是（）A. B衰變說明原子核內(nèi)部存在自由電子B.核反應(yīng)過程中如果核子的平均質(zhì)量減小，則要吸收能量C.湯姆孫根據(jù)a粒子散射實驗結(jié)果，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型D.盧瑟福通過實驗首次實現(xiàn)了原子核的人工轉(zhuǎn)變，核反應(yīng)方程為；He+；4Nf?o+；H【答案】D【解析】【詳解】A. £衰變是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子同時釋放出電子，不是證明原子核內(nèi)部存在 電子，故A錯誤；B.核反應(yīng)過程中如果核子的平均質(zhì)量減小，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可

2、知要釋放核能，故B錯 誤；C.盧瑟福根據(jù)粒子散射實驗結(jié)果，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故C錯誤：D.盧瑟福通過實驗首次實現(xiàn)了原子核的人工轉(zhuǎn)變，發(fā)現(xiàn)質(zhì)子，核反應(yīng)方程為:He+FNf? o+；H故D正確。故選D°2 .下列說法正確是（）A.液體分子的無規(guī)則運動稱為布朗運動8 .氣體放出熱量，其分子平均動能減小C.玻璃裂口放在火上燒熔，其尖端變圓的原因是表面張力的作用D.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體積【答案】C【解析】【詳解】A.布朗運動是懸浮在液體中的微小固體顆粒的運動，間接反映了液體分子的無規(guī)則 運動，A錯誤;B.氣體放出熱量，若有外力對其做正功，內(nèi)能不

3、一定減小，溫度不降低，分子平均動能就不 減小，B錯誤；C.玻璃裂口放在火上燒熔，則玻璃變成了液態(tài)，由于液體的表面張力作用，則使液體表而收 縮，使其尖端變圓，C正確：D.氣體分子不是緊密排列，氣體分子間距較大，不能忽略，分子間距不等于分子直徑，知道 氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，只能求出每個氣體分子占據(jù)的空間大小，不能求出氣體 分子的體積，D錯誤。故選C3.我國北斗三號系統(tǒng)的“收官之星”計劃于2020年6月發(fā)射北斗三號衛(wèi)星導航系統(tǒng)由3顆周 期為24h的地球靜止軌道衛(wèi)星（如圖中甲），3顆周期為24h的傾斜地球同步軌道衛(wèi)星（如圖 中乙），24顆中圓地球軌道衛(wèi)星（如圖中丙）三種軌道衛(wèi)星共30顆衛(wèi)星組

4、成其中中圓地球軌 道衛(wèi)星離地高度2. lX10：km,靜止軌道衛(wèi)星和傾斜同步衛(wèi)星離地高度均為3.6X10'kinc以下 說法正確的是（ ）-1-A.中圓軌道衛(wèi)星的運行周期小于地球自轉(zhuǎn)周期B.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星和靜止軌道衛(wèi)星線速度大小不同C.地球赤道上物體的線速度比中圓軌道衛(wèi)星線速度大D.中圓地球軌道衛(wèi)星的發(fā)射速度可以小于7. 9km/s【答案】A【解析】【詳解】A.根據(jù)MmG =mr解得因為中圓軌道衛(wèi)星的半徑小于地球同步軌道衛(wèi)星，所以中圓軌道衛(wèi)星的運行周期小于地球同 步軌道衛(wèi)星，而地球同步軌道衛(wèi)星的周期和地球自轉(zhuǎn)周期相同，所以中圓軌道衛(wèi)星的運行周 期小于地球自轉(zhuǎn)周期，A正確：B.根據(jù)

5、一 Mmv2G = m rr得gm地球靜止軌道衛(wèi)星和傾斜地球同步軌道衛(wèi)星軌道半徑相同，則線速度大小相同，B錯誤：C.因為傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的周期和地球的自轉(zhuǎn)的周期相同，則他們的角速度相同，根據(jù)v = rajr傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的半徑大于地球赤道上物體運行的半徑，傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的線 速度大于地球赤道上物體的線速度，根據(jù)傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的半徑大于中圓軌道衛(wèi)星，傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的線速度小于中圓軌道衛(wèi)星的線速度，所以中圓軌道衛(wèi)星的線速度大于地球赤道上物體的線速度，c錯誤：D.因為第一宇宙速度是最小的發(fā)射速度，是最大的運行速度，所以，中圓地球軌道衛(wèi)星的發(fā) 射速度必大于第一宇宙速度7.9

