天津市和平區(qū)2018-2019學(xué)年度第一學(xué)期高三年級(jí)期末考試物理學(xué)科（試卷+解析）

1、第第28頁（共28頁）天津市和平區(qū) 2018-2019 學(xué)年度第一學(xué)期高三年級(jí)期末考試物理學(xué)科試卷一.單選題(本大題共 8 小題，每小題 3 分，每小題給出四個(gè)答案中，只有一個(gè)是正確的，選對(duì)的得 3 分，有選錯(cuò)的或不答的，得 0 分)下 列 說 法 正 確 的 是 （ ） AB 射線、 射線、 射線都是高速運(yùn)動(dòng)的帶電粒子流C氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷只能輻射特定頻率的光子D如圖是 a、b 兩光分別經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后在屏上形成的干涉圖樣，則（ ）b 光臨界角大在同種均勻介質(zhì)中，a 光的傳播速度比 b 光的大C照射在同一金屬板上發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，a光的飽和電流大D若a如圖所示，某運(yùn)動(dòng)員先雙手撐住吊

2、環(huán)，然后身體下移，雙臂緩慢張開到如圖FT（個(gè)拉力大小相等）F的大小變化情況為（ ）AFT減小，F(xiàn)減小BFT增大，F(xiàn)增大CFT增大，F(xiàn)不變DFT減小，F(xiàn)增大S1r3T2r3（ ）S1 S2 的質(zhì)量S1 S2 的密度S1 S2 距兩恒星表面高度相同的行星，S1 在滑冰場(chǎng)上，甲、乙兩個(gè)小孩分別坐在滑冰板上，原來靜止不動(dòng)，在相互猛推一下后分別向相反方向運(yùn)動(dòng)，假定兩板與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，已知甲 在 冰 上 滑 行 的 距 離 比 乙 遠(yuǎn) ， 這 是 由 于 （ ） A在推的過程中，甲推乙的力小于乙推甲的力BC在剛分開時(shí)，甲的初速度大于乙的初速度 D在分開后，甲的加速度大小小于乙的加速度大小Q PM

3、OF（ ）Q 帶同種電荷M F點(diǎn)的動(dòng)能FN點(diǎn)的電勢(shì)能P N的過程中，電勢(shì)能逐漸增大MNMN 象的影響，在此過程中（ ）B導(dǎo)體棒所受安培力大小不變C導(dǎo)軌對(duì)導(dǎo)體棒支持力不變 D導(dǎo)體棒受到摩擦力大小不變?nèi)鐖D所示，一束質(zhì)量和電荷量可能不同的正離子垂直地射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)它們的動(dòng)能一定不相同BC它們的質(zhì)量一定不相同D它們的比荷一定不相同二多選題（本大題共 4 小題，每小題 3 分，每小題給出的四個(gè)答案中，都有多個(gè)是正確的，完全正確的得 3 分，選對(duì)但不全的得 1 分，有選錯(cuò)或不答的，得 0 分）ErR3 P b 移動(dòng)時(shí)，下列判斷正確的是（ ）電壓表示數(shù)變小B電流表示數(shù)變大C流過電阻R1 的電不變D電阻R

4、2 的功率變（ ）運(yùn)動(dòng)員下落到剛接觸蹦床時(shí)，速度最大在下落過程中，重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功等于其重力勢(shì)能的減小量D運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力大于運(yùn)動(dòng)員對(duì)床的作用力圓形區(qū)域內(nèi)有如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)一束相同比荷的帶電粒子對(duì)準(zhǔn)圓心 O射入，分別從 a、b 兩點(diǎn)射出，則從 b 點(diǎn)射出的粒子（ ）速 率 較 小 B偏轉(zhuǎn)角較小 C運(yùn)動(dòng)半徑較小 D所受重力與電場(chǎng)力合力為零 B機(jī)械能保持不變C電勢(shì)能和動(dòng)能的總和保持不變 D三填空題（本題共 3 小題，每空 2 分，共 12 分）45v06m/s的初速度0.1kg s，小球與斜面相碰時(shí)重力的瞬時(shí)功率為 W（10m/s）m Av0B發(fā)生撞，碰后A球以的速率反向彈