6、kni/s, D錯誤。故選Ac4 .如圖所示，半徑為40cm的圓處在豎直平而內(nèi)，存在與"方向平行的勻強電場。位于圓上的S點有一放射源向各個方向發(fā)射質(zhì)子（；H ）,質(zhì)子能夠到達圓上任一位置，到達月點的質(zhì)子動能的增量為120。，己知20*30。，則此勻強電場的場強大小為（）A. lOOV/mB. 100V3 V/mC. 200V/mD.200 耳 V/m【答案】c【解析】【詳解】）為電場線方向，過S做金垂直于月。于6點，則55為等勢面，如圖所示根據(jù)三角形的邊角關(guān)系可知3AB = R = 0.6m2由于質(zhì)子帶電量為，因此$1間的電勢差為120V,根據(jù)石=與可得電場強度 a120E =V/m

7、 = 200V/m 0.6故選C。5 .熔噴布具有的獨特的超細纖維結(jié)構(gòu)增加了單位面積纖維的數(shù)量和表面積，具備很好的過濾 性、屏蔽性、絕熱性和吸油性，使其成為醫(yī)用口罩及N95 口罩的最核心的材料。工廠在生產(chǎn) 熔噴布時為了實時監(jiān)控其厚度，通常要在生產(chǎn)流水線上設(shè)置如圖所示傳感器，其中A、B為平 行板電容器的上、下兩個極板，上下位置均固定，且分別接在恒壓直流電源的兩極上，G是靈 敏電流計,當熔噴布的厚度變薄導致介電常數(shù)變小時（）A,極板間的電場強度變大B.極板上所帶的電荷量減少C.平行板電容器的電容變大D.有自6向a的電流流過靈敏電流計【3，-】B【解析】【詳解】A.因為接在恒壓直流電源上，所以電容器

8、極板的電勢差不變，上、下兩個極板位置均固定,兩極板之間的距離不變，根據(jù)E =可得，極板間的電場強度不變，A錯誤:5C.根據(jù)° =扁可得,介電常數(shù)變小,電容變小,C錯誤:BD.根據(jù)?？傻?，電容變小，極板的電勢差不變，極板上所帶的電荷量減少，電容器放電，有自a向6的電流流過靈敏電流計，B正確，D錯誤。故選B。6 .如圖所示，一水平傳送帶向左勻速傳送，某時刻小物塊尸從傳送帶左端沖上傳送帶.物塊產(chǎn)在傳送帶上運動的過程中，傳送帶對物塊產(chǎn)C.可能先做正功，后做負功【答案】DB. 一定始終做負功D.可能先做負功，后做正功【解析】【詳解】物體以某一速度放上傳送帶后，向右運動，受到向左的摩擦力，運動情

9、況分幾種：（1）可能小物塊速度比較大，所以一直向右減速，在此過程中皮帶對物塊做負功，（2）小物塊先向右減速，而后向左一直加速，所以皮帶對物塊先做負功，后做正功，（3）小物塊向右減速，而后向左加速，當兩者速度相等時一起勻速，所以皮帶對物塊先做負功后做正功，然后不做功，故D對；ABC錯;故選D【點睛】根據(jù)物體的速度和傳送帶速度之間的大小關(guān)系,確定物體的運動情況;再根據(jù)功能關(guān) 系即可確定皮帶對物塊做功的情況7 .如圖甲所示，放在固定斜面上 物塊，受到方向沿斜而向上的拉力尸的作用，力尸的大小與時間t的關(guān)系如乙圖所示：物塊的運動速度/與時間£的關(guān)系如丙圖所示，6s后速度圖象A.物塊的質(zhì)量為5k

10、g8 .物塊在前2s內(nèi)受到的靜摩擦力大小為20NC.物塊在4飛s內(nèi)受到的摩擦力大小為30ND.物塊在2、6s內(nèi)的平均速度大小為2. 5m/s【答案】A【解析】【詳解】A.設(shè)斜面傾角為8,由圖乙可知，在4飛s內(nèi)物體勻速運動F3 = mg sin 0 + f：在24s內(nèi)物體勻加速運動，且加速度大小為Zm/st根據(jù)牛頓第二定律用一加g sin 8 /滑=ma兩式聯(lián)立解得m = 5kgA正確；BC.物塊在前2s內(nèi)處于靜止狀態(tài)K=mg sin 0 + f 海在4飛s內(nèi)物體勻速運動F5=nigsinG+f由于不知道斜面傾角，無法求得重力沿斜而方向的分力大小，因此無法求得物塊在前2s內(nèi)受 到的靜摩擦力大小和

11、在廣6s內(nèi)受到的摩擦力大小，BC錯誤；D.在VT圖象中，圖象與時間軸圍成的面積等于物體的位移，因此在2飛s內(nèi)的位移s = 12m因此在2飛s內(nèi)的平均速度_ S C , v = - = 3m/stD錯誤。故選A?！窘馕觥?.一含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中兄、兄和凡是三個完全相同的定值電阻，理想變 壓器的原、副線圈匝數(shù)比為2:1, a、6間接正弦交流電源，其輸出電壓的有效值恒定。當開 關(guān)S斷開時，電路消耗的總功率為只則當S閉合時，電路消耗的總功率為（）9D. -P5【詳解】設(shè)三個定值電阻均為尼電源電壓為訂，分析原線圈電路，電阻凡和原線圈串聯(lián)，開 關(guān)斷開時，副線圈連接的電阻阻值為2R,設(shè)原線圈

12、輸入電壓和副線圈輸出的電壓分別為U、7. %則由理想變壓器電壓關(guān)系yr =，和功率關(guān)系4 =只推導可得，可把副線圈的電阻等效為原 U）小線圈的電阻9%=（均2%=2R（均2則原線圈的電路的總電阻為R= R + R , =R + （；）22R = 9R電路消耗的總功率n U?P =9R同理可得，開關(guān)閉合后，原線圈的電阻電路的總電阻為rj = r +（!l）2r = 5R電路消耗的總功率U2 9P =-P5R 5故選D。二、多項選擇題9.如圖所示，在產(chǎn)圖象中，直線她表示一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a變化到狀態(tài)6的過A.氣體一直對外界做功B.氣體的溫度先升高后降低C.氣體的內(nèi)能一直增加D.氣體先向外界放

13、出熱量，后從外界吸收熱量【答案】AC【解析】【詳解】A.由于氣體體積膨脹，一定對外做功，A正確；BC.由圖象可知，p、 V表達式V 13p = + 4 4從a到6的過程中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得V 1313）（- + -）V -（V-）2 + 1697=44=2C4C可知狀態(tài)a變化到狀態(tài)6的過程，氣體的溫度一直升高，內(nèi)能一直增加，B錯誤，C正確：D.根據(jù)熱力學第一定律，整個過程中，一直對外做功，內(nèi)能一直增加，因此一直從外界吸熱,D錯誤。故選AC。10.如圖所示，兩條平行虛線間存在一垂直紙而向外的勻強磁場，磁場寬度為0.2m,磁感應(yīng)強 度為0.4T。邊長為0. 1m的正方形導線框（粗細均勻）a

14、bed位于紙面內(nèi)，“邊與磁場邊界平 行。已知導線框在磁場左邊以3m/s的速度向右勻速運動，導線框完全穿出磁場時的速度為 lm/So下列說法正確的是（）A.導線框中感應(yīng)電流的方向一直沿著abedaB. 0、目兩點間的最大電壓為0.09VC.導線框進入磁場的過程，受到的安培力逐漸減小D.導線框進入磁場和離開磁場的過程通過導線框橫截面的電荷量不同【答案】BC【解析】【詳解】A.根據(jù)楞次定律，線圈進入磁場時電流方向沿著abeda,離開磁場時電流方向沿著 adeba, A 錯誤；B.由閉合電路歐姆定律可得，cd邊的電壓為RU =BLv11則cd邊剛進入磁場時，外電阻最大，cd的電壓最大，且最大值展&qu

15、ot;09VB正確;C.導線框進入磁場的過程，受到的安培力隨著速度的減小，受到的安培力逐漸減小，C正確:D.由于£ = , / =-, q = TtN R整理得r由于進入磁場和離開磁場過程中，穿過線圈的磁通量的變化大小相同，因此通過導線框橫截而的電荷量相同，D錯誤。故選BCo11. 一列簡諧橫波在”;s時的波形圖如圖a所示，尸、。是介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，圖6是質(zhì)點。的振動圖象。則（）A.該列波沿x軸負方向傳播C.在時質(zhì)點。的位移為正A322 他bB.該列波的波速是1.8ia/sD.質(zhì)點尸的平衡位置的坐標f3cmI I ACD【解析】【詳解】A.由圖6可知，時，質(zhì)點。向上振動，因此波沿x軸

16、負方向傳播，A正確：B.由圖a、b可知A = 36cm = 0.36m, T = 2s因此波速度4v = = 0A 8m/sTB錯誤；C.質(zhì)點。從平衡位置開始振動，在時質(zhì)點0的位移A 艮V = Asin t =A .丁 2c正確：D.由圖可知，間相位差恰好為,因此。尸的距離 od = - x2 = 3cm2萬D正確。故選ACDo12.質(zhì)量為m的木板與直立的輕質(zhì)彈簧的上端相連，彈簧下端固定在水平地而上，靜止時彈簧 的壓縮量為方，如圖所示?，F(xiàn)將一質(zhì)量為2s的物體從距離木板正上方2方處由靜止釋放，物體 與木板碰撞后粘在一起向下運動，到達最低點后又向上運動，它們恰能回到月點，物體可視 為質(zhì)點，空氣阻力