5、回，而B球以的速率向右運(yùn)動(dòng)，則B mB ；碰撞過程中，BA做功為 rR N Labcd 外，勻強(qiáng)磁場(chǎng)充滿并垂直穿過該正方形區(qū)域，如圖甲所示磁場(chǎng)隨時(shí)間的變化規(guī)律t0B0應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E = V，0 t0 q= 四實(shí)驗(yàn)題（本題共 2 小題，每空 2 分，共 12 分）小明同學(xué)采用如圖 1 所示的裝置進(jìn)行“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)圖 1是即將啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)的場(chǎng)景，圖 2 是備選的測(cè)量器材除了圖 1 裝置中的器材之外，還必須從圖 2 中選取實(shí)驗(yàn)器材，其名稱是；指出圖1 裝置中不合理的地方 （一處；在實(shí)際的測(cè)量中，重物減少的重力勢(shì)能通常會(huì)（選填“略大于“等于”或“略小于）增加的動(dòng)能，這樣產(chǎn)生的誤差屬于 （選

6、填 “系統(tǒng)誤差”或“偶然誤差；某同學(xué)想用下述方法研究機(jī)械能是否守恒，在紙帶上選取多個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，測(cè)量它們到起始點(diǎn)O的距離h計(jì)算對(duì)應(yīng)計(jì)數(shù)點(diǎn)的重物速度v描繪v2h圖象并做如下判斷若圖象是一條過原點(diǎn)的直線則重物下落過程中機(jī)械能守恒請(qǐng) 你 分 析 論 證 該 同 學(xué) 的 判 斷 依 據(jù) 是 否 正 確 并 說 明 原因C a b （K 進(jìn)行變換表的接法。設(shè)兩表的量程及所接電源都合適。Kab K接 點(diǎn)的方法（選填“”或 “bRx值比它的真實(shí)值（“小于，用此種方法測(cè)量時(shí)若已知電流表內(nèi)阻UI，則被測(cè)電阻真實(shí)值計(jì)算表達(dá)式 = 。要描繪出該被測(cè)電阻的伏安特性曲線，除上面圖示中測(cè)量電路中已有的器EF 完整的電路中（畫

7、出虛線內(nèi)的電路圖）五計(jì)算題（4 40 演算步驟，只寫出最后答案的不能給分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中應(yīng)明確寫出數(shù)值和單位）v110m/s對(duì)于地面靜止的物塊輕放到木板右端，已知物塊與木板的質(zhì)量相等，物塊與： ：若地面光滑，經(jīng)過多長時(shí)間物塊相對(duì)木板停止運(yùn)動(dòng)？的距離PQ 兩側(cè)分別存mP PQ30v Q點(diǎn)離開，不計(jì)粒子重力求磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度最小值；v P Q點(diǎn)，求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小h0.5m B0.5Tabcd，其質(zhì)量為0.1kgL0.5mR0.5I 時(shí)，cd F4.0N 邊剛好出磁場(chǎng)cd cd 運(yùn)動(dòng)1）；2F做的功及線框內(nèi)產(chǎn)生的熱量2m A H2L小球受到彈簧的彈性力作用后，沿斜面向上運(yùn)動(dòng)離開B 發(fā)生彈性碰撞

8、，碰撞后球BO AC P點(diǎn)，O 點(diǎn)的投影O與P 的距離為已知球B 質(zhì)量為m，懸繩長L，視兩球?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)，重力加速度為 g，不計(jì)空氣阻力，求：B在兩球碰撞后一瞬間的速度大小；A在兩球碰撞前一瞬間的速度大??；A所做的功天津市和平區(qū) 2018-2019 學(xué)年度第一學(xué)期高三年級(jí)期末考試物理學(xué)科試卷參考答案與試題解析一.單選題(本大題共 8 小題，每小題 3 分，每小題給出四個(gè)答案中，只有一個(gè)是正確的，選對(duì)的得 3 分，有選錯(cuò)的或不答的，得 0 分)下 列 說 法 正 確 的 是 （ ） AB 射線、 射線、 射線都是高速運(yùn)動(dòng)的帶電粒子流C氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷只能輻射特定頻率的光子D【解答】解：A、原子

9、核發(fā)生衰變時(shí)，電荷守恒，但會(huì)有質(zhì)量虧損，遵循的是愛因斯坦的質(zhì)能方程而非質(zhì)量守恒規(guī)律； 故 A 錯(cuò)誤。B、 B 錯(cuò)誤。ChEmEnC 正確。D、由光電效應(yīng)的方程 EkhW0 可知，光電子的動(dòng)能由入射光頻率決定。故D 錯(cuò)誤。故選：C。如圖是 a、b 兩光分別經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后在屏上形成的干涉圖樣，則（ ）b 光臨界角大在同種均勻介質(zhì)中，a 光的傳播速度比 b 光的大C照射在同一金屬板上發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，a光的飽和電流大D若a【解答解根據(jù)可知同種介質(zhì)射入真空發(fā)生全反射時(shí)a光臨界A正確；B、由圖可知a 光的干涉條紋間距小于b 光，根據(jù)可知，a 的波長小于b 光，則a 光的頻率大于b 光，a 的折射率

10、大于b 光，根據(jù)n可知，在ab B錯(cuò)誤；C、光電效應(yīng)時(shí)飽和電流與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，所以無法判斷飽和電流的大小， 故 C 錯(cuò)誤；Da a D 錯(cuò)誤。故選：A。如圖所示，某運(yùn)動(dòng)員先雙手撐住吊環(huán)，然后身體下移，雙臂緩慢張開到如圖FT（個(gè)拉力大小相等）F的大小變化情況為（ ）AFT減小，F(xiàn)減小BFT增大，F(xiàn)增大CFT增大，F(xiàn)不變DFT減小，F(xiàn)增大解：對(duì)運(yùn)動(dòng)員受力分析，受到重力、兩個(gè)拉力，如圖由于兩個(gè)拉力的合力不變，且夾角變大，故兩個(gè)拉力不斷變大； 故選：C。S1r3T2r3（ ）S1 S2 的質(zhì)量S1 S2 的密度S1 S2 距兩恒星表面高度相同的行星，S1 【解答】解：A、由題圖可知，當(dāng)繞恒星運(yùn)動(dòng)的

11、行星的環(huán)繞半徑相等時(shí)，S1 運(yùn)動(dòng)的周期比較大，根據(jù)公式：M，周期越大則質(zhì)量越小。所以恒星S1 的質(zhì)量小于恒星S2 A錯(cuò)誤；B、兩顆恒星的半徑相等，則根據(jù) MV，半徑 R0 相等則它們的體積相等，所以質(zhì)量大 S2 的密度大。故 B 正確。C、根據(jù)萬有引力提供向心力，則：v，由于恒星S1 的質(zhì)量小于恒星S2的質(zhì)量，所以恒星S1的第一S2 C 錯(cuò)誤。D、距兩恒星表面高度相同的行星，如圖當(dāng)它們的軌道半徑相等時(shí)，S1 的周期大于恒星S2 的周期，們的向心加速度a：a，所以S1 的行星心D 錯(cuò)誤。故選：B。在滑冰場(chǎng)上，甲、乙兩個(gè)小孩分別坐在滑冰板上，原來靜止不動(dòng)，在相互猛推一下后分別向相反方向運(yùn)動(dòng)，假定兩

12、板與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，已知甲在冰上滑行的距離比乙遠(yuǎn)，這是由于（ ）在推的過程中，甲推乙的力小于乙推甲的力 BC在剛分開時(shí)，甲的初速度大于乙的初速度 D在分開后，甲的加速度大小小于乙的加速度大小【解答】解：A、作用力和反作用力一定是兩個(gè)物體之間的相互作用力，并且大小相等，在推的過程中，甲的推力等于乙的推力，故 A 錯(cuò)誤B、作用力和反作用力同時(shí)產(chǎn)生同時(shí)消失。甲推的乙的時(shí)間等于乙推甲的時(shí)間。故 B 錯(cuò)誤C、由于兩板與冰面間的摩擦因數(shù)相同，由牛頓第二定律可以知道，mgma， 所以 ag，即他們的加速度的大小是相同的，所以 D 錯(cuò)誤；V22ax C 正確。故選：C。Q PMOF（ ）Q 帶同種電荷

13、M F點(diǎn)的動(dòng)能FN點(diǎn)的電勢(shì)能P N的過程中，電勢(shì)能逐漸增大MN A 錯(cuò)誤；BM NM N 的電勢(shì)能；N F F M F B 正確；C、N F F N F N C 錯(cuò)誤；DP D 錯(cuò)誤；故選：B。MNMN 象的影響，在此過程中（ ）B導(dǎo)體棒所受安培力大小不變C導(dǎo)軌對(duì)導(dǎo)體棒支持力不變 D導(dǎo)體棒受到摩擦力大小不變【解答】解：A、開關(guān)閉合，由左手定則可知，磁感線穿過掌心，則大拇指向?yàn)榇怪贝鸥芯€向右，故 A 錯(cuò)誤；B當(dāng)開關(guān)閉合后根據(jù)安培力公式與可得F故B正確；C、導(dǎo)軌對(duì)導(dǎo)體棒支持力mg Fcos，當(dāng)逐漸增大，故 C錯(cuò)誤；D( 逐漸增大， D 錯(cuò)誤；故選：B。如圖所示，一束質(zhì)量和電荷量可能不同的正離子垂直