17、、木板厚度忽略不計，重力加速度大小為目。下列說法正確的是（）一AA.物塊和木板一起向下運動過程中的速度先增大后減小B.整個運動過程，物塊、木板和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒c,物塊和木板碰撞后瞬間的共同速度為D.物塊和木板運動到最低點時的加速度大小等于g1 AD【解析】【詳解】C.物體與木板碰前瞬間的速度為%,則K=2g2h兩物體碰撞過程中動量守恒整理得匕=;屈c錯誤：B.由于兩個物體碰撞是完全非彈性碰撞，有機械能的損失，因此整個過程中機械能不守恒，B錯誤；A.碰后兩個物體一起向下運動過程中，開始一段彈簧的彈力小于兩個物體的總重量，因此加 速向下運動，當彈簧的彈力等于重力時速度達到最大，再向下運動

18、時做減速運動，因此向下 運動過程中速度先增加后減小，A正確：D.根據(jù)簡諧振動的對稱性，再回到3點時，彈簧處于原長，兩個物體的加速度為因此在 最低點時加速度大小也為g方向豎直向上，D正確。故選AD。三、非選擇題13.某同學利用圖甲裝置驗證機械能守恒定律打出如圖乙所示的紙帶，已知打點計時器所用交流電源的頻率為50Hz。打點諱*時干-紙帶一夫子 配重物(D下列關(guān)于該實驗的說法正確的是A.紙帶必須盡量保持豎直方向以減小摩擦阻力作用B.為了驗證機械能守恒，必須選擇紙帶上打出的第一個點作為起點C.將電磁打點計時器改成電火花計時器可以減少紙帶和打點計時器間的摩擦D.選擇較輕的物體作為重物實驗效果更好(2)圖

19、乙為實驗中打出的一條紙帶，打下。點時重物的速度為 m/s (結(jié)果保留3位有效數(shù)字)。(3)該同學用兩個形狀完全相同，但質(zhì)量不同的重物P和Q分別進行實驗，測得幾組數(shù)據(jù)，并 作出病一方圖象，如圖丙所示，由圖象可判斷P的質(zhì)量 Q的質(zhì)量(選填“大于”或“小于” )«【答案】 (1). AC (2). 2.26(3).大于【解析】【詳解】(1)1 A.重錘下落時，紙帶必須盡量保持豎直以減小摩擦阻力作用，A正確：B.數(shù)據(jù)處理時，可以選擇第一個點作為起點，也可以選擇后面的點作為起點，B錯誤：C.電磁打點計時器探針與紙帶的摩擦較大，改成電火花計時器可以減少紙帶和打點計時器間 的摩擦，C正確：D.如果

20、選擇較輕的物體，會增大空氣阻力，給實驗帶來的誤差更大，D錯誤。 故選AC。(2) 2 C點時重物的速度為m/s = 2.26m/s(31.26-22.24)xlO-22x0.02(3) 3設(shè)空氣阻力是£根據(jù)動能定理有(mg-f)h = mv2整理得d=2(g-"m由圖像可知由于P的斜率大于0的斜率，空氣阻力相同，所以產(chǎn)的質(zhì)量大于0的質(zhì)量:14.圖a為某同學測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的電路圖。(1)虛線框內(nèi)是用亳安表改裝成電流表的電路C已知亳安表表頭的內(nèi)阻為10Q,滿偏電流為 100mA,電阻為=2.5。，由此可知，改裝后電流表的量程為 mA。實驗步驟如下，請完成相應(yīng)的填

21、空：將滑動變阻器A的滑片移到 端(選填“左”或“右”)，閉合開關(guān)S；多次調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，記下電壓表的示數(shù)和亳安表的示數(shù)Z：某次測量時亳安表的示數(shù)如圖6所示，其讀數(shù)為 mA；以U為縱坐標，1為橫坐標，作/圖象，如圖。所示：根據(jù)圖象求得電源的電動勢5 V,內(nèi)阻尸 Qo (結(jié)果均保留到小數(shù)點后兩位)-21-【答案】 (1). 500(2).右 (3). 56(4). 1.48(5). 0.8【解析】【詳解】由題可知解得量程/ = 500mA(2) 2為了保護電路，閉合開關(guān)S前，將滑動變阻器的滑片移到最右端。3亳安表讀數(shù)為56mA。4 5改裝成新的電流表的內(nèi)阻R禺R、= -= 2Q4+叫由于電流