14、地射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)它們的動(dòng)能一定不相同BC它們的質(zhì)量一定不相同D它們的比荷一定不相同【解答】解：因?yàn)榱Ｗ舆M(jìn)入電場(chǎng)和磁場(chǎng)正交區(qū)域時(shí)，不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說明粒子所受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡有得出能不偏轉(zhuǎn)的粒子速度應(yīng)滿足v粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后受洛倫茲力作用，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，即qvBm，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R，R 不同，進(jìn)入第二個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，粒子具有相同的速度，由R得知，所以粒子能分裂成的粒子的值不同則電荷量與質(zhì)量之比一定不相同而質(zhì)量m電D正確，ABC 錯(cuò)誤。故選：D。二多選題（4 3 分，每小題給出的四個(gè)答案中，都有31得 0 分）ErR3 P b 移動(dòng)時(shí)，下列判斷正確的是（ ）電壓表示數(shù)變小B

15、電流表示數(shù)變大C流過電阻R1 的電不變D電阻R2 的功率變【解答】R3 P b 端移動(dòng)時(shí)，R3R 總I 總R1 的電流IR1。U 并R2 的電流R2I 總IA+IR2IA 變大。R2 IR2R2 AB CD 故選：AB。（ ）運(yùn)動(dòng)員下落到剛接觸蹦床時(shí)，速度最大在下落過程中，重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功等于其重力勢(shì)能的減小量 CD運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力大于運(yùn)動(dòng)員對(duì)床的作用力錯(cuò)誤；B、根據(jù)功能關(guān)系，力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功等于其重力勢(shì)能的減小，故 B 正確；C的彈力逐漸增加，故合力先向下減小后反向增加，故運(yùn)動(dòng)員的加速度先減小C 正確；D、床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力與運(yùn)動(dòng)員對(duì)床的作用力是相互作用力，總是等值、

16、反向、共線，故 D 錯(cuò)誤； 故選：BC。圓形區(qū)域內(nèi)有如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)一束相同比荷的帶電粒子對(duì)準(zhǔn)圓心 O射入，分別從 a、b 兩點(diǎn)射出，則從 b 點(diǎn)射出的粒子（ ）速 率 較 小 B偏轉(zhuǎn)角較小CD在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短【解答】解：ACb 出的粒子運(yùn)動(dòng)半徑較大，由r，結(jié)合荷質(zhì)比相同，可得從b 點(diǎn)射出的AC 錯(cuò)誤；B、由圖可以看出 a 粒子偏轉(zhuǎn)角較大，b 粒子偏轉(zhuǎn)角較小，故 B 正確；周期公式得，T由于荷質(zhì)比相同周期與速率無關(guān)，粒子的時(shí)間：t可知運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，僅由軌跡所對(duì)的圓心角決定，故b D正確；故選：BD。電源相連若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過電容器，則在此過程中，該粒子（ ）所受重力與

17、電場(chǎng)力合力為零B機(jī)械能保持不變C電勢(shì)能和動(dòng)能的總和保持不變D做勻變速直線運(yùn)【解答】解：A、D、根據(jù)題意可知，粒子做直線運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力與重力的合力與速度方向同向，粒子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，因此 A 錯(cuò)誤，D 正確；BA B 正確；C、因電場(chǎng)力做正功，則電勢(shì)能減小，電勢(shì)能和動(dòng)能總和減小，故 C 錯(cuò)誤； 故選：BD。三填空題（本題共 3 小題，每空 2 分，共 12 分）45v06m/s的初速度0.1kg 0.6 力的瞬時(shí)功率為 6 W（10m/s2）【解答】t45，所以有：代入數(shù)據(jù)解得：vy6m/s 所以時(shí)間 t 為：t重力的瞬時(shí)功率為：Pmgvy0.1106W6W 故答案為：0.6，6m Av0B發(fā)