22、表改裝后量程擴大了5倍，但電流讀數(shù)仍為原表頭讀數(shù)，因此根據(jù)閉合電路歐姆定 律U = E-5I（RA+r）根據(jù)圖象可知，圖象與縱軸的交點等于電動勢，斜率絕對值等于5（Ra+），因此可得E=1.48V, r = （2.8-2）。= 0.8。15.一質(zhì)量為1 kg的滑塊（可視為質(zhì)點）靜止在粗糙水平面也上的月點，在大小為2 N的水 平推力作用下，在水平而上滑行一段距離后撤去推力，滑塊繼續(xù)向前運動通過傾角為6°的光 滑斜而6。到達平臺已知水平而居的長度為2 m,斜而6。的長度為1 m,滑塊與水平而 間的動摩擦因數(shù)為0.1，sin6° = 0.1,10 m/s:,滑塊在6點的速度報失不

23、計。（1）若滑塊能夠到達平臺，求滑塊在斜面上運動的最長時間；（2）若推力作用距離為2 m,求滑塊剛到平價上。點時的速度大小?！敬鸢浮縴/2s : V2ni/s【解析】【詳解】（1）滑塊剛好能夠滑上平分，即滑塊到達。點的速度為零時，滑塊在斜而上運動的 時間最長，設(shè)滑塊在斜面上運動的加速度也，由牛頓第二定律得mg sin60 = tnax1 /XBC =5卬解得t = V5s（2）滑塊在月5段的運動F - 7g = ma2VB = a2XAB解得Vc =5/2 m/s16 .如圖所示，夜晚一艘漁船靜止在湖而上漁船上的豎直桅桿上高出水而九二6 m的月點有一 指引燈。距離桅桿水平距離11m遠的水而上。

24、點正下方深度在二4 1n的6點有一潛水員，潛 水員以斜向上37°的方向恰能看到桅桿上的指引燈（sin37° = 0. 6, cos37° = 0.8）,潛水 員可視為質(zhì)點。（1）求湖水的折射率；（2）潛水員豎直下潛的同時，桅桿上的指引燈沿桅桿上下運動，可使?jié)撍畣T始終以斜向上37° 的方向看到指引燈，求潛水員下潛到水而下6 m時，指引燈離水而的高度。4【答案】（1）（2） 4. 875 m3【解析】【詳解】（1）設(shè)進入潛水員眼睛的光束從水而折射入水的。點到指引燈的水平距離為冬,從 折射入水的。點到6點的水平距離為或：光束在水上面與豎直方向的夾角為由幾何關(guān)系

25、 有=tan 0 h,士 = tan 370 h2xx + x2 = 1 Im由折射定律有sin。n =sin 37°解得4 =一，8 = 53。3（2）潛水員下潛深度友'二6m時，設(shè)進入潛水員眼睛的光束從發(fā)出點到射入水面的。點的水平距離為乂'，射入水而的。點與潛水員的水平距離為照'，指引燈到水面的高度為無,， 則有=tan忍=tan 37。 h；x； +/' = 1 Im解得h； = 4.875m17 .如圖所示的坐標系內(nèi)，直角三角形）。區(qū)域內(nèi)有一方向垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感 應(yīng)強度大小為及在x軸上方，三角形磁場區(qū)域右側(cè)存在一個與3邊平行的勻強

26、電場，方向 斜向下并與x軸的夾角為30° ,已知比邊的長度為九有一帶負電的粒子以速度片從月點垂 直于y軸射入磁場，一段時間后該粒子在3邊上某點沿與*邊垂直的方向進入電場，最終 射出電場的速度方向與x軸正方向的夾角為30° ,不計粒子重力。求： 帶電粒子的比荷：勻強電場的場強大小。: XXX/【答案】（1）幺=魯：E =in BL6【解析】【詳解】(1)由題意知，粒子在磁場中做勻速圓周運動，圓心恰好在。點，半徑為R = -2根據(jù)牛頓第二定律：兩式聯(lián)立解得，粒子的比荷q _2%mBL(2)設(shè)電場強度大小為用粒子在電場中運動的加速度為a,運動時間為七垂直電場方向的位 移為s,沿電場方向的位移為"沿電場方向的分速度為速度方向偏轉(zhuǎn)角為，運動軌 跡如圖所示由于在電場中做類平拋運動"30°qE = ma匕=at1 = %，tan 0 =%tan 30° = R +