18、生撞，碰后A球以的速率反向彈回，而B球以的速率向右運(yùn)動(dòng)，則B 質(zhì)量mB 3m ；撞過程中，B對(duì)A做功為 AB A ：mAv0mA（，解得 mB3m；以A為研究對(duì)象，由動(dòng)能定理得：WBA做負(fù)功；案為：4.5m；rR N Labcd 外，勻強(qiáng)磁場(chǎng)充滿并垂直穿過該正方形區(qū)域，如圖甲所示磁場(chǎng)隨時(shí)間的變化規(guī)律t0B0L2 應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E = nV，0 至t0 時(shí)間內(nèi)通過的荷量q= L2 【解答解（1）磁通量的變化率為為Sl2根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：nl2（2）電量為案為：nl2；四實(shí)驗(yàn)題（本題共 2 小題，每空 2 分，共 12 分）小明同學(xué)采用如圖 1 所示的裝置進(jìn)行“驗(yàn)證機(jī)械能守恒

19、定律”實(shí)驗(yàn)圖 1是即將啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)的場(chǎng)景，圖 2 是備選的測(cè)量器材1 2 ；1 裝置中不合理的地方 重錘離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn) （一處； 略大于 （ 系統(tǒng)誤差（選填“系統(tǒng)誤差”或“偶然誤差；v2h 某同學(xué)想用下述方法研究機(jī)械能是否守恒，在紙帶上選取多個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，測(cè)量它們到起始點(diǎn)O的距離hvv2v2h 且斜率為 2g 才能說明機(jī)械能守恒 （1由圖可知，重錘離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)，為了能在紙帶上打出更多的點(diǎn)，則紙帶應(yīng)該上提；實(shí)際試驗(yàn)中，重錘要受到空氣阻力、紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器限位孔之間的摩擦力，故重物下落時(shí)要克服這些阻力做的功，重力勢(shì)能不能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能， 有一小部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故重物減少的重力勢(shì)能通常會(huì)略大于

20、增加的動(dòng)能；不正確，若機(jī)械能守恒，有mgh，則v22gh，可知v2h 圖線2g才能說明機(jī)械能守恒1（2（3（4不正確，若機(jī)械能守恒，有mgh，則v22gh，可知v2h 圖線為2g才能說明機(jī)械能守恒C a b （K 進(jìn)行變換表的接法。設(shè)兩表的量程及所接電源都合適。Kab K接 點(diǎn)的方法（選填“”或 “bRx值比它的真實(shí)值（“小于，用此種方法測(cè)量時(shí)若已知電流表內(nèi)阻UI，則被測(cè)電阻真實(shí)值計(jì)算表達(dá)式 = 。要描繪出該被測(cè)電阻的伏安特性曲線，除上面圖示中測(cè)量電路中已有的器EF 完整的電路中（畫出虛線內(nèi)的電路圖）（1）K a b 時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)比電壓表計(jì)數(shù)變化明顯，說明電流表的分壓作用較小，所以要用內(nèi)

21、接法，即應(yīng)采用 K 接 a 點(diǎn)的方法；用此接法電壓表測(cè)量的是電流表和被測(cè)電阻的總電壓，電流表測(cè)量的是被測(cè)電阻的電流根據(jù)歐姆定律R可知電壓偏大電流準(zhǔn)確所以電阻偏大電阻兩端的電壓根據(jù)歐姆定律R得UI電路圖如圖所示：故答案為1）a點(diǎn)（2）大于； （3）如圖所示。五計(jì)算題（4 40 演算步驟，只寫出最后答案的不能給分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中應(yīng)明確寫出數(shù)值和單位）v110m/s對(duì)于地面靜止的物塊輕放到木板右端，已知物塊與木板的質(zhì)量相等，物塊與： ：若地面光滑，經(jīng)過多長時(shí)間物塊相對(duì)木板停止運(yùn)動(dòng)？的距離【解答解（1）放上木塊后，物塊的加速度為：114m/s2木板的加速度大小為：a21g4m/s2設(shè)經(jīng)過 t 時(shí)間速度相同，根據(jù)速度時(shí)間公式得：a2tv1a1t，：ts1.25s（2）若木板與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)為：20.1加速度大小為：a21g+22g6m/s2設(shè)經(jīng)過 t時(shí)間速度相同，根據(jù)速度時(shí)間公式得： v1a2ta1t，解得：t1s共同速度為：va1t414m/s速后兩者一起運(yùn)動(dòng)，加速度為：a木板與物塊相對(duì)靜止后還能向前滑行的距離為： 8m答：1.25s 時(shí)間物塊相對(duì)木板停止運(yùn)動(dòng)8mPQ 兩側(cè)